最新抛物线与圆综合探究题含答案Word文档下载推荐.docx
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例2、已知:
在平面直角坐标系xOy中,一次函数y=kx-4k的图象与x轴交于点A,抛物线经过O、A两点。
⑴试用含a的代数式表示b;
⑵设抛物线的顶点为D,以D为圆心,DA为半径的圆被x轴分为劣弧和优弧两部分。
若将劣弧沿x轴翻折,翻折后的劣弧落在⊙D内,它所在的圆恰与OD相切,求⊙D半径的长及抛物线的解析式;
⑶设点B是满足⑵中条件的优弧上的一个动点,抛物线在x轴上方的部分上是否存在这样的点P,使得?
若存在,求出点P的坐标;
若不存在,请说明理由。
(1)解法一:
∵一次函数的图象与x轴交于点A∴点A的坐标为(4,0)∵抛物线经过O、A两点解法二:
∵一次函数的图象与x轴交于点A∴点A的坐标为(4,0)∵抛物线经过O、A两点∴抛物线的对称轴为直线
(2)解:
由抛物线的对称性可知,DO=DA∴点O在⊙D上,且∠DOA=∠DAO又由
(1)知抛物线的解析式为∴点D的坐标为()①当时,如图1,设⊙D被x轴分得的劣弧为,它沿x轴翻折后所得劣弧为,显然所在的圆与⊙D关于x轴对称,设它的圆心为D'
∴点D'
与点D也关于x轴对称
∵点O在⊙D'
上,且OD与⊙D'
相切∴点O为切点∴D'
O⊥OD∴∠DOA=∠D'
OA=45°
∴△ADO为等腰直角三角形∴点D的纵坐标为∴抛物线的解析式为②当时,同理可得:
抛物线的解析式为综上,⊙D半径的长为,抛物线的解析式为或
(3)解答:
抛物线在x轴上方的部分上存在点P,使得设点P的坐标为(x,y),且y>0①当点P在抛物线上时(如图2)∵点B是⊙D的优弧上的一点过点P作PE⊥x轴于点E由解得:
(舍去)∴点P的坐标为②当点P在抛物线上时(如图3)同理可得,由解得:
(舍去)∴点P的坐标为综上,存在满足条件的点P,点P的坐标为或
例3、如图,在直角坐标系中,⊙C过原点O,交x轴于点A(2,0),交y轴于点B(0,)。
⑴求圆心的坐标;
⑵抛物线y=ax2+bx+c过O、A两点,且顶点在正比例函数
y=-x的图象上,求抛物线的解析式;
⑶过圆心C作平行于x轴的直线DE,交⊙C于D、E两点,试判断D、E两点是否在⑵中的抛物线上;
⑷若⑵中的抛物线上存在点P(x0,y0),满足∠APB为钝角,求x0的取值范围。
(1)∵⊙C经过原点O,∴AB为⊙C的直径。
∴C为AB的中点。
过点C作CH垂直x轴于点H,则有CH=OB=,OH=OA=1。
∴圆心C的坐标为(1,)。
(2)∵抛物线过O、A两点,∴抛物线的对称轴为x=1。
∵抛物线的顶点在直线y=-x上,∴顶点坐标为(1,-)把这三点的坐标代入抛物线抛物线y=ax2+bx+c,得
解得∴抛物线的解析式为。
(3)∵OA=2,OB=2,∴.即⊙C的半径r=2。
∴D(3,),E(-1,)代入检验,知点D、E均在抛物线上(4)∵AB为直径,∴当抛物线上的点P在⊙C的内部时,满足∠APB为钝角。
∴-1<x0<0,或2<x0<3。
例4、如图,已知抛物线的顶点坐标为M(1,4),且经过点N(2,3),与x轴交于A、B两点(点A在点B左侧),与y轴交于点C。
⑴求抛物线的解析式及点A、B、C的坐标;
⑵若直线y=kx+t经过C、M两点,且与x轴交于点D,试证明四边形CDAN是平行四边形;
⑶点P在抛物线的对称轴x=1上运动,请探索:
在x轴上方是否存在这样的P点,使以P为圆心的圆经过A、B两点,并且与直线CD相切,若存在,请求出点P的坐标;
(1)由抛物线的顶点是M(1,4),设解析式为又抛物线经过点N(2,3),所以解得a=-1所以所求抛物线的解析式为y=令y=0,得解得:
得A(-1,0)B(3,0);
令x=0,得y=3,所以C(0,3).
