完整word版胡不归问题专题.docx
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完整word版胡不归问题专题
金牌教育一对一个性化指导教学设计
学生学校文汇中学年级九年级学科数学
教师王老师日期20180时段次数1
课题胡不归问题专题
一.选择题(共2小题)
1.如图,抛物线y=x2﹣2x﹣3与x轴交于A、B两点,过B的直线交抛物线于E,且tan∠EBA=,有一只蚂蚁从A出发,先以1单位/s的速度爬到线段BE上的
点D处,再以1.25单位/s的速度沿着DE爬到E点处觅食,则蚂蚁从A到E的最
短时间是s.
2.如图,△ABC在直角坐标系中,AB=AC,A(0,2),C(1,0),D为射线AO上一点,一动点P从A出发,运动路径为A→D→C,点P在AD上的运动速度
是在CD上的3倍,要使整个运动时间最少,则点D的坐标应为()
A.(0,)B.(0,)C.(0,)D.(0,)
1
二.填空题(共1小题)
3.如图,一条笔挺的公路l穿过草原,公路边有一消防站A,距离公路5千米的地方有一居民点B,A、B的直线距离是10千米.一天,居民点B着火,消防员授命欲前去救火.若消防车在公路上的最迅速度是80千米/小时,而在草地
上的最迅速度是40千米/小时,则消防车在出发后最快经过小时可抵达居民点B.(友谊提示:
消防车可从公路的随意地点进入草地行驶.)
三.解答题(共5小题)
4.如图,在平面直角坐标系中,二次函数y=ax2+bx+c的图象经过点A(﹣1,0),
B(0,﹣),C(2,0),其对称轴与x轴交于点D
(1)求二次函数的表达式及其极点坐标;
(2)若P为y轴上的一个动点,连结PD,则PB+PD的最小值为;
(3)M(x,t)为抛物线对称轴上一动点
①若平面内存在点N,使得以A,B,M,N为极点的四边形为菱形,则这样的点
N共有个;
②连结MA,MB,若∠AMB不小于60°,求t的取值范围.
2
5.如图,在△ACE中,CA=CE,∠CAE=30°,⊙O经过点C,且圆的直径AB在线
段AE上.
(1)试说明CE是⊙O的切线;
(2)若△ACE中AE边上的高为h,试用含h的代数式表示⊙O的直径AB;
(3)设点D是线段AC上随意一点(不含端点),连结OD,当CD+OD的最小值为6时,求⊙O的直径AB的长.
3
6.如图,已知抛物线y=(x+2)(x﹣4)(k为常数,且k>0)与x轴从左至右
挨次交于A,B两点,与y轴交于点C,经过点B的直线y=﹣x+b与抛物线的
另一交点为D.
(1)若点D的横坐标为﹣5,求抛物线的函数表达式;
(2)若在第一象限内的抛物线上有点P,使得以A,B,P为极点的三角形与△
ABC相像,求k的值;
(3)在
(1)的条件下,设F为线段BD上一点(不含端点),连结AF,一动点M从点A出发,沿线段AF以每秒1个单位的速度运动到F,再沿线段FD以每秒2个单位的速度运动到D后停止,当点F的坐标是多少时,点M在整个运动过程顶用时最少?
4
7.
(1)如图1,已知正方形ABCD的边长为4,圆B的半径为2,点P是圆B上
的一个动点,求PD+的最小值和PD﹣的最大值;
(2)如图2,已知正方形ABCD的边长为9,圆B的半径为6,点P是圆B上的
一个动点,那么PD+的最小值为,PD﹣的最大值为.
(3)如图3,已知菱形ABCD的边长为4,∠B=60°,圆B的半径为2,点P是圆
B上的一个动点,那么PD+的最小值为,PD﹣的最大值
为.
5
8.如图1,抛物线y=ax2+(a+3)x+3(a≠0)与x轴交于点A(4,0),与y轴
交于点B,在x轴上有一动点E(m,0)(0<m<4),过点E作x轴的垂线交直
线AB于点N,交抛物线于点P,过点P作PM⊥AB于点M.
