版高考生物二轮复习遗传的基本规律和伴性遗传考点15透过规律相关比例掌握规律内容实质.docx
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版高考生物二轮复习遗传的基本规律和伴性遗传考点15透过规律相关比例掌握规律内容实质
专题5遗传的基本规律和伴性遗传考点15透过规律相关“比例”，掌握规律内容“实质”
[直击考纲] 1.孟德尔遗传实验的科学方法。
2.基因的分离定律和自由组合定律。
3.伴性遗传。
4.人类遗传病的类型。
5.人类遗传病的监测和预防。
6.人类基因组计划及意义。
考点15 透过规律相关“比例”，掌握规律内容“实质”
依纲联想
1．有关遗传基本规律中比例异常分析
（1）分离定律异常情况
①不完全显性：
如红花AA、白花aa，杂合子Aa开粉红花，则AA×aa杂交再自交，F2表现型及比例为红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1。
②显性纯合致死：
Aa自交后代比例为显∶隐＝2∶1。
③隐性纯合致死：
Aa自交后代全部为显性。
（2）巧用合并同类项推导自由组合定律异常比
AaBb自交后代比例
AaBb测交后代比例
9∶（3＋3）∶1→9∶6∶1
1∶2∶1
9∶（3＋3＋1）→9∶7
1∶3
（9＋3）∶3∶1→12∶3∶1
2∶1∶1
（9＋3＋3）∶1→15∶1
3∶1
9∶3∶（3＋1）→9∶3∶4
1∶1∶2
1∶（2＋2）∶（1＋4＋1）∶（2＋2）∶1→1∶4∶6∶4∶1
1∶2∶1
（9＋3＋1）∶3→13∶3
3∶1
（3）性状分离比9∶3∶3∶1的变式题的解题步骤
①看F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。
②将异常分离比与正常分离比进行比对，分析合并性状的类型。
③对照题干信息确定出现异常分离比的原因，并写出各种类型的基因通式。
④依据分离比、基因通式特点和亲子代间基因传递特点及基因型和表现型的关系，推断相关问题结论。
2．将自由组合定律转化为分离定律的方法——拆分法
（1）拆分的前提：
两对或两对以上相对性状（或等位基因）在遗传时，各对性状（或基因）是独立的、互不干扰的。
一种性状的遗传不会影响与其自由组合的另一种性状的数量或分离比。
（2）拆分方法：
先分析一对相对性状，得到每对相对性状的分离比，再按同样方法处理另一对相对性状，这样就可以较容易地求出每对相对性状的基因型及各种概率问题。
（3）重新组合：
根据上述方法求出各性状的基因型和相应概率后，将相关基因组合利用概率的乘法、加法原理就能非常方便地求出所要求解的基因型及其概率。
（4）利用拆分法理解常见自由组合比的实质
①1∶1∶1∶1＝（1∶1）（1∶1）；
②9∶3∶3∶1＝（3∶1）（3∶1）；
③3∶1∶3∶1＝（3∶1）（1∶1）；
④2∶1∶2∶1＝（1∶1）（2∶1）；
⑤4∶2∶2∶1＝（2∶1）（2∶1）；
⑥6∶3∶2∶1＝（3∶1）（2∶1）。
1．（基因分离定律相关比例推断）（经典高考题）鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和白色两种。
金定鸭产青色蛋，康贝尔鸭产白色蛋。
为研究蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两个鸭群做了五组实验，结果如下表所示。
杂交组合
第1组
第2组
第3组
第4组
第5组
康贝尔鸭♀×金定鸭♂
金定鸭♀×康贝尔鸭♂
第1组的F1自交
第2组的F1自交
第2组的F1♀×康贝尔鸭♂
后代所产蛋（颜色及数目）
青色（枚）
26178
7628
2940
2730
1754
白色（枚）
109
58
1050
918
1648
请回答问题：
（1）根据第1、2、3、4组的实验结果可判断鸭蛋壳的________色是显性性状。
（2）第3、4组的后代均表现出__________现象，比例都接近________。
（3）第5组实验结果显示后代产青色蛋的概率接近________，该杂交称为________，用于检验________________________________________________________________________。