(2)直线y=kx+t经过C、M两点,所以即k=1,t=3直线解析式为y=x+3.令y=0,得x=-3,故D(-3,0)CD=连接AN,过N做x轴的垂线,垂足为F.设过A、N两点的直线的解析式为y=mx+n,则解得m=1,n=1所以过A、N两点的直线的解析式为y=x+1所以DC∥AN.在Rt△ANF中,AN=3,NF=3,所以AN=所以DC=AN。
因此四边形CDAN是平行四边形.
(3)假设在x轴上方存在这样的P点,使以P为圆心的圆经过A、B两点,并且与直线CD相切,设P(1,u)其中u>0,则PA是圆的半径且过P做直线CD的垂线,垂足为Q,则PQ=PA时以P为圆心的圆与直线CD相切。
由第
(2)小题易得:
△MDE为等腰直角三角形,故△PQM也是等腰直角三角形,由P(1,u)得PE=u,PM=|4-u|,PQ=由得方程:
,解得,舍去负值u=,符合题意的u=,所以,满足题意的点P存在,其坐标为(1,).
例5、已知:
如图,抛物线与x轴交于A、B两点,与y轴交于C点,∠ACB=90°
,⑴求m的值及抛物线顶点坐标;
⑵过A、B、C的三点的⊙M交y轴于另一点D,连结DM并延长交⊙M于点E,过E点的⊙M的切线分别交x轴、y轴于点F、G,求直线FG的解析式;
⑶在条件⑵下,设P为上的动点(P不与C、D重合),连结PA交y轴于点H,问是否存在一个常数k,始终满足AH·
AP=k,如果存在,请写出求解过程;
如果不存在,请说明理由.
⑴由抛物线可知,点C的坐标为(0,m),且m<0.
设A(x1,0),B(x2,0).则有x1·
x2=3m 又OC是Rt△ABC的斜边上的高,∴△AOC∽△COB ∴ ∴,即x1·
x2=-m2 ∴-m2=3m,解得 m=0 或m=-3 而m<0,故只能取m=-3 这时,故抛物线的顶点坐标为(,-4)
⑵解法一:
由已知可得:
M(,0),A(-,0),B(3,0),C(0,-3),D(0,3) ∵抛物线的对称轴是x=,也是⊙M的对称轴,连结CE∵DE是⊙M的直径,∴∠DCE=90°
,∴直线x=,垂直平分CE,∴E点的坐标为(2,-3) ∵,∠AOC=∠DOM=90°
,∴∠ACO=∠MDO=30°
,∴AC∥DE∵AC⊥CB,∴CB⊥DE又FG⊥DE, ∴FG∥CB由B(3,0)、C(0,-3)两点的坐标易求直线CB的解析式为:
y=-3 可设直线FG的解析式为y=+n,把(2,-3)代入求得n=-5故直线FG的解析式为y=-5
解法二:
令y=0,解-3=0得x1=-,x2=3,即A(-,0),B(3,0)根据圆的对称性,易知:
:
⊙M半径为2, M(,0)在Rt△BOC中,∠BOC=90°
,OB=3,,OC=3∴∠CBO=30°
,同理,∠ODM=30°
。
而∠BME=∠DMO,∠DOM=90°
,∴DE⊥BC∵DE⊥FG, ∴BC∥FG∴∠EFM=∠CBO=30°
在Rt△EFM中,∠MEF=90°
,ME=2,∠FEM=30°
,∴MF=4,∴OF=OM+MF=5,∴F点的坐标为(5,0)在Rt△OFG中,OG=OF·
tan30°
=5×
=5∴G点的坐标为(0,-5)∴直线 FG的解析式为y=-5 (解法二的评分标准参照解法一酌定)
⑶解法一:
存在常数k=12,满足AH·
AP=12 连结CP由垂径定理可知,∴∠P=∠ACH(或利用∠P=∠ABC=∠ACO)又∵∠CAH=∠PAC,∴△ACH∽△APC∴ 即AC2=AH·
AP 在Rt△AOC中,AC2=AO2+OC2=()2+32=12(或利用AC2=AO·
AB=×
4=12∴AH·
AP=12
AP=12设AH=x,AP=y由相交弦定理得HD·
HC=AH·
HP即化简得:
xy=12即 AH·
例6、抛物线()交x轴于点A(-1,0)、B(3,0),交y轴于点C,顶点为D,以BD为直径的⊙M恰好过点C.
