人教版高中数学必修二第二章 点直线平面之间的位置关系训练 233.docx
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人教版高中数学必修二第二章点直线平面之间的位置关系训练233
2.3.3 直线与平面垂直的性质
2.3.4 平面与平面垂直的性质
一、基础达标
1.下列命题中错误的是( )
A.如果平面α⊥平面β,那么平面α内一定存在直线平行于平面β
B.如果平面α不垂直于平面β,那么平面α内一定不存在直线垂直于平面β
C.如果平面α⊥平面γ,平面β⊥平面γ,α∩β=l,那么l⊥平面γ
D.如果平面α⊥平面β,那么平面α内所有直线都垂直于平面β
答案 D
解析 由平面与平面垂直的有关性质可以判断出D项错误.
2.在长方体ABCD-A1B1C1D1的棱AB上任取一点E,作EF⊥A1B1于F,则EF与平面A1B1C1D1的关系是( )
A.平行B.EF⊂平面A1B1C1D1
C.相交但不垂直D.相交且垂直
答案 D
解析 在长方体ABCD-A1B1C1D1中,平面A1ABB1⊥平面A1B1C1D1且平面A1ABB1∩平面A1B1C1D1=A1B1,又EF⊂面A1ABB1,EF⊥A1B1,∴EF⊥平面A1B1C1D1,答案D正确.
3.(2014·昆明高一检测)如图所示,三棱锥P-ABC中,平面ABC⊥平面PAB,PA=PB,AD=DB,则( )
A.PD⊂平面ABC
B.PD⊥平面ABC
C.PD与平面ABC相交但不垂直
D.PD∥平面ABC
答案 B
解析 ∵PA=PB,AD=DB,∴PD⊥AB.又∵平面ABC⊥平面PAB,平面ABC∩平面PAB=AB,
∴PD⊥平面ABC.
4.(2014·淄博高一检测)如图,在四边形ABCD中,AD∥BC,AD=AB,∠BCD=45°,∠BAD=90°,将△ABD沿BD折起,使平面ABD⊥平面BCD,构成三棱锥A-BCD,则在三棱锥A-BCD中,下列命题正确的是( )
A.平面ABD⊥平面ABC
B.平面ADC⊥平面BDC
C.平面ABC⊥平面BDC
D.平面ADC⊥平面ABC
答案 D
解析 如图,在平面图形中CD⊥BD,折起后仍然满足CD⊥BD,由于平面ABD⊥平面BCD,故CD⊥平面ABD,CD⊥AB.又AB⊥AD,故AB⊥平面ADC,又AB⊂平面ABC,所以平面ADC⊥平面ABC.
5.(2013·广东高考)设m,n是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,下列命题中正确的是( )
A.若α⊥β,m⊂α,n⊂β,则m⊥n
B.若α∥β,m⊂α,n⊂β,则m∥n
C.若m⊥n,m⊂α,n⊂β,则α⊥β
D.若m⊥α,m∥n,n∥β,则α⊥β
答案 D
解析 如图,在长方体ABCD-A1B1C1D1中,平面BCC1B1⊥平面ABCD,BC1⊂平面BCC1B1,BC⊂平面ABCD,而BC1不垂直于BC,故A错误.
平面A1B1C1D1∥平面ABCD,B1D1⊂平面A1B1C1D1,
AC⊂平面ABCD,但B1D1和AC不平行,故B错误.
AB⊥A1D1,AB⊂平面ABCD,A1D1⊂平面A1B1C1D1,但平面A1B1C1D1∥平面ABCD,故C错误.故选D.
6.(2014·琼海高一检测)在平面四边形ABCD中,AB=AD=1,BC=CD=,AB⊥AD,沿BD将△ABD折起,使得AC=1,则二面角A-BD-C的平面角的正弦值为________.
答案
解析 在平面四边形ABCD中,
取BD的中点E,由条件知A、E、C共线,
且为BD的垂直平分线,
又在△ABD中,AB⊥AD,AB=AD=1,
∴BD=,∴AE=BD=;
在△CBD中,BC=DC=,
∴CE=,沿BD折叠后,
∠AEC为二面角A-BD-C的平面角,
又AC=1,∴在△AEC中,AE2+AC2=CE2,
∠EAC=90°,∴sin∠AEC===.
7.(2014·威海高一检测)如图三棱锥P-ABC中,已知△ABC是等腰直角三角形,∠ABC=90°,△PAC是直角三角形,∠PAC=90°,∠ACP=30°,平面PAC⊥平面ABC.求证:
平面PAB⊥平面PBC.
证明 ∵平面PAC⊥平面ABC,
平面PAC∩平面ABC=AC,PA⊥AC,
∴PA⊥平面ABC.
又BC⊂平面ABC,
∴PA⊥BC.
又∵AB⊥BC,AB∩PA=A,
∴BC⊥平面PAB.
又BC⊂平面PBC,
∴平面PAB⊥平面PBC.
