学年安徽省宿州市泗县九年级上第一次质检数学试题解析版.docx
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学年安徽省宿州市泗县九年级上第一次质检数学试题解析版
2018-2019学年安徽省宿州市泗县九年级(上)第一次质检
数学试卷
全卷满分100分,考试时间90分钟。
★祝考试顺利★
注意事项:
1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题作答用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。
答在试卷和草稿纸上无效。
3.非选择题作答用0.5毫米黑色墨水签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
答在试卷和草稿纸上无效。
考生必须保持答题卡的整洁。
考试结束后,只需上交答题卡。
第I卷
一、选择题(每小题4分,共40分)
1.下列图形中既是轴对称图形,又是中心对称图形的是( )
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】分析:
根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解.
详解:
A、是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项错误;
B、是轴对称图形,也是中心对称图形,故本选项正确;
C、不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项错误;
D、是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项错误.
故选B.
点睛:
此题考查了轴对称及中心对称图形的判断,解答本题的关键是掌握中心对称图形与轴对称图形的概念,属于基础题.
2.下列性质中,矩形具有但平行四边形不一定具有的是( )
A.对边相等B.对角相等C.对角线相等D.对边平行
【答案】C
【解析】矩形的对角线相等,而平行四边形的对角线不一定相等.故选C.
【点睛】矩形具有平行四边形的所有性质,又具有自己独特的性质,要注意运用矩形具备而一般平行四边形不具备的性质.如,矩形的对角线相、矩形的四个角都是直角等.
3.用配方法解一元二次方程x2﹣2x﹣3=0时,方程变形正确的是( )
A.(x﹣1)2=2B.(x﹣1)2=4C.(x﹣1)2=1D.(x﹣1)2=7
【答案】B
【解析】试题解析:
x2﹣2x﹣3=0,
移项得:
x2﹣2x=3,
两边都加上1得:
x2﹣2x+1=3+1,
即(x﹣1)2=4,
则用配方法解一元二次方程x2﹣2x﹣3=0时,方程变形正确的是(x﹣1)2=4.
故选B.
考点:
解一元二次方程-配方法.
4.根据义务教育均衡发展要求泗县政府从2014年至2017年共投资20.93亿元对全县所有学校进行全面改造,20.93亿用科学记数法表示为( )
A.20.93×108B.2.093×109C.2.093×108D.0.2093×1010
【答案】B
【解析】分析:
科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>1时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数.
详解:
20.93亿用科学记数法表示为2.093×109,
故选:
B.
点睛:
科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数,表示时关键要正确确定a的值以及n的值.
5.方程x(x+3)=x+3的根为( )
A.x=﹣3B.x=1C.x1=1,x2=3D.x1=1,x2=﹣3
【答案】D
【解析】分析:
应对方程进行变形,提取公因式x+3,将原式化为两式相乘的形式,再根据“两式相乘值为0,这两式中至少有一式值为0”来解题.
详解:
原方程变形为:
x(x+3)-(x+3)=0
即:
(x+3)(x-1)=0
∴x+3=0或x-1=0
∴x1=1,x2=-3.
故选D.
点睛:
本题考查了一元二次方程的解法.解一元二次方程常用的方法有直接开平方法,配方法,公式法,因式分解法,要根据方程的特点灵活选用合适的方法.本题运用的是因式分解法.
6.某商品原价200元,连续两次降价a%后售价为148元,下列所列方程正确的是( )
A.200(1+a%)2=148B.200(1﹣a%)2=148C.200(1﹣2a%)=148D.200(1﹣a2%)=148
【答案】B
【解析】试题分析:
主要考查增长率问题,本题可用降价后的价格=降价前的价格×(1-降价率),首先用x表示两次降价后的售价,然后由题意可列出方程.依题意得两次降价后的售价为200(1-a%)2,因此可得方程200(1-a%)2=148.
故选B
考点:
一元二次方程的应用---增长率问题
7.根据下列表格对应值:
x
3.24
3.25
3.26
ax2+bx+c
﹣0.02
0.01
0.03
判断关于x的方程ax2+bx+c=0(a≠0)的一个解x的范围是( )
A.x<3.24B.3.24<x<3.25C.3.25<x<3.26D.3.25<x<3.28
【答案】B
【解析】分析:
观察表格可知,随x的值逐渐增大,ax2+bx+c的值在3.24~3.25之间由负到正,故可判断ax2+bx+c=0时,对应的x的值在3.24<x<3.25之间.