（4）第1、2组的少数后代产白色蛋，说明双亲中的______鸭群中混有杂合子。
（5）运用________方法对上述遗传现象进行分析，可判断鸭蛋壳颜色的遗传符合孟德尔的____________________定律。
答案
（1）青
（2）性状分离 3∶1 （3）1/2 测交
F1相关的基因组成 （4）金定 （5）统计学 基因分离
解析 根据表中第1组和第2组的杂交结果分析，康贝尔鸭和金定鸭不论是正交还是反交，得到的后代所产蛋均是青色蛋多白色蛋少，第3组和第4组的后代均表现出性状分离现象，并且青色蛋与白色蛋的比例约为3∶1，由此可判断青色蛋为显性性状，白色蛋为隐性性状。
第5组为第2组的F1♀与康贝尔鸭♂（隐性纯合子）杂交，得到后代青色蛋与白色蛋的比例约为1∶1，因此这种杂交应为测交，可用于检测第2组中F1的基因型。
第1组和第2组均为康贝尔鸭（隐性纯合子）和金定鸭杂交，根据少数后代产白色蛋可判断金定鸭中大多数为显性纯合子，少数为杂合子。
将具体的数字转化成表现型比例，对遗传现象进行分析，运用的是统计学的方法，根据表中数据判断，鸭蛋颜色的遗传符合孟德尔的基因分离定律。
2．（自由组合常规比例推断）（2014·山东，28节选）果蝇的灰体（E）对黑檀体（e）为显性；短刚毛和长刚毛是一对相对性状，由一对等位基因（B、b）控制。
这两对基因位于常染色体上且独立遗传。
用甲、乙、丙三只果蝇进行杂交实验，杂交组合、F1表现型及比例如下：
（1）根据实验一和实验二的杂交结果，推断乙果蝇的基因型可能为________或________。
若实验一的杂交结果能验证两对基因E、e和B、b的遗传遵循自由组合定律，则丙果蝇的基因型应为________。
（2）实验二的F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为________。
答案
（1）EeBb eeBb（注：
两空可颠倒） eeBb
（2）1/2
解析
（1）根据题干信息可知，两对基因位于常染色体上且独立遗传。
分析实验一的F1，灰体∶黑檀体＝1∶1，长刚毛∶短刚毛＝1∶1，单独分析每对等位基因的杂交特点，可知都是测交类型，由此可推知实验一的亲本组合为EeBb×eebb或eeBb×Eebb。
分析实验二的F1，灰体∶黑檀体＝1∶1，长刚毛∶短刚毛＝1∶3，可推知亲本有关体色的杂交为测交，有关刚毛长度的杂交为双杂合子杂交，且短刚毛为显性性状，这样可以确定乙和丙控制刚毛长度的基因型都是Bb，但无法进一步确定控制体色的基因型。
根据实验一和实验二的杂交结果，可推断乙的基因型可能是EeBb或eeBb。
若实验一的杂交结果能验证两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，则可确定甲和乙的杂交方式为测交，即有一个为双杂合子，另一个为隐性纯合子，而前面判断已确定乙控制刚毛长度的基因型是Bb，所以乙的基因型为EeBb，甲的基因型为eebb，进而推断丙的基因型为eeBb。
（2）根据
（1）中分析可知，实验二的亲本基因型为EeBb和eeBb，其后代为EeBb的概率是1/2×1/2＝1/4，后代为eeBb的概率是1/2×1/2＝1/4，故F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为1－1/4－1/4＝1/2。
3．（自由组合拓展方面）（2013·福建，28）甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。
花色表现型与基因型之间的对应关系如下表。
表现型
白花
乳白花
黄花
金黄花
基因型
AA________
Aa________
aaB______aa____D__
aabbdd
请回答：
（1）白花（AABBDD）×黄花（aaBBDD），F1基因型是________，F1测交后代的花色表现型及其比例是________________。
（2）黄花（aaBBDD）×金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有______种，其中纯合个体占黄花的比例是________。