(1)求a的值和直线AB的函数表达式;
(2)设△PMN的周长为C1,△AEN的周长为C2,若=,求m的值;
(3)如图2,在
(2)条件下,将线段OE绕点O逆时针旋转获得OE′,旋转角为α(0°<α<90°),连结E′A、E′B,求E′A+E′B的最小值.
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2018年05月25日187****4779的初中数学组卷
参照答案与试题分析
一.选择题(共2小题)
1.如图,抛物线y=x2﹣2x﹣3与x轴交于A、B两点,过B的直线交抛物线于E,且tan∠EBA=,有一只蚂蚁从A出发,先以1单位/s的速度爬到线段BE上的
点D处,再以1.25单位/s的速度沿着DE爬到E点处觅食,则蚂蚁从A到E的最
短时间是s.
【剖析】过点E作x轴的平行线,再过D点作y轴的平行线,两线订交于点H,如图,利用平行线的性质和三角函数的定义获得tan∠HED=tan∠EBA==,设
DH=4m,EH=3m,则DE=5m,则可判断蚂蚁从D爬到E点所用的时间等于从D
爬到H点所用的时间相等,于是获得蚂蚁从A出发,先以1单位/s的速度爬到
线段BE上的点D处,再以1.25单位/s的速度沿着DE爬到E点所用时间等于它
从A以1单位/s的速度爬到D点,再从D点以1单位/s速度爬到H点的时间,利用两点之间线段最短获得AD+DH的最小值为AQ的长,接着求出A点和B点坐标,再利用待定系数法求出BE的分析式,而后解由直线分析式和抛物线分析式所构成的方程组确立E点坐标,从而获得AQ的长,而后计算爬行的时间.
【解答】解:
过点E作x轴的平行线,再过D点作y轴的平行线,两线订交于点
H,如图,
∵EH∥AB,∴∠HEB=∠ABE,
∴tan∠HED=tan∠EBA==,
7
设DH=4m,EH=3m,则DE=5m,
∴蚂蚁从D爬到E点的时间==4(s)
若设蚂蚁从D爬到H点的速度为1单位/s,则蚂蚁从D爬到H点的时间==4(s),
∴蚂蚁从D爬到E点所用的时间等于从D爬到H点所用的时间相等,
∴蚂蚁从A出发,先以1单位/s的速度爬到线段BE上的点D处,再以1.25单位/s的速度沿着DE爬到E点所用时间等于它从A以1单位/s的速度爬到D点,再
从D点以1单位/s速度爬到H点的时间,作AG⊥EH于G,则AD+DH≥AH≥AG,
∴AD+DH的最小值为AQ的长,
当y=0时,x2﹣2x﹣3=0,解得x1=﹣1,x2=3,则A(﹣1,0),B(3,0),直线BE交y轴于C点,如图,
在Rt△OBC中,∵tan∠CBO==,
∴OC=4,则C(0,4),
设直线BE的分析式为y=kx+b,
把B(3,0),C(0,4)代入得,解得,
∴直线BE的分析式为y=﹣x+4,
解方程组得或,则E点坐标为(﹣,),
∴AQ=,
∴蚂蚁从A爬到G点的时间==(s),
即蚂蚁从A到E的最短时间为s.
故答案为.
8
【评论】此题考察了二次函数与x轴的交点:
把求二次函数y=ax2+bx+c(a,b,
c是常数,a≠0)与x轴的交点坐标化为解对于x的一元二次方程.解决此题的
重点是确立蚂蚁在DH和DE上爬行的时间相等.
2.如图,△ABC在直角坐标系中,AB=AC,A(0,2),C(1,0),D为射线AO上一点,一动点P从A出发,运动路径为A→D→C,点P在AD上的运动速度
是在CD上的3倍,要使整个运动时间最少,则点D的坐标应为()
A.(0,)B.(0,
)C.(0,
)D.(0,
)
【剖析】假定P在AD的速度为3,在CD的速度为1,第一表示出总的时间,再
依据根的鉴别式求出t的取值范围,从而求出
D的坐标.