详解:
由图表可知,ax2+bx+c=0时,3.24<x<3.25.
故选:
B.
点睛:
本题考查了估算一元二次方程的近似解,关键是观察表格,确定函数值由负到正(或由正到负)时,对应的自变量取值范围.
8.菱形ABCD的一条对角线长为6,边AB的长是方程x2﹣7x+12=0的一个根,则菱形ABCD的周长为( )
A.16B.12C.16或12D.24
【答案】A
【解析】分析:
先利用因式分解法解方程得到x1=3,x2=4,再根据菱形的性质可确定边AB的长是4,然后计算菱形的周长.
详解:
(x-3)(x-4)=0,
x-3=0或x-4=0,
所以x1=3,x2=4,
∵菱形ABCD的一条对角线长为6,
∴边AB的长是4,
∴菱形ABCD的周长为16.
故选:
A.
点睛:
本题考查了解一元二次方程-因式分解法:
因式分解法就是先把方程的右边化为0,再把左边通过因式分解化为两个一次因式的积的形式,那么这两个因式的值就都有可能为0,这就能得到两个一元一次方程的解,这样也就把原方程进行了降次,把解一元二次方程转化为解一元一次方程的问题了(数学转化思想).也考查了菱形的性质.
9.顺次连接矩形ABCD各边中点得到四边形EFGH,它的形状是( )
A.平行四边形B.矩形C.菱形D.正方形
【答案】C
【解析】如图:
E,F,G,H为矩形的中点,则AH=HD=BF=CF,AE=BE=CG=DG,
在Rt△AEH与Rt△DGH中,AH=HD,AE=DG,
∴△AEH≌△DGH,
∴EH=HG,
同理,△AEH≌△DGH≌△BEF≌△CGF≌△DGH,
∴EH=HE=GF=EF,∠EHG=∠EFG,
∴四边形EFGH为菱形.
故选C.
【点睛】此题主要考查了菱形的判定,综合利用了矩形的性质和三角形全等的判定与性质.
10.x=1是关于x的一元二次方程2x2+mx﹣1=0的一个根,则此方程的两根之和为( )
A.﹣1B.1C.
D.﹣
【答案】C
【解析】分析:
由于该方程的一次项系数是未知数,所以求方程的另一解可以根据根与系数的关系进行计算.
详解:
设方程的另一根为x1,
∵x=1是关于x的一元二次方程2x2+mx-1=0的一个根,
由根据根与系数的关系可得:
x1•1=-
,
∴x1=-
.
∴x1+1=
.
故选C.
点睛:
本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与系数的关系:
若方程两个为x1,x2,则x1+x2=-
,x1•x2=
.
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)
11.关于x的一元二次方程(m﹣1)x2+x+m2﹣1=0有一根为0,则m=_____.
【答案】-1
【解析】分析:
把x=0代入方程即可得到关于m的方程,即可求得m的值.另外要注意m-1≠0这一条件.
详解:
根据题意得:
m2-1=0且m-1≠0
解得m=-1
故答案为:
-1
点睛:
本题主要考查方程的解的定义,容易忽视的条件是m-1≠0.
12.小明设计了一个魔术盒,当任意实数对(a,b)进入其中时,会得到一个新的实数a2
+2b﹣3.例如把(2,﹣5)放入其中,就会得到22+2×(﹣5)﹣3=﹣9,现将实数(m,﹣3m)放入其中,得到实数4,则m=_____.
【答案】7或﹣1.
【解析】根据题意得,m2+2×(-3m)-3=4,解得m1=7,m2=-1,所以m的值为7或-1.
13.如图,是根据四边形的不稳定性制作的边长均为15cm的可活动菱形衣架.若墙上钉子间的距离AB=BC=15cm,则∠1=_____度.
【答案】120
【解析】试题分析:
根据题意可得,AB和菱形的两边构成的三角形是等边三角形,可得∠A=60°,所以,∠1=120°
解:
如图,连接AB.
∵菱形的边长=15cm,AB=BC=15cm
∴△AOB是等边三角形
∴∠ABO=60°,
∴∠AOD="120°"
∴∠1=120°.
故答案为:
120.
考点:
菱形的性质.