（3）甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为__________的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是__________。
答案
（1）AaBBDD 乳白花∶黄花＝1∶1
（2）8 1/5
（3）AaBbDd 乳白花
解析
（1）由双亲基因型可直接写出F1的基因型，F1测交是与aabbdd相交，写出测交后代的基因型，对照表格得出比例。
（2）aaBBDD与aabbdd相交，F1的基因型为aaBbDd，让其自交，后代的基因型有aaB__D__、aaB__dd、aabbD__、aabbdd，比例为9∶3∶3∶1，据表可知aaB__D__、aaB__dd、aabbD__的个体均开黄花，aabbdd的个体开金黄花。
aaBbDd自交，后代基因型有1×3×3＝9种，1种开金黄花，所以黄花的基因型有8种，而每种里面aaB__D__、aaB__dd、aabbD__只有1份纯合，所以纯合个体占3/15，即1/5。
（3）只有AaBbDd的个体自交得到的后代才会有四种表现型，子一代比例最高的花色表现型，应该是不确定基因对数最多的，即白花和乳白花，但乳白花中的Aa比白花中的AA所占的比例高，乳白花比例最高。
4．（9∶3∶3∶1的变式）（2014·四川，11节选）小鼠的皮毛颜色由常染色体上的两对基因控制，其中A/a控制灰色物质合成，B/b控制黑色物质合成。
两对基因控制有色物质合成的关系如下图，选取三只不同颜色的纯合小鼠（甲—灰鼠，乙—白鼠，丙—黑鼠）进行杂交，结果如下表所示：
亲本组合
F1
F2
实验一
甲×乙
全为灰鼠
9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠
实验二
乙×丙
全为黑鼠
3黑鼠∶1白鼠
（1）两对基因（A/a和B/b）位于________对染色体上，小鼠乙的基因型为________。
（2）实验一的F2中，白鼠共有________种基因型，灰鼠中杂合子占的比例为________。
（3）图中有色物质1代表________色物质，实验二的F2代中黑鼠的基因型为________________________。
答案
（1）2 aabb
（2）3 8/9 （3）黑 aaBB、aaBb
解析 根据实验一F2的表现型比例9（灰）∶3（黑）∶4（白），可推出：
Ⅰ.F1灰鼠基因型为AaBb；Ⅱ.A_B_表现为灰色，由题干得知黑色个体中一定有B基因，故黑色个体的基因型为aaB_，而基因型为A_bb和aabb的个体表现为白色；Ⅲ.两对等位基因的遗传符合基因的自由组合定律，故两对基因位于两对同源染色体上。
（1）依据上述结论，可知两对基因位于两对染色体上。
根据实验一的F1基因型和甲、乙都为纯合子，可推知甲的基因型为AABB，乙的基因型为aabb。
（2）依据上述结论，可知实验一的F2中的4白鼠共有AAbb、Aabb、aabb三种基因型，9灰鼠的基因型为A_B_，其中纯合子AABB只占1份，故杂合子所占比例为8/9。
（3）依据上述结论知黑色个体的基因型为aaB_，可推知图中有色物质1代表黑色物质。
实验二的亲本组合为（乙）aabb和（丙）aaBB，其F2的基因型为aaBB（黑鼠）、aaBb（黑鼠）、aabb（白鼠）。
5．（3∶1∶3∶1变式与伴性遗传比例混合推导应用）（2013·四川，11节选）回答下列果蝇眼色的遗传问题。
（1）有人从野生型红眼果蝇中偶然发现一只朱砂眼雄蝇，用该果蝇与一只红眼雌蝇杂交得F1，F1随机交配得F2，子代表现型及比例如下（基因用B、b表示）：
实验一
亲本
F1
F2
雌
雄
雌
雄
红眼（♀）×朱砂眼（♂）
全红眼
全红眼
红眼∶朱砂眼＝1∶1
①B、b基因位于________染色体上，朱砂眼对红眼为________性。
②让F2红眼雌蝇与朱砂眼雄蝇随机交配，所得F3中，雌蝇有________种基因型，雄蝇中朱砂眼果蝇所占比例为________。
（2）在实验一F3的后代中，偶然发现一只白眼雌蝇。
