成都市5年理科数学零诊试题及答案.docx
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成都市5年理科数学零诊试题及答案
成都市2013级高中毕业班摸底测试
数学试题参考答案(理科)
第Ⅰ卷(选择题,共60分)
1.A;
2.D;
3.C;
4.D;
5.A;
6.B;
7.C;
8.C;
9.A;
10.B;
1.D;
12.D.
一、选择题:
(每小题5分,共60分)
第Ⅱ卷(非选择题,共90分)
二、填空题:
(每小题5分,共20分)
1;;
43;
(,)
13.
2
14.30
15.
9
16.285.
三、解答题:
(共70分)
17.(本小题满分12分)
解:
(Ⅰ)∵△ABC为等腰三角形,O是底边BC的中点,
∴AO⊥BC,∴AO⊥OB′,AO⊥OC..............................................................................4分
又∵OB′∩OC=O,∴AO⊥平面B′OC.........................................................................6分
(Ⅱ)由三视图知,直线OB′,OA,OC两两垂直,且OC=OB′=1,OA=3,建立如图所示空间直角坐标系O-xyz.
则A(3,0,0),C(0,1,0),B′(0,0,1).
∴AC→=(-3,1,0),AB′=(-3,0,1).
{
设平面AB′C的法向量为m=(x,y,z).
则m·AC→=0,即{-3x+y=0可取m=(1,3,3).……9分
m·AB′=0-3x+z=0.
又n=(1,0,0)为平面B′OC的法向量,
∴cos〈m,n〉=m·n119
|m|n|1×1919
∴二面角A-B′C-O的余弦值为19.
19
…………12分
18.(本小题满分12分)
π
解:
(Ⅰ)f(x)=sinx+3cosx=2sin(x+3).…………2分
由-π+2kπ≤x+π≤π+2kπ,得5ππ+2kπ,k∈Z.
232
-6+2kπ≤x≤6
5π
∴f(x)的单调递增区间为[
kπ+2kπ]k∈Z.
…………6分
-+2π,66
π
22π2
(Ⅱ)g(x)=[f(x)]-2=4sin(x+3)-2=-2[1-2sinx+3)].
2π
…………8分
=-2cos2x+).
3
高三数学(理科)摸底测试参考答案第1页(共4页)
π2π2π7π
∵x∈[0,],∴2x+∈[,].
4336
(2π1
∴cos2x+)∈[-1,-].
32
∴1函≤数g(x()≤)2的.值....域....是....[.....,....].............................................................................................1分
gx12
(
12分
19.本小题满分12分)
∴第3,4,5组共有60名志愿者
解:
(Ⅰ)第3组的人数为0.3×10=30,第4组的人数为0.2×10=20,第5组的人数为0.1×10=10.
.
:
∴用分层抽样的方法在这3组志愿者中抽取6名志愿者每组抽取的人数分别为
302010
第3组:
×6=3;第4组:
×6=2;第5组:
×6=1.
606060
∴应从第3,4,5组中分别抽取3人,2人,1人.........................................................6分
(Ⅱ)记第3组的3名志愿者分别为A1,A2,A3,第4组的2名志愿者分别为B1,B2,第5组的1名志愿者为C1.则从6名志愿者中抽取2名志愿者的可能情况有:
(A1,A2),(A1,A3),(A1,B1),(A1,B2),(A1,C1),
(A2,A3),(A2,B1),(A2,B2),(A2,C1),
(A3,B1),(A3,B2),(A3,C1),
(共B有1,B2)种,不(同B1的,C结1果),(B2,C1),…………分
15.
9
,:
其中第3组的3名志愿者A1A2A3都没有被抽中的可能情况有
(B1,B2),(B1,C1),(B2,C1),
共有3种不同的结果.
34
∴第3组至少有一名志愿者被抽中的概率为1-=
12分
155........................................
20.(本小题满分12分)
解:
(Ⅰ)由题意,知动点P(x,y)到定点E(-1,0),F(1,0)的距离之和等于4(大于|EF|),
∴动点P的轨迹是以(-1,0),(1,0)为焦点,长轴长为4的椭圆.