14.如图,正方形ABCD中,点E,F分别在BC,CD上,三角形AEF是等边三角形,连接AC交EF于G,下列结论:
①BE=DF,②AG=2GC,③BE+DF=EF,④S△CEF=2S△ABE正确的有_____(只填序号).
【答案】①④.
【解析】分析:
先通过证明Rt△ABE≌Rt△ADF可对①进行判断;再证明AG垂直平分EF得到CG=
EF,即EF=2CG,则利用EF>AG可对②进行判断;由于∠EAG=30°,∠BAE=15°,则可判断BE≠EG,然后利用BE+DF=2BE,EF=2EG可对③进行判断;延长CB到F′使BF′=DF,作EH⊥AF′于H,如图,易得△ABF′≌△ABE,∠EAF′=30°,设CG=x,则EG=GF=x,AE=2x,所以EH=x,然后根据三角形面积公式可对④进行判断.
详解:
∵△AEF为等边三角形,
∴AE=AF,
∵四边形ABCD为正方形,
∴AB=AD,∠B=∠D=∠BAD=90°,
在Rt△ABE和Rt△ADF中
∴Rt△ABE≌Rt△ADF,
∴BE=DF,所以①正确;
∠BAE=∠DAF,
∵AC平分∠BAD,
∴∠BAG=∠FAG,
∴AG垂直平分EF,
∴CG=
EF,即EF=2CG,
而EF>AG,
∴AG<2CG,所以②错误;
∵∠EAG=30°,∠BAE=15°,
∴BE≠EG,
∴BE+DF=2BE,EF=2EG,
∴BE+DF≠EF,所以③错误;
延长CB到F′使BF′=DF,作EH⊥AF′于H,如图,
易得△ABF′≌△ABE,
∴∠EAF′=30°,
设CG=x,则EG=GF=x,AE=2x,
∴EH=x,
∴S△AF′E=
•2x•x=x2,S△CEF=
•x•2x=x2,
∴S△CEF=2S△ABE,所以④正确.
故答案为①④.
点睛:
本题考查了正方形的性质:
正方形的四条边都相等,四个角都是直角;正方形的两条对角线相等,互相垂直平分,并且每条对角线平分一组对角;正方形具有四边形、平行四边形、矩形、菱形的一切性质.也考查了等边三角形的性质.
三、解答题(本大题共4小题,每小题8分,共32分)
15.解方程:
x2﹣6x+8=0.
【答案】x1=2x2=4.
【解析】分析:
把方程左边分解得到(x-2)(x-4)=0,则原方程可化为x-2=0或x-4=0,然后解两个一次方程即可.
详解:
x2﹣6x+8=0
(
x﹣2)(x﹣4)=0,
∴x﹣2=0或x﹣4=0,
∴x1=2x2=4.
学|16.如图,在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中,给出了格点△ABC(顶点是网格线的交点)和点A1.
(1)画出一个格点△A1B1C1,并使它与△ABC全等且A与A1是对应点;
(2)画出点B关于直线AC的对称点D,并指出AD可以看作由AB绕A点经过怎样的旋转而得到的.
【答案】
(1)作图见解析;
(1)作图见解析.
【解析】试题分析:
解:
(1)答案不唯一,如图,平移即可:
(2)作图如上,
∵AB=
,AD=
,BD=
,∴AB2+AD2=BD2。
∴△ABD是直角三角形。
∴AD可以看作由AB绕A点逆时针旋转90°得到的。
考点:
基本作图
点评:
解答本题的关键是熟练掌握几种基本变换的作图方法,准确找到关键点的对应点.
17.如图,在矩形ABCD中,M,N分别是AD,BC的中点,E,F分别是线段BM,CM的中点,若AB=8,AD=12,则四边形ENFM的周长是多少?
【答案】20
【解析】分析:
根据M是边AD的中点,得AM=DM=6,根据勾股定理得出BM=CM=10,再根据E、F分别是线段BM、CM的中点,即可得出EM=FM=5,再根据N是边BC的中点,得出EM=FN,EN=FM,从而得出四边形ENFM的周长.
详解:
∵M、N分别是边AD、B
C的中点,AB=8,AD=12,
∴AM=DM=6,
∵四边形ABCD为矩形,
∴∠A=∠D=90°,
∴BM=CM=10,
∵E、F分别是线段BM、
CM的中点,
∴EM=FM=5,
∴EN,FN都是△BCM的中位线,
∴EN=FN=5,
∴四边形ENFM的周长为5+5+5+5=20.
