高中数学第一章导数及其应中的应用131函数的单调性与导数二学案新人教A版选修221022334Word下载.docx

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越小

慢

比较“平缓”（向上或向下）

3.利用导数解决单调性问题需要注意的问题

（1）定义域优先的原则：

解决问题的过程只能在定义域内，通过讨论导数的符号来判断函数的单调区间．

（2）注意“临界点”和“间断点”：

在对函数划分单调区间时，除了必须确定使导数等于零的点外，还要注意在定义域内的间断点．

（3）如果一个函数的单调区间不止一个，这些单调区间之间不能用“∪”连接，而只能用“逗号”或“和”字等隔开．

1．如果函数f（x）在某个区间内恒有f′（x）＝0，则f（x）在此区间内没有单调性．（　√　）

2．函数在某区间上变化越快，函数在这个区间上的导数的绝对值越大．（　√　）

类型一　利用导数求参数的取值范围

例1　若函数f（x）＝kx－lnx在区间（1，＋∞）上单调递增，则k的取值范围是________．

考点　利用导数求函数的单调区间

题点　已知函数的单调性求参数（或其范围）

答案　[1，＋∞）

解析　由于f′（x）＝k－，f（x）＝kx－lnx在区间（1，＋∞）上单调递增，等价于f′（x）＝k－≥0在（1，＋∞）上恒成立．

由于k≥，而0<

<

1，所以k≥1.

即k的取值范围为[1，＋∞）．

引申探究

1．若将本例中条件递增改为递减，求k的取值范围．

解　∵f′（x）＝k－，

又f（x）在（1，＋∞）上单调递减，

∴f′（x）＝k－≤0在（1，＋∞）上恒成立，

即k≤，∵0<

1，∴k≤0.

即k的取值范围为（－∞，0]．

2．若将本例中条件递增改为不单调，求k的取值范围．

解　f（x）＝kx－lnx的定义域为（0，＋∞），

f′（x）＝k－.

当k≤0时，f′（x）<

0.

∴f（x）在（0，＋∞）上单调递减，故不合题意．

当k>

0时，令f′（x）＝0，得x＝，

只需∈（1，＋∞），即>

1，则0<

k<

1.

∴k的取值范围是（0,1）．

反思与感悟　

（1）利用导数法解决取值范围问题的两个基本思路

①将问题转化为不等式在某区间上的恒成立问题，即f′（x）≥0（或f′（x）≤0）恒成立，利用分离参数或函数性质求解参数范围，然后检验参数取“＝”时是否满足题意；

②先令f′（x）>

0（或f′（x）<

0），求出参数的取值范围后，再验证参数取“＝”时f（x）是否满足题意．

（2）恒成立问题的重要思路

①m≥f（x）恒成立⇒m≥f（x）max；

②m≤f（x）恒成立⇒m≤f（x）min.

跟踪训练1　若函数f（x）＝x3－ax2＋（a－1）x＋1在区间（1,4）上单调递减，在（6，＋∞）上单调递增，求实数a的取值范围．

解　方法一　（直接法）

f′（x）＝x2－ax＋a－1，

令f′（x）＝0，得x＝1或x＝a－1.

当a－1≤1，即a≤2时，函数f（x）在（1，＋∞）上单调递增，不合题意．

当a－1>

1，即a>

2时，函数f（x）在（－∞，1）和（a－1，＋∞）上单调递增，在（1，a－1）上单调递减，

由题意知（1,4）⊂（1，a－1）且（6，＋∞）⊂（a－1，＋∞），

所以4≤a－1≤6，即5≤a≤7.

故实数a的取值范围为[5,7]．

方法二　（数形结合法）

如图所示，

f′（x）＝（x－1）[x－（a－1）]．

因为在（1,4）内，f′（x）≤0，

在（6，＋∞）内f′（x）≥0，

且f′（x）＝0有一根为1，

所以另一根在[4,6]上．

所以即所以5≤a≤7.

方法三　（转化为不等式的恒成立问题）

f′（x）＝x2－ax＋a－1.

因为f（x）在（1,4）上单调递减，

所以f′（x）≤0在（1,4）上恒成立．

即a（x－1）≥x2－1在（1,4）上恒成立，所以a≥x＋1，

因为2<

x＋1<

5，

所以当a≥5时，f′（x）≤0在（1,4）上恒成立，

又因为f（x）在（6，＋∞）上单调递增，

所以f′（x）≥0在（6，＋∞）上恒成立，

所以a≤x＋1，

因为x＋1>

7，

所以当a≤7时，f′（x）≥0在（6，＋∞）上恒成立．

综上知5≤a≤7.

类型二　证明不等式

例2　证明ex≥x＋1≥sinx＋1（x≥0）．

考点　利用导数研究函数的单调性

题点　利用导数证明不等式

证明　令f（x）＝ex－x－1（x≥0），则f′（x）＝ex－1≥0，

∴f（x）在[0，＋∞）上单调递增，

∴对任意x∈[0，＋∞），有f（x）≥f（0），而f（0）＝0，

∴f（x）≥0，即ex≥x＋1，

令g（x）＝x－sinx（x≥0），g′（x）＝1－cosx≥0，

∴g（x）≥g（0），即x－sinx≥0，

∴x＋1≥sinx＋1（x≥0），

综上，ex≥x＋1≥sinx＋1.