(1)求顶点D的坐标(用的代数式表示);
(2)求抛物线的解析式;
(3)抛物线上是否存在点P使△PBD为直角三角形?
若存在,求出点P的坐标;
若不存在,说明理由.
(1)(方法一)由题意:
设抛物线的解析式为∴∴点C(0,-3a),D(1,-4a)
(方法二)由题意:
,解得 ∴(下同方法一)
(2)(方法一)过点D作DE⊥y轴于点E,易证△DEC∽△COB∴∴∴ ∵ ∴故抛物线的解析式为:
(方法二)过点D作DE⊥y轴于点E,过M作MG⊥y轴于点G,设⊙M交x轴于另一点H,交y轴于另一点F,可先证四边形OHDE为矩形,则OH=DE=1,再证OF=CE=-a,由OH·
OB=OF·
OC得:
,∴(下同法一)
(3)符合条件的点P存在,共3个①若∠BPD=90°
,P点与C点重合,则P1(0,3)(P1表示第一个P点,下同)②若∠DBP=90°
,过点P2作P2R⊥x轴于点R,设点P2由△BP2R∽△DBH得,,即,解得 或(舍去)故③若∠BDP=90°
,设DP3的延长线交y轴于点N,可证△EDN∽△HDB【<
EDN=<
HDB,两个边相互垂直的角相等或者互补】,求得EN=,∴N(0,)求得DN的解析式为求抛物线与直线DN的交点得P3(),综上所述:
符合条件的点P为(0,3)、、()
例7、已知抛物线y=ax2+bx+c(a0)与x轴交于不同的两点A和B(4,0),与y轴交于点C(0,8),其对称轴为x=1.⑴求此抛物线的解析式;
⑵过A、B、C三点作⊙O′与y轴的负半轴交于点D,求经过原点O且与直线AD垂直(垂足为E)的直线OE的方程;
⑶设⊙O′与抛物线的另一个交点为P,直线OE与直线BC的交点为Q,直线x=m与抛物线的交点为R,直线x=m与直线OE的交点为S。
是否存在整数m,使得以点P、Q、R、S为顶点的四边形为平行四边形?
若存在,求出m的值;
(1)由已知,有解得∴抛物线的解析式是y=-x2+2x+8.
(2)令y=0,得方程-x2+2x+8=0,解得x1=-2,x2=4.∴点A的坐标为(-2,0).在⊙O′中,由相交弦定理,得OA|·
|OB|=|OC|·
|OD|,即2×
4=8×
|OD|,∴|OD|=1.∵点D在y轴的负半轴上,∴点D的坐标为(0,-1).
在Rt△AOD中,∵|OA|=2,|OD|=1,OE⊥AD,∴由勾股定理,有AD==.又∵|OA|·
|OD|=|AD|·
|OE|,∴|OE|=.∵|OA|2=|AE|·
|AD|,即22=|AE|,∴|AE|=.
同理,由|OD|2=|DE|·
|AD|,得|DE|=.设点E(x,y),且x<
0,y<
0.在Rt△AOE中,|AE|·
|OE|=|y|·
|OA|,∴|y|=,∴y=-.在Rt△DOE中,|DE|·
|OE|=|x|·
|OD|,∴|x|=,∴x=-.∴点E的坐标是(-,-).设直线OE的方程为y=kx(k≠0).∵直线OE经过点E(-,-),∴-=-k,K=2.∴直线OE的方程为y=2x.
(3)在⊙O′中,∵对称轴x=1垂直平分弦AB,∴由垂径定理的推