【解答】解:
假定P在AD的速度为3,在CD的速度为1,
设D坐标为(0,y),则AD=2
﹣y,CD=
=
,
∴设t=
+
,
等式变形为:
t+
y﹣
=
,则t的最小值时考虑y的取值即可,
∴t2+(y﹣
)t+(y﹣
)2=y2+1,
∴y2+(
﹣
t)y﹣t2+
t+1=0,
9
△=(﹣t)2﹣4×(﹣t2+t+1)≥0,
∴t的最小值为,
∴y=,
∴点D的坐标为(0,),
应选D.
解法二:
假定P在AD的速度为3V,在CD的速度为1V,
总时间t=+=(+CD),要使t最小,就要+CD最小,
由于AB=AC=3,过点B作BH⊥AC交AC于点H,交OA于D,易证△ADH∽△ACO,
所以==3,所以=DH,由于△ABC是等腰三角形,所以BD=CD,所以要
+CD最小,就是要DH+BD最小,就要B、D、H三点共线就行了.由于△AOC
∽△BOD,所以=,即=,所以OD=,
所以点D的坐标应为(0,).
【评论】此题考察了勾股定理的运用、一元二次方程根的鉴别式(△=b2﹣4ac)
判断方程的根的状况以及坐标于图形的性质题目的综合性较强,难度较大.
二.填空题(共1小题)
3.如图,一条笔挺的公路l穿过草原,公路边有一消防站A,距离公路5千米的地方有一居民点B,A、B的直线距离是10千米.一天,居民点B着火,消防员授命欲前去救火.若消防车在公路上的最迅速度是80千米/小时,而在草地
上的最迅速度是40千米/小时,则消防车在出发后最快经过小时可抵达居
民点B.(友谊提示:
消防车可从公路的随意地点进入草地行驶.)
【剖析】要求所用行车时间最短,就要计算好行驶的路线,能够设在公路上行驶
x千米,依据题意,找出能够运用勾股定理的直角三角形,运用勾股定理求解.
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【解答】解:
如下图,公路上行驶的路线是AD,草地上行驶的路线是DB,设AD的行程为x千米,
由已知条件AB=10千米,BC=5千米,BC⊥AC,知
AC==15千米.
则CD=AC﹣AD=(15﹣x)千米,
BD==km,
设走的行驶时间为y,则
y=+.
整理为对于x的一元二次方程得
3x2+(160y﹣120)x﹣6400y2+1200=0.
由于x必然存在,所以△≥0.即
(160y﹣120)2﹣4×3×(1200﹣6400y2)≥0.化简得102400y2﹣38400y≥0.
解得y≥,
即消防车在出发后最快经过小时可抵达居民点B.
故答案为:
.
【评论】此题考察的是在直角三角形中勾股定理的运用,画出图形建立直角三角形是重点,依据一元二次不等式的求解,能够计算出解的最小值,以便求出最短行程.
三.解答题(共5小题)
4.如图,在平面直角坐标系中,二次函数y=ax2+bx+c的图象经过点A(﹣1,0),
B(0,﹣),C(2,0),其对称轴与x轴交于点D
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(1)求二次函数的表达式及其极点坐标;
(2)若P为y轴上的一个动点,连结PD,则PB+PD的最小值为;
(3)M(x,t)为抛物线对称轴上一动点
①若平面内存在点N,使得以A,B,M,N为极点的四边形为菱形,则这样的点
N共有5个;
②连结MA,MB,若∠AMB不小于60°,求t的取值范围.
【剖析】
(1)利用待定系数法转变为解方程组解决问题.
(2)如图1中,连结AB,作DH⊥AB于H,交OB于P,此时PB+PD最小.最小值就是线段DH,求出DH即可.
(3)①先在对称轴上找寻知足△ABM是等腰三角形的点M,由此即可解决问题.②作AB的中垂线与y轴交于点E,连结EA,则∠AEB=120°,以E为圆心,EB为半径作圆,与抛物线对称轴交于点F、G.则∠AFB=∠AGB=60°,从而线段FG上的点知足题意,求出F、G的坐标即可解决问题.
【解答】解:
(1)由题意解得,
∴抛物线分析式为y=x2﹣x﹣,
∵y=x2﹣x﹣=(x﹣)2﹣,
∴极点坐标(,﹣).