∴a=2,c=1,b2=3.
曲线
x2y2
∴G的标准方程为4
()
+3=1...............................................4分
Ⅱ设直线2l的2方程为y=k(x-1)(k≠0).
xy
代入+3=1,得(4k2+3)x2-8k2x+4k2-12=0.
显然△4>0.设A(x1,y),B(x,y).
8k2
122
4
则x1+x2=2
k-12............................................................................
()4k,x1x2=42k+36分
)
i由题意,知
C(x1
+3
-y1.
∴直线BC的方程为
y2+y1
)
y=x-x1-y1.
x2-x1
y1(x2-x1)
y1x2+y2x1
2x1x2-x1+x2)
令y=0,则xN=+x1==
y2+y1y2+y1x1+x2-2
4k2-128k2
2·2-2
4k+34k+3
=8k2
2-2
=4.
4k+3
高三数学(理科)摸底测试参考答案第2页(共4页)
∴直线BC恒过定点N,且定点N的坐标为(4,0).......................................................9分
(i)由(i),可知N(4,0),F(1,0).
2
13
∴△ABN的面积可表示为S=
|FN|y2-y1|=
|k(x2-x1)|.2
338k2
4k2-12
∴S=
k2[(x1+x2)2-4x1x2]=
k2[(
)2-4·].
2
=18k2·
k2+14k2+3)2
24k2+34k2+3
设4k2+3=t,则t>3.
tt
92-2-39
∴S==
1
-3(
14
+)2+.
2t22t33
令u=1,则0
t
∵函数y=-3(u+
3
14
)2+
1
在(0,
)内单调递减,∴y∈(0,1).
333
9
故△ABN的面积S的取值范围是(0,
2
)....................................................................12分
21.(本小题满分12分)
1
解:
(Ⅰ)∵f(x)=ax2+1nx,∴f′(x)=+2ax.
x
令φ(x)=1+2ax,则φ′(x)=-1+2a.
xx2
由题意,知φ′1,,
2
经检验,a=2符合题意.
∴实数a的值为2.....................................................................3分
(Ⅱ)方程f(x)-g(x)+m=0恰有两个不相等的实数根,即m=g(x)-f(x)在x∈12内恰
24分
有两个不相等的实数根.1.......................
2
令u(x)=g(x)-f(x),则u(x)=3x-x2-1nx,x∈[
2].
∴u′(x)=3-2x-1=-(2x-1)(x-1)
xx.
由u′(x)>0,得12
1
∴函数u(x)在[,1]内单调递增,在[1,2]内单调递减.
2
∴u(x)在x处有极大值u
(1)=2.
又u1
=1
5,()
…………5分
24
易知实数m的取值范围是
5
[+1n2,2).4
…………7分
1
(Ⅲ)h(x)=()32(2(
fx-x-b+1x=1nx+x-b+1x.
22
1x2-(b+1x+1
∴h′(x)=+x-(b+1)=.x
高三数学(理科)摸底测试参考答案第3页(共4页)
由题意,知x1,x2是方程x2-(b+1)x+1=0的两个实数根,且x2>x1>0.
∴△>0.x1+x2=b+1,x1x2=1.
h(x1)-h(x2)
∵kAB=
x-x12
r
x1-x2<0,
∴kAB≤
恒成立等价于h(x1)-h(x2)≥r恒成立,
即x-x1
r≤[h(x1)-h(x2)]min.
2
11…………10分
由h(x1)-h(x2)=1nx1-1nx2+
x2-
x2-(b+1)(x1-x2)
1
x11
x1212
x11x1x2
=1n
-(x2-x2)=1n-
(x2-x2)=1n
-(-).
xx22x1x2
设=t(0x22x2x1
1(t-1).
x2(x+x)2132t
又∵(b+1)2=12=t++2,b≥,
13x1x225t12
∴t++2≥(+1)2=.∴t≤
或t≥4.
t1244
∴0()4
-1(-1),0设νt=1nt2tt4
1
则ν′(t)=
11
-(1+)=
-(t-1)2
.
t2t22t2
∵0()在(,
4
]内单调递减
115
()()
15
∴νtmin=ν4=8-21n2即r≤8-21n2.
