北大版高等数学第四章 微分中值定理与泰勒公式答案 第四章总练.docx
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北大版高等数学第四章微分中值定理与泰勒公式答案第四章总练
18.设函数f(x)在(-∞,+∞)内可导,且a,b是方程f(x)=0的两个实根.证明方程f(x)+f'(x)=0在(a,b)内至少有一个实根.
证设g(x)=ef(x),g(a)=g(b)=0,g在[a,b]连续,在(a,b)可导),.
x
根据Rolle定理,存在c∈(a,b),使得g'(x)=e(f(x)+f'(x))=0,即f(x)+f'(x)=0.
x
19.决定常数A的范围,使方程3x-8x-6x+24x+A有四个不相等的实根.解P(x)=3x-8x-6x+24x,P'(x)=12x-24x-12x+24
=12(x-2x-x+2)=12[x(x-2)-(x-2)]=12(x-2)(x-1)=12(x-2)(x-1)(x+1)=0,.
x1=-1,x2=1,x3=2.P(x1)=-19,P
(1)=13,P
(2)=8.
根据这些数据画图,由图易知当在区间(-P
(1),-P
(2))=(-13,-8)时3x-8x-6x+24x+A有四个不相等的实根.
4
3
2
3
2
2
2
4
3
2
3
2
432
20.设f(x)=1-x+
x
2
2
-
x
3
3
++(-1)
n
x
n
n
.证明:
方程f(x)=0当n为奇数时有一个
实根,当n为偶数时无实根.
证当x≤0时f(x)>0,故f只有正根,当n=2k-1为奇数时,limf(x)=+∞,
x→-∞
limf(x)=-∞,存在a,b,a0,f(b)<0.
x→+∞
根据连续函数的中间值定理,存在x0∈(a,b),使得f(x0)=0.f'(x)=-1+x-x+-x实根唯一.
当n=2k为偶数时,f'(x)=-1+x-x++x
2
2k-1
2
2k-2
=
x
2k-1
+1
-x-1
<0(x>0),当x>0时,f严格单调递减,故
=
-x
2k
+1
-x-1
=0,x=1.
01,f'(x)>0,f
(1)是x>0时的最小值,f
(1)>0,故当n为偶数时f(x)无实根.
21.设函数u(x)与v(x)以及它们的导函数u'(x)与v'(x)在区间[a,b]上都连续,且uv'-u'v在[a,b]上恒不等于零.证明u(x)在v(x)的相邻根之间必有一根,反之也对.即有u(x)与v(x)的根互相交错地出现.试句举处满足上述条件的u(x)与
v(x).
证设x1,x2是u(x)的在[a,b]的两个根,x1u'v-uv'v
uv
在[a,b]连续,w(x1)=w(x2)=0,由Rolle定理,存在c∈[x1,x2],使得
(c)=0,即(u'v-uv')(c)=0,此与u'v-uv'恒不等于零的假设矛盾.故v(x)
在[x1,x2]上有根.
例如u=cos(x),v=sinx,u'v-uv'=-1≠0,sinxcosx的根交错出
现.
22.证明:
当x>0时函数f(x)=
arctanxtanhx
单调'递增,且arctanx<
π
(tanhx).
tanhxarctanx
-2'22sinhxcoshx-(1+x)arctanx⎛arctanx⎫证f'(x)==⎪=2222
tanhxtanhx(1+x)tanhxcoshx⎝⎭1=sinh2x-(1+x)arctanx(1+x)tanhxcoshx
=
g(x)
(1+x)tanhxcoshx
.
g(0)=0.
g'(x)=cosh2x-1-2xarctanx,g'(0)=0,g''(x)=2sinh2x-2arctanx-g'''(x)=4cosh2x-
41+x
2x1+x
g''(0)=0,
21+x+
22
-2⨯
(1+x)-2x(1+x)
=4cosh2x-
21+x
-
2(1-x)1+x
=4cosh2x-
4x
1+x
>0(当x>0时coshx>1),
由Taylor公式,对于x>0有g(x)=
g(θx)3!
3
x>0,f'(x)>0,f严格单调递增.
<
limf(x)=lim
x→+∞
x→+∞
arctanxtanhx
=
π
故对于x>0有
arctanxtanhx
π
.
23.证明:
当02时有2xsinx22f'(x)=cosxtanx+sinxsecx-2x=sinx+sinxsecx-2x,
22f''(x)=cosx+secx+2sinxsecxtanx-2=(cosx+secx-2)+2sinxsecx-2>0
(cosx+secx=cosx+1
cosx≥2,x∈(0,π/2)).
f(0)=f'(0)=0,根据Taylor公式,
f(x)=f''(θx)
2x>0,sinxtanx-x>0,22x
sinxx(x∈(0,π/2)).
24.证明下列不等式:
(1)e>1+x,x≠0.
(2)x-
(3)x-xx2x230.
0.
eθx6
x证
(1)e=1+x+
(2)ln(1+x)=x-
x22x>1+x,x≠0.1x0.x222(1+θx)
+12ln(1+x)=x-23(1+θx)3x>x-32,x>0.
(3)f(x)=x-sinx,f(0)=0,f'(x)=1-cosx≥0,仅当x=2nπ时f'(x)=0,故当x>0时f严格单调递增,f(x)>f(0)=0,x>0.