反思与感悟　用导数证明不等式f（x）>

g（x）的一般步骤

（1）构造函数F（x）＝f（x）－g（x），x∈[a，b]．

（2）证明F′（x）＝f′（x）－g′（x）≥0，且F（a）>

（3）依

（2）知函数F（x）＝f（x）－g（x）在[a，b]上是单调递增函数，故f（x）－g（x）>

0，即f（x）>

g（x）．

这是因为F（x）为单调递增函数，

所以F（x）≥F（a）>

0，

即f（x）－g（x）≥f（a）－g（a）>

跟踪训练2　已知x>

0，证明不等式ln（1＋x）>

x－x2成立．

证明　设f（x）＝ln（1＋x）－x＋x2，

则f′（x）＝－1＋x＝.

当x>

－1时，f′（x）>

则f（x）在（－1，＋∞）内是增函数．

∴当x>

0时，f（x）>

f（0）＝0.

0时，不等式ln（1＋x）>

x－x2成立.

1．已知命题p：

对任意x∈（a，b），有f′（x）>

0，q：

f（x）在（a，b）内是单调递增的，则p是q的（　　）

A．充分不必要条件

B．必要不充分条件

C．充要条件

D．既不充分也不必要条件

考点　函数的单调性与导数的关系

题点　利用导数值的正负号判定函数的单调性

答案　A

2．已知对任意实数x，都有f（－x）＝－f（x），g（－x）＝g（x），且当x>

0时，f′（x）>

0，g′（x）>

0，则当x<

0时（　　）

A．f′（x）>

0B．f′（x）>

0，g′（x）<

C．f′（x）<

0D．f′（x）<

答案　B

解析　由题意知，f（x）是奇函数，g（x）是偶函数．

0时，f（x），g（x）都单调递增，

则当x<

0时，f（x）单调递增，g（x）单调递减，

即f′（x）>

3．已知函数f（x）＝x3－12x，若f（x）在区间（2m，m＋1）上单调递减，则实数m的取值范围是________．

答案　[－1,1）

解析　f′（x）≤0，即3x2－12≤0，得－2≤x≤2.

∴f（x）的减区间为[－2,2]，

由题意得（2m，m＋1）⊆[－2,2]，

∴得－1≤m<

4．函数y＝ax－lnx在上单调递增，则a的取值范围为________．

答案　[2，＋∞）

解析　y′＝a－，由题意知，

当x∈时，y′≥0，

即a≥在上恒成立，

由x∈得，<

2，∴a≥2.

5．证明方程x－sinx＝0只有一个实根，并试求出这个实根．

解　令f（x）＝x－sinx，x∈（－∞，＋∞），

则f′（x）＝1－cosx>

所以f（x）在（－∞，＋∞）上为单调递增函数，其图象若穿越x轴，则只有一次穿越的机会，

显然x＝0时，f（x）＝0.

所以方程x－sinx＝0有唯一的实根x＝0.

利用导数法解决取值范围问题的两个基本思路

（1）将问题转化为不等式在某区间上的恒成立问题，即f′（x）≥0（或f′（x）≤0）恒成立，利用分离参数或函数性质求解参数范围，然后检验参数取“＝”时是否满足题意；

（2）先令f′（x）>

0），求出参数的取值范围后，再验证参数取“＝”时，f（x）是否满足题意.

一、选择题

1．函数y＝x4－2x2＋5的单调递减区间为（　　）

A．（－∞，－1）和（0,1）

B．[－1,0]和[1，＋∞）

C．[－1,1]

D．（－∞，－1]和[1，＋∞）

题点　利用导数求不含参数函数的单调区间

解析　y′＝4x3－4x，令y′<

0，即4x3－4x<

解得x<

－1或0<

x<

1，

所以函数的单调递减区间为（－∞，－1）和（0,1），故选A.

2．若f（x）＝，e<

a<

b，则（　　）

A．f（a）>

f（b）B．f（a）＝f（b）

C．f（a）<

f（b）D．f（a）f（b）>

1

题点　比较函数值的大小

解析　由f′（x）＝<

0，解得x>

e，

∴f（x）在（e，＋∞）上为减函数，

∵e<

b，∴f（a）>

f（b）．

3．若函数f（x）＝2x2－lnx在定义域内的一个子区间（k－1，k＋1）上不是单调函数，则实数k的取值范围是（　　）

A.B.C．（1,2]D．[1,2）

解析　显然函数f（x）的定义域为（0，＋∞），f′（x）＝4x－＝.由f′（x）＞0，得函数f（x）的单调递增区间为；

由f′（x）＜0，得函数f（x）单调递减区间为.因为函数在区间（k－1，k＋1）上不是单调函数，所以k－1＜＜k＋1，解得－＜k＜，又因为（k－1，k＋1）为定义域内的一个子区间，所以k－1≥0，即k≥1.综上可知，1≤k＜.

4．若a>

0，且f（x）＝x3－ax在[1，＋∞）上是增函数，则a的取值范围是（　　）

A．（0,3）B．（0,3]

C．（3，＋∞）D．[3，＋∞）

解析　由题意得，f′（x）＝3x2－a≥0在x∈[1，＋∞）上恒成立，

即a≤（3x2）min＝3，

又a>

0，∴0<

a≤3.

5．若函数y＝a（x3－x）在上单调递减，则a的取值范围是（　　）

A．