二、能力提升
8.如图所示,在斜三棱柱ABC-A1B1C1中,∠BAC=90°,BC1⊥AC,则点C1在底面ABC上的射影H必在( )
A.直线AB上
B.直线BC上
C.直线AC上
D.△ABC内部
答案 A
解析 连接AC1,∠BAC=90°,即AC⊥AB,又AC⊥BC1,AB∩BC1=B,所以AC⊥平面ABC1.又AC⊂平面ABC,于是平面ABC1⊥平面ABC,且AB为交线,因此,点C1在平面ABC上的射影必在直线AB上,故选A.
9.如图,正方形SG1G2G3中,E、F分别是G1G2、G2G3的中点,现在沿SE、SF、EF把这个正方形折成一个四面体,使G1、G2、G3重合,重合后的点记为G.给出下列关系:
①SG⊥平面EFG;②SE⊥平面EFG;③GF⊥SE;④EF⊥平面SEG.其中成立的有( )
A.①与②B.①与③
C.②与③D.③与④
答案 B
解析 由SG⊥GE,SG⊥GF,得SG⊥平面EFG,排除C、D;若SE⊥平面EFG,则SG∥SE,这与SG∩SE=S矛盾,排除A,故选B.
10.如图所示,已知两个正方形ABCD和DCEF不在同一平面内,M,N分别为AB,DF的中点.若CD=2,平面ABCD⊥平面DCEF,则线段MN的长等于________.
答案
解析 取CD的中点G,连接MG,NG.
因为ABCD,DCEF为正方形,且边长为2,所以MG⊥CD,MG=2,NG=.
因为平面ABCD⊥平面DCEF,
所以MG⊥平面DCEF,可得MG⊥NG,
所以MN==.
11.(2013·北京高考)如图,在四棱锥P-ABCD中,AB∥CD,AB⊥AD,CD=2AB,平面PAD⊥底面ABCD,PA⊥AD,E和F分别是CD和PC的中点.求证:
(1)PA⊥底面ABCD;
(2)BE∥平面PAD;
(3)平面BEF⊥平面PCD.
证明
(1)因为平面PAD⊥底面ABCD,
且PA垂直于这两个平面的交线AD,
所以PA⊥底面ABCD.
(2)因为AB∥CD,CD=2AB,
E为CD的中点,
所以AB∥DE,且AB=DE.
所以四边形ABED为平行四边形.
所以BE∥AD.
又因为BE⊄平面PAD,
AD⊂平面PAD,
所以BE∥平面PAD.
(3)因为AB⊥AD,而且四边形ABED为平行四边形,
所以BE⊥CD,AD⊥CD.
由
(1)知PA⊥底面ABCD,
所以PA⊥CD.
所以CD⊥平面PAD.
所以CD⊥PD.
因为E和F分别是CD和PC的中点,
所以PD∥EF.
所以CD⊥EF.
又因为CD⊥BE,EF∩BE=E,
所以CD⊥平面BEF.
所以平面BEF⊥平面PCD.
三、探究与创新
12.如图所示,在平行四边形ABCD中,已知AD=2AB=2a,BD=a,AC∩BD=E,将其沿对角线BD折成直二面角.
求证:
(1)AB⊥平面BCD;
(2)平面ACD⊥平面ABD.
证明
(1)在△ABD中,AB=a,AD=2a,BD=a,
∴AB2+BD2=AD2,
∴∠ABD=90°,AB⊥BD.
又∵平面ABD⊥平面BCD,
平面ABD∩平面BCD=BD,AB⊂平面ABD,
∴AB⊥平面BCD.
(2)∵折叠前四边形ABCD是平行四边形,
且AB⊥BD,
∴CD⊥BD.
∵AB⊥平面BCD,CD⊂平面BCD.
∴AB⊥CD.
∵AB∩BD=B,
∴CD⊥平面ABD.
又∵CD⊂平面ACD,
∴平面ACD⊥平面ABD.
13.已知△BCD中,∠BCD=90°,BC=CD=1,AB⊥平面BCD,∠ADB=60°,E,F分别是AC,AD上的动点,且==λ(0<λ<1).
(1)求证:
不论λ为何值,总有平面BEF⊥平面ABC;
(2)当λ为何值时,平面BEF⊥平面ACD?
(1)证明 ∵AB⊥平面BCD,
∴AB⊥CD.
∵CD⊥BC且AB∩BC=B,
∴CD⊥平面ABC.
又∵==λ(0<λ<1),
∴不论λ为何值,恒有EF∥CD,
∴EF⊥平面ABC.
又EF⊂平面BEF.
∴不论λ为何值恒有平面BEF⊥平面ABC.
(2)解 由
(1)知,EF⊥BE,
又平面BEF⊥平面ACD,
∴BE⊥平面ACD,∴BE⊥AC.
∵BC=CD=1,∠BCD=90°,
∠ADB=60°,AB⊥平面BCD,
∴BD=,
AB=tan60°=.
AC==,
由AB2=AE·AC得AE=,
∴λ==,
故当λ=时,
平面BEF⊥平面ACD.