(2)如图1中,连结AB,作DH⊥AB于H,交OB于P,
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此时PB+PD最小.
原因:
∵OA=1,OB=,
∴tan∠ABO==,
∴∠ABO=30°,
∴PH=PB,
∴PB+PD=PH+PD=DH,
∴此时PB+PD最短(垂线段最短).
在Rt△ADH中,∵∠AHD=90°,AD=,∠HAD=60°,
∴sin60°=,
∴DH=,
∴PB+PD的最小值为.
故答案为.
(3)①以A为圆心AB为半径画弧与对称轴有两个交点,以B为圆心AB为半径画弧与对称轴也有两个交点,
线段AB的垂直均分线与对称轴有一个交点,
所以知足条件的点M有5个,即知足条件的点N也有5个,故答案为5.
②如图,Rt△AOB中,∵tan∠ABO==,
∴∠ABO=30°,
作AB的中垂线与y轴交于点E,连结EA,则∠AEB=120°,
以E为圆心,EB为半径作圆,与抛物线对称轴交于点F、G.则∠AFB=∠AGB=60°,从而线段FG上的点知足题意,
∵EB==,
∴OE=OB﹣EB=,
13
22
∵F(,t),EF=EB,
∴()2+(t+)2=()2,
解得t=或,
故F(,),G(,),
∴t的取值范围≤t≤
【评论】此题考察二次函数综合题、锐角三角函数、最短问题、圆等知识,解题的重点是掌握待定系数法确立函数分析式,学会利用垂线段最短解决实质问题中的最短问题,学会增添协助线,结构圆解决角度问题,属于中考压轴题.
5.如图,在△ACE中,CA=CE,∠CAE=30°,⊙O经过点C,且圆的直径AB在线
段AE上.
(1)试说明CE是⊙O的切线;
(2)若△ACE中AE边上的高为h,试用含h的代数式表示⊙O的直径AB;
(3)设点D是线段AC上随意一点(不含端点),连结OD,当CD+OD的最小
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值为6时,求⊙O的直径AB的长.
【剖析】
(1)连结OC,如图1,要证CE是⊙O的切线,只要证到∠OCE=90°即可;
(2)过点C作CH⊥AB于H,连结OC,如图2,在Rt△OHC中运用三角函数即可解决问题;
(3)作OF均分∠AOC,交⊙O于F,连结AF、CF、DF,如图3,易证四边形AOCF
是菱形,依据对称性可得DF=DO.过点D作DH⊥OC于H,易得DH=DC,从而
有CD+OD=DH+FD.依据两点之间线段最短可得:
当F、D、H三点共线时,DH+FD
(即CD+OD)最小,而后在Rt△OHF中运用三角函数即可解决问题.
【解答】解:
(1)连结OC,如图1,
∵CA=CE,∠CAE=30°,
∴∠E=∠CAE=30°,∠COE=2∠A=60°,
∴∠OCE=90°,
∴CE是⊙O的切线;
(2)过点C作CH⊥AB于H,连结OC,如图2,
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由题可得CH=h.
在Rt△OHC中,CH=OC?
sin∠COH,∴h=OC?
sin60°=OC,
∴OC==h,
∴AB=2OC=h;
(3)作OF均分∠AOC,交⊙O于F,连结AF、CF、DF,如图3,
则∠AOF=∠COF=∠AOC=(180°﹣60°)=60°.
∵OA=OF=OC,
∴△AOF、△COF是等边三角形,
∴AF=AO=OC=FC,
∴四边形AOCF是菱形,∴依据对称性可得DF=DO.过点D作DH⊥OC于H,
∵OA=OC,∴∠OCA=∠OAC=30°,
∴DH=DC?
sin∠DCH=DC?
sin30°=DC,
∴CD+OD=DH+FD.
依据两点之间线段最短可得:
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当F、D、H三点共线时,DH+FD(即CD+OD)最小,
此时FH=OF?
sin∠FOH=OF=6,
则OF=4,AB=2OF=8.
∴当CD+OD的最小值为6时,⊙O的直径AB的长为8.