∴实数r
15
......................................................................................12
的最大值为
2.(本小题满分10分)
-21n2分
8
解:
(Ⅰ)曲线C的普通方程为x2=2ay,直线l的普通方程为x-y+2=0.
1
…………4分
(Ⅱ)将直线l的参数表达式代入抛物线方程,得
t2-(42+2a)t+4a+16=0.
2
∴t1+t2=82+22a,t1t2=8a+32...........................................................................6分
∴|PM|=|t1|,|MN|=|t1-t2|,|PN|=|t2|........................................................8分
∵|PM|,|MN|,|PN|成等比数列,则|MN|2=|PM|PN|.
即|t1-t2|2=|t1t2|.则(t1+t2)2=5t1t2.
将t1+t2=82+22a,t1t2=8a+32代入,化简,得(a+4)(a-1)=0.
∵a>0,∴a=1.…………10分
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成都市2015级高中毕业班摸底测试
数学(理科)参考答案及评分意见
第Ⅰ卷(选择题,共60分)一、选择题:
(每小题5分,共60分)
1.B;2.A;3.C;4.C;5.A;6.C;
7.B;8.C;9.D;10.D;1.D;12.B.
第Ⅱ卷(非选择题,共90分)二、填空题:
(每小题5分,共20分)
13.-2;14.2;
1
15.
1
;
16..
三、解答题:
(共70分)
5202
17.解:
(Ⅰ)∵f(x)=x3+ax2+bx+a2,
∴f′(x)=3x2+2ax+b.1分
∵f(1)=1+a+b+a2=4,f′(1)=3+2a+b=0,4分
a=-2
{a=3,或{.5分
b=-9b=1
经检验符合题意.6分
(Ⅱ)∵a>0,由(Ⅰ),得f(x)=x3+3x2-9x+9.
∴f′(x)=3x2+6x-9.8分
∴f(-2)=31,f′(-2)=-9.10分
∴所求切线方程为9x+y-13=0.12分
18.解:
(Ⅰ)由题意,可得x=7,y=3.2分
55∧
2
5
1
xyi-i5
i=14分
xiyi=10x=25b=5=.
i=1
∧
i=1
∧∧1
x-2522
i=1
6分
∵a=y-bx
∴a=-.
2
∧117分
∴所求线性回归方程为y=x-.
22
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(Ⅱ)根据列表,设1号至5号小白鼠依次为a1,a2,a3,a4,a5.则在这5只小白鼠中随机抽取3只的抽取情况有a1a2a3,a1a2a4,a1a2a5,a1a3a4,a1a3a5,a1a4a5,
a2a3a4,a2a3a5,a2a4a5,a3a4a5,共10种.9分随机抽取
的3只小白鼠中至少有一只B项指标数据高于3的情况有a1a2a4,a1a2a
5,a1a3a4,a1a3a5,a1a4a5,a2a3a4,a2a3a5,a2a4a5,a3a4a5,共9种.
11分
∴在这5只小白鼠中随机抽取3只,其中至少有一只B项指标数据高于3的概
9
率为.12分
10
19.解:
(Ⅰ)∵平面ACC1A1⊥平面ABC,平面ACC1A1∩平面ABC=AC,
AB⊂平面ABC,AB⊥AC,
∴AB⊥平面ACC1A1.
∵CD⊂平面ACC1A1,
∴AB⊥CD.2分
∵A1C=CA,D是AA1的中点,
∴A1A⊥CD.4分
∵A1A∩AB=A,
∴CD⊥平面ABB1A1.5分
(Ⅱ)以点A为坐标原点,AB所在直线为x轴,
AC所在直线为y轴,过点A作垂直于平面
ABC的直线为z轴,建立如图所示的空间直角坐标系Axyz.
易知C(0,2,0),A1(0,2,2),B(2,0,0),B1(2,2,2),C1(0,4,2).