⎛x⎫g(x)=sinx-x-⎪,6⎭⎝
⎛x⎫g'(x)=cosx-1-⎪,g''(x)=-sinx+x>0,x>0.g当x>0时2⎝⎭
严格单调递增,g(x)>g(0)=0,x>0.
25.设xn=(1+q)(1+q)(1+q),其中常数q∈[0,1).证明序列xn有极限.
nn2n23
证xn单调递增.lnxn=
q
lnxn∑i=1ln(1+q)
︒xn=e22224解f'(x)=secx,f''(x)=2secxtanx,f'''(x)=4secxtanx+2secx.
f(π
4)=1,f'(π
4)=2,f''(π
4)=4,f'''(π
4)=16.
⎛⎛π⎫π⎫8⎛π⎫π⎫⎫⎛⎛
f(x)=1+2x-⎪+2x-⎪+x-⎪+ox-⎪⎪.
⎝4⎭4⎭3⎝4⎭4⎭⎪⎝⎝⎝⎭
233
π⎫π8⎛π⎫⎛π⎛π⎫︒
tan(50)=tan+≈1+2⨯+2+⎪⎪⎪≈1.191536480.
4363636336⎝⎭⎝⎭⎝⎭
27.设00上凸,(1+a)(1+a+b)
ln(1+a)+
(1+b)(1+a+b)
ln(1+b)11+x
f''(x)=-
1(1+x)
2
23
<0,
⎛(1+a)a(1+b)b⎫
(1+a+b)(1+a+b)⎭⎝
⎛(1+a+b)a(1+a+b)b⎫
(1+a+b)(1+a+b)⎭⎝
28.设有三个常数a,b,c,满足
a
03
2
114
证考虑多项式f(x)=(x-a)(x-b)(x-c)=x-2x+x-abc.
2
f'(x)=3x-4x+1=(3x-1)(x-1)=0,x1=
13
x2=1.13
当x<
13
或x>1时f'(x)>0,f严格单调递增,当
如果f(0)=f
(1)=-abc≥0,f将至多有两个
144
实根.如果f()=f()=-abc≤0,f也将至多有两个
3327
144
根(见附图).而f实际有根a,b,c.故f(0)=f
(1)=-abc<0,并且f()=f()=-abc>0.
3327考虑到严格单调性,于是f
114
在(0,),(,1),(1,)各有一实根,正是a,b,c,故结论成立.
333
29.设函数f(x)的二阶导数f''(x)在[a,b]上连续,且对于每一点x∈[a,b],f''(x)与f(x)同号.证明:
若有两点c,d∈[a,b],使f(c)=f(d)=0,则f(x)≡0,x∈[c,d].
2
证由于f''(x)与f(x)同号,(f(x)f'(x))'=f'(x)+f(x)f''(x)≥0,g(x)=f(x)f'(x)单调,2
g(c)=g(d)=0,故f(x)f'(x)≡0,x∈[c,d].(f(x))'=2f(x)f'(x)≡0,x∈[c,d].
f(x)≡C,x∈[c,d].f(c)=0,故f(x)≡0,x∈[c,d],即f(x)≡0,x∈[c,d].30.求多项式P3(x)=2x-7x+13x-9在x=1处的Taylor公式.解P3'(x)=6x-14x+13,P3''(x)=12x-14,P3'''(x)=12.
2
3
2
222
P3
(1)=-1,P3'
(1)=5,P3''
(1)=-2,P3'''
(1)=12.P3(x)=-1+5(x-1)-(x-1)+2(x-1).31.设Pn(x)是一个n次多项式.
(1)证明:
Pn(x)在任一点x0处的Taylor公式为Pn(x)=Pn(x0)+Pn'(x0)++
1n!
Pn
(n)
2
3
(x0).
(a)≥0(k=1,2,n).证明Pn(x)的所有实根都不
(2)若存在一个数a,使Pn(a)>0,Pn超过a.
证
(1)Pn(x)是一个n次多项式.
(k)
(1)证明:
因为Pn(x)是一个n次多项式,Pn根据带Lagrange余项的Taylor公式Pn(x)=Pn(x0)+Pn'(x0)(x-x0)++=Pn(x0)+Pn'(x0)(x-x0)++
1n!
Pn
1n!
(n+1)
(x)≡0,x∈(-∞,+∞).故在任一点x0处,
Pn
(n)
(x0)(x-x0)+
n
n
1(n+1)!
Pn
(n+1)
(c)(x-x0)
n+1
(n)
(x0)(x-x0).1n!
Pn
(n)
n
(2)Pn(x)=Pn(a)+Pn'(a)(x-a)++故Pn(x)的所有实根都小于a.
(a)(x-a)≥Pn(a)>0(x≥a),
32.设函数f(x)在(0,+∞)上有二阶导数,又知对于一切x>0,有|f(x)|≤A,|f''(x)|≤B其中A,B为常数.证明:
|f'(x)|≤证任意取x∈(0,+∞),h>0.f(x+h)=f(x)+f'(x)h+f'(x)=1
h(f(+h)-f(x))-
2A
h
B
2+B2h(*).f''(c)2h.x∈(0,+∞).h,2f''(c)2|f'(x)|≤2Ah当=h时(*)右端取最小值
.在(*)中取h=即得|f'(x)|≤