【评论】此题主要考察了圆周角定理、切线的判断、等腰三角形的性质、三角函
数的定义、特别角的三角函数值、等边三角形的判断与性质、菱形的判断与性质、两点之间线段最短等知识,把CD+OD转变为DH+FD是解决第(3)小题的重点.
6.如图,已知抛物线y=(x+2)(x﹣4)(k为常数,且k>0)与x轴从左至右
挨次交于A,B两点,与y轴交于点C,经过点B的直线y=﹣x+b与抛物线的
另一交点为D.
(1)若点D的横坐标为﹣5,求抛物线的函数表达式;
(2)若在第一象限内的抛物线上有点P,使得以A,B,P为极点的三角形与△
ABC相像,求k的值;
(3)在
(1)的条件下,设F为线段BD上一点(不含端点),连结AF,一动点M从点A出发,沿线段AF以每秒1个单位的速度运动到F,再沿线段FD以每秒2个单位的速度运动到D后停止,当点F的坐标是多少时,点M在整个运动过程顶用时最少?
【剖析】
(1)第一求出点A、B坐标,而后求出直线BD的分析式,求得点D坐标,代入抛物线分析式,求得k的值;
(2)由于点P在第一象限内的抛物线上,所以∠ABP为钝角.所以若两个三角
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形相像,只可能是△ABC∽△APB或△ABC∽△PAB.如答图2,依据以上两种状况进行分类议论,分别计算;
(3)由题意,动点M运动的路径为折线AF+DF,运动时间:
t=AF+DF.如答图
3,作协助线,将AF+DF转变为AF+FG;再由垂线段最短,获得垂线段AH与直线BD的交点,即为所求的F点.
【解答】解:
(1)抛物线y=(x+2)(x﹣4),
令y=0,解得x=﹣2或x=4,
∴A(﹣2,0),B(4,0).
∵直线y=﹣x+b经过点B(4,0),
∴﹣
×4+b=0,解得b=
,
∴直线BD分析式为:
y=﹣
x+
.
当x=﹣5时,y=3
,
∴D(﹣5,3).
∵点D(﹣5,3
)在抛物线y=(x+2)(x﹣4)上,
∴(﹣5+2)(﹣5﹣4)=3
,
∴k=
.
∴抛物线的函数表达式为:
y=
(x+2)(x﹣4).
即y=
x2﹣
x﹣.
(2)由抛物线分析式,令x=0,得y=﹣k,∴C(0,﹣k),OC=k.
由于点P在第一象限内的抛物线上,所以∠ABP为钝角.
所以若两个三角形相像,只可能是△ABC∽△APB或△ABC∽△PAB.
①若△ABC∽△APB,则有∠BAC=∠PAB,如答图2﹣1所示.
设P(x,y),过点P作PN⊥x轴于点N,则ON=x,PN=y.
18
tan∠BAC=tan∠PAB,即:
,
∴y=x+k.
∴P(x,x+k),代入抛物线分析式y=(x+2)(x﹣4),
得(x+2)(x﹣4)=x+k,整理得:
x2﹣6x﹣16=0,
解得:
x=8或x=﹣2(与点A重合,舍去),
∴P(8,5k).∵△ABC∽△APB,
∴,即,
解得:
k=.
②若△ABC∽△PAB,则有∠ABC=∠PAB,如答图2﹣2所示.
设P(x,y),过点P作PN⊥x轴于点N,则ON=x,PN=y.
tan∠ABC=tan∠PAB,即:
=,
∴y=x+.
∴P(x,x+),代入抛物线分析式y=(x+2)(x﹣4),
得(x+2)(x﹣4)=x+,整理得:
x2﹣4x﹣12=0,
解得:
x=6或x=﹣2(与点A重合,舍去),
∴P(6,2k).∵△ABC∽△PAB,
19
=,
∴=,
解得k=±,
∵k>0,
∴k=,
综上所述,k=或k=.
(3)方法一:
如答图3,由
(1)知:
D(﹣5,3),
如答图2﹣2,过点D作DN⊥x轴于点N,则DN=3,ON=5,BN=4+5=9,
∴tan∠DBA===,
∴∠DBA=30°.
过点D作DK∥x轴,则∠KDF=∠DBA=30°.
过点F作FG⊥DK于点G,则FG=DF