→→,
∵3EB1=BB1
(,23,23
∴E22-2-).
33
则→(,,),→(,23,23)分
A1C1=020A1E=2--.7
33
⎧
设平面A1C1E的法向量为n1=(x1,y1,z1).A1C1n1=0⎪y1=0
y1=0
⎪
A1En1=0⎪⎩2x1-3y1-3z1=0z1=3x1
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令x1=1,则平面A1C1E的一个法向量为n1=(1,0,
3).平面A1C1A的一个法向量为n2=(1,0,0).
9分
10分
n1n2
∵cos<nn>=
=1,
11分
12
12
易知二面角E-A1C1-A的平面角为锐角,
π
∴二面角E-A1C1-A的大小为
.12分
3
20.解:
(Ⅰ)设C(x,y).
由题意,可得yy=-2(x≠±1).x-1x+1
y2
∴曲线E的方程为x2+=1(x≠±1).3分(没有
2
注明取值范围扣1分)
(Ⅱ)设R(x1,y1),Q(x2,y2).
⎪⎧⎪y=kx+2
联立⎨
y2消去y,可得(2+k2)x2+4kx+2=0.
x2+=12
∵Δ=8k2-16>0,∴k2>2.
又∵0<k<2,∴2<k<2.5分且x1+x
4k
2=-
2,①
2+k
x1x2=
2
2.②6分
→2+k
→
点
∵PQ=λPR
R在点P
和点Q
之间,
∴x2=λx1(λ>1).③7分
联立①②③式,可得
(1+λ)2
=
8k2
.9分
8k28
λ2+k2
16
∵=
2+k22
∈(4,),
3
k2+1
(1+λ)216
∴4<<.
λ3
3∴1<λ<3,且λ≠1.1分
∵λ>1,∴实数λ的取值范围为(1,3).12分
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21.解:
()′()1-a-1nxx>0).
Ⅰfx=x2
由f′(x)=0,得x=e1-a.1分
当0<x<e1-a时,f′(x)>0.此时函数f(x)单调递增;当x>e1-a时,f′(x)<0.此时函数f(x)单调递减.
∴函数f(x)的单调递增区间是(0,e1-a),单调递减区间是(e1-a,+∞).3分
(Ⅱ)当a=1时,由(Ⅰ),可知f(x)≤f(e1-a)=1.4分
∴原不等式等价于5+(x-k)ex+k>0当x∈(0,+∞)时恒成立,
∵当x∈(0,+∞)时,ex-1>0,
即原不等式等价于x+x+5>k对x∈(0,+∞)时恒成立.6分
ex-1
()x+5
ex(ex-x-6)
()
设hx=x+x.则h′x=(x)2.7分
e-1e-1
令F(x)=ex-x-6.则F′(x)=ex-1.当x∈(0,+∞)时,F′(x)>0.
∴函数F(x)=ex-x-6在(0,+∞)上单调递增.
而F(2)=e2-8<0,F(3)=e3-9>0.
∴F(2)F(3)<0.
∴存在唯一的x0∈(2,3),使得F(x0)=0,即ex0=x0+6.9分当x∈
(0,x0)时,F(x)<0,h′(x)<0.∴函数h(x)单调递减;
当x∈(x0,+∞)时,F(x)>0,h′(x)>0.∴函数h(x)单调递增.
∴当x=x0时,函数h(x)有极小值(即最小值)h(x0).
()x0+5
(,)分又
∵hx0=x0+x
=x0+1∈34.11k<
h(x0),k∈Z,
e0-1
∴k的最大整数值是3.12分
2.解:
(Ⅰ)易得直线l的普通方程为3x-y-3=0,2分曲线C的直角坐标方程为(x-1)2+(y+1)2=2.5分
(Ⅱ)将直线l的参数方程代入曲线C的普通方程,得
t2+3t-1=0.7分
此方程的两根为直线l与曲线C的交点M,N对应的参数tM,tN.
∵tM+tN=-3,tMtN=-1,
∴MN=tM-tN=(tM+tN)2-4tMtN=7.10分
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