18.关于x的一元二次方程(a+c)x2+2bx+(a﹣c)=0,其中a、b、c分别为△ABC三边的长.
(1)如果方程有两个相等的实数根,试判断△ABC的形状,并说明理由;
(2)如果△ABC是等边三角形,试求这个一元二次方程的根.
【答案】
(1)△ABC是直角三角形;
(2)x1=0,x2=﹣1.
试题解析:
(1)∵方程有两个相等的实数根,∴△=(-2b)2-4(a+c)(a-c)=0,∴4b2-4a2+4c2=0,∴a2=b2+c2
∴△ABC是直角三角形;
(2)当△ABC是直角三角形,∴a=b=c,∴方程(a+c)x2-2bx+(a-c)=0可整理为:
2ax2-2ax=0,∴x2-x=0,解得:
x1=0,x2=1.
考点:
1一元二次方程;2直角三角形的判定;3等边三角形.
四、(本大题共两大题,每小题
10分,共20分)
19.如图,在直角坐标系中放入一个矩形纸片ABCO,将纸片翻折后,点B恰好落在x轴上,记为B',折痕为CE.直线CE的关系式是y=﹣
x+8,与x轴相交于点F,且AE=3.
(1)求OC长度;
(2)求点B'的坐标;
(3)求矩形ABCO的面积.
【答案】
(1)8;
(2)点B′的坐标为(0,6);(3)80.
【解析】分析:
(1)在直线y=-
x+8中令x=0可求得C点坐标,则可求得OC长度;
(2)由折叠的性质可求得B′E,在Rt△AB′E中,可求得AB′,再由点E在直线CF上,可求得E点坐标,则可求得OA长,利用线段和差可求得OB′,则可求得点B′的坐标;(3)由
(1)、
(2)可求得OC和OA,可求得矩形ABCO的面积.
本题解析:
(1)∵直线
与
轴交于点为C∴令
,则
∴点C(0,8)∴OC=8
(2)在矩形OABC中,AB=OC=8,∠A=90°∵AE=3∴BE=AB-BE=8-3=5
∵是△CBE沿CE翻折得到的∴EB/=BE=5
在Rt△AB/E中,=
∵点E在直线
上,∴设E(
,3)∴
∴
∴OA=10∴OB/=OA-AB/=10-4=6∴点B/的坐标为(0,6)
(3)由
(1),
(2)知OC=8,OA=10∴矩形ABCO的面积为:
OC×OA=8×10=80.
点睛:
本题为一次函数的综合应用,涉及直线与坐标轴的交点、轴对称的性质、勾股定理、矩形的性质及方程思想等知识点.在
(1)中注意求与坐标轴交点的方法,在
(2)中求得E点坐标是解题的关键.本题涉及知识点不多,综合性不强,难度不大,较容易得分.
20.先阅读,再解题
解方程(x﹣1)2﹣5(x﹣1)+4=0,可以将(x﹣1)看成一个整体,设x﹣1=y,则原方程可化y2﹣5y+4=0,解得y1=1;y2=4,当y=1时,即x﹣1=1,解得x=2,当y=4时,即x﹣1=4,解得x=5,所以原方程的解为x1=2,x2=5
请利用上述这种方法解方程:
(2x﹣5)2﹣4(5﹣2x)+3=0.
【答案】x1=1,x2=2.
【解析】试题分析:
(2x+5)2﹣4(2x+5)+3=0,设y=2x+5,方程可以变为y2﹣4y+3=0,
∴y1=1,y2=3,当y=1时,即2x+5=1,解得x=﹣2;
当y=3时,即2x+5=3,解得x=﹣1,
所以原方程的解为:
x1=﹣2,x2=﹣1.
故答案为:
x1=﹣2,x2=﹣1.
【考点】换元法解一元二次方程.
五、(本题满分12分)
21.如图,将矩形纸片ABCD沿对角线BD折叠,点C落在点E处,BE交AD于点F,连接AE.
(1)求证:
BF=DF;
(2)若AB=6,AD=8,求BF的长.
【答案】
(1)证明见解析;
(2)
【解析】试题分析:
(1)由折叠的性质可得到△ABD≌△EDB,那么∠ADB=∠EBD,所以BF=DF;
(2)根据折叠的性质我们可得出AB=ED,∠A=∠E=90°,又有一组对应角,因此就构成了全等三角形判定中的AAS的条件.两三角形就全等,从而设BF为x,解直角三角形ABF可得出答案.