研究发现，白眼的出现与常染色体上的基因E、e有关。
将该白眼雌蝇与一只野生型红眼雄蝇杂交得F
，F
随机交配得F
，子代表现型及比例如下：
实验二
亲本
F1
F2
雌
雄
雌
雄
白眼（♀）×红眼（♂）
全红眼
全朱砂眼
雌、雄均表现为红眼∶朱砂眼∶白眼＝4∶3∶1
实验二中亲本白眼雌蝇的基因型为________；F
代杂合雌蝇共有________种基因型，这些杂合雌蝇中红眼果蝇所占的比例为________。
答案
（1）①X 隐 ②2
（2）eeXbXb 4
解析
（1）由亲本为红眼雌果蝇与朱砂眼雄果蝇，F1全为红眼，而F1随机交配所得F2中雌果蝇全为红眼，雄果蝇为红眼∶朱砂眼＝1∶1，即朱砂眼只出现于雄性果蝇中，由此推测朱砂眼性状为隐性，且相关基因位于X染色体上，F1雌雄果蝇的基因型分别为XBXb、XBY，则F2红眼雌果蝇的基因型为XBXB、XBXb（各占1/2），与朱砂眼雄蝇（XbY）随机交配所得F3中，雌蝇基因型有XBXb、XbXb两种，雄蝇中朱砂眼果蝇所占比例为
×
＝
。
（2）根据实验二的F1中雄蝇全为朱砂眼可知，亲本是XbXb白眼（♀）×XBY红眼（♂），F
是XBXb红眼（♀）、XbY朱砂眼（♂）。
再依据F
无论雌雄都表现为4∶3∶1，这一比例是3∶1∶3∶1＝（3∶1）×（1∶1）的变式，因此确定F
的完整基因型是EeXBXb、EeXbY且E不影响B、b的表达，由此确定实验二的亲本的完整基因型是：
eeXbXb、EEXBY，又依据F
EeXBXb×EeXbY→F
雌蝇的种类有（1EE＋2Ee＋1ee）（1XBXb＋1XbXb）＝1EEXBXb＋1EEXbXb＋2EeXBXb＋2EeXbXb＋1eeXBXb＋1eeXbXb。
可见，杂合雌蝇有4种，其中红眼占2/3。
本考点命题形式以非选择题为主，常通过新信息考查表现型与基因型的推导、计算某种表现型和基因型所占比例和后代性状分离比等，因此本考点在复习备考中要充分理解遗传规律的实质，注意总结并强化训练各种相关的解题技巧与规律。
1．（基因分离定律比常规应用）（2015·北京，30和2015·四川，11节选）野生型果蝇的腹部和胸部都有短刚毛，而一只突变果蝇S的腹部却生出长刚毛。
研究者对果蝇S的突变进行了系列研究。
用这两种果蝇进行杂交实验的结果见图。
（1）根据实验结果分析，果蝇腹部的短刚毛和长刚毛是一对________性状。
其中长刚毛是________性性状。
图中①、②基因型（相关基因用A和a表示）依次为________________。
（2）实验2结果显示：
与野生型不同的表现型有____________种。
③基因型为________，在实验2后代中该基因型的比例是________。
（3）根据果蝇③和果蝇S基因型的差异，解释导致前者胸部无刚毛、后者胸部有刚毛的原因：
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
（4）果蝇的黑身、灰身由一对等位基因（B、b）控制。
若黑身雌蝇甲与灰身雄蝇乙杂交，F1全为灰身，F1随机交配，F2雌雄果蝇表型比均为灰身∶黑身＝3∶1，则果蝇体色性状中，________为显性。
F1的后代重新出现黑身的现象叫做________；F2的灰身果蝇中，杂合子占________。
答案
（1）相对 显 Aa、aa
（2）两 AA
（3）两个A基因抑制胸部长出刚毛，具有一个A基因时无此效应
（4）灰身 性状分离 2/3
解析
（1）同种生物同一种性状的不同表现类型叫做相对性状。
由实验2后代性状分离比为3∶1，可知该性状由一对基因控制，且控制长刚毛的基因为显性基因。
（2）野生型果蝇的表现型是腹部和胸部都有短刚毛，实验2后代中表现出的腹部有长刚毛和胸部无刚毛的性状都是与野生型不同的表现型。
由实验2可知腹部有长刚毛为显性且占
，又因为腹部有长刚毛中
胸部无刚毛，所以胸部无刚毛的基因型为AA且占后代的
。
（3）由决定胸部无刚毛的基因型为AA，而果蝇S基因型为Aa，可以推测两个A基因同时存在时抑制胸部长出刚毛，只有一个A基因时无此效应。
（4）由黑身雌蝇甲与灰身雄蝇乙杂交，F1全为灰身，可推知灰身对黑身为显性。
F1随机交配，F2雌雄果蝇表型比均为灰身∶黑身＝3∶1说明