试题解析:
(1)由折叠的性质知,CD=ED,BE=BC,
∵四边形ABCD是矩形,∴AD=BC,AB=CD,∠BAD=90°,∴AB=DE,BE=AD,
在△ABD与△EDB中,
,∴△ABD≌△EDB(SSS),∴∠EBD=∠ADB,∴BF=DF;
(2)在△ABF与△EDF中,
,∴△ABF≌△EDF(AAS),
∴AF=EF,设BF=x,则AF=FE=8﹣x,在Rt△AFB中,可得:
BF2=AB2+AF2,
即x2=62+(8﹣x)2,解得:
x=
,
故BF的长为
.
六、(本题满分12分)
22.某商店将进价为8元的商品按每件10元售出,每天可售出200件,现在采取提高商品售价减少销售量的办法增加利润,如果这种商品每件的销售价每提高0.5元其销售量就减少10件,问应将每件售价定为多少元时,才能使每天利润为640元?
【答案】应将商品的售价定为12元或16元.
【解析】分析:
设售价为x元,则有(x-进价)(每天售出的数量-
×10)=每天利润,解方程求解即可.
详解:
设售价为x元,根据题意列方程得(x﹣8)(200﹣
×10)=640,
整理得:
(x﹣8)(
400﹣20x)=640,即x2﹣28x+192=0,
解得x1=12,x2=16.
故将每件售价定为12或16元时,才能使每天利润为640元.
原价为10元,则定价为12元和16元都符合题意(加价减销),
故应将商品的售价定为12元或16元.
七、(本题满分14分)
23.如图,在△ABC中,AB=AC,AD⊥BC于点D,BC=10cm,AD=8cm,E点F点分别为AB,AC的中点.
(1)求证:
四边形AEDF是菱形;
(2)求菱形AEDF的面积;
(3)若H从F点出发,在线段FE上以每秒2cm的速度向E点运动,点P从B点出发,在线段BC上以每秒3cm的速度向C点运动,问当t为何值时,四边形BPHE是平行四边形?
当t取何值时,四边形PCFH是平行四边形?
【答案】
(1)证明见解析;
(2)20;(3)2秒
【解析】试题分析:
(1)根据等腰三角形的三线合一可得出D为BC的中点,结合E、F分别为AB、AC的中点可得出DE和DF是△ABC的中位线,根据中位线的定义可得出DE∥AC、DF∥AB,即四边形AEDF是平行四边形,根据三角形中位线定义可得出DE=
AC、DF=
AB,结合AB=AC即可得出DE=DF,从而得出四边形AEDF是菱形;
(2)根据中位线的定义可得出EF的长度,根据菱形的面积公式可求出菱形AEDF的面积;
(3)由中位线的定义可得出EF∥BC,根据平行四边形的判定定理可得出关于t的一元一次方程,解之即可得出结论.
详解:
(1)证明:
∵AB=AC,AD⊥BC,
∴D为BC的中点.
∵E、F分别为AB、AC的中点,
∴DE和DF是△ABC的中位线,
∴DE∥AC,DF∥AB,
∴四边形AEDF是平行四边形.
∵E,F分别为AB,AC的中点,AB=AC,
∴AE=AF,
∴四边形AEDF是菱形,
(2)解:
∵EF为△ABC的中位线,
∴EF=
BC=5.
∵AD=8,AD⊥EF,
∴S菱形AEDF=
AD•EF=
×8×5=20.
(3)解:
∵EF∥BC,
∴EH∥BP.
若四边形BPHE为平行四边形,则须EH=BP,
∴5﹣2t=3t,
解得:
t=1,
∴当t=1秒时,四边形BPHE为平行四边形.
∵EF∥BC,
∴FH∥PC.
若四边形PCFH为平行四边形,则须FH=PC,
∴2t=10﹣3t,
解得:
t=2,
∴当t=2秒时,四边形PCFH为平行四边形.
点睛:
本题考查了菱形的判定与性质、三角形的中位线、菱形的面积、等腰三角形的性质、平行四边形的判定以及解一元一次方程,解题的关键是:
(1)根据三角形中位线的性质找出DE∥AC、DF∥AB;
(2)牢记菱形的面积公式;(3)根据平行四边形的判定定理找出关于t的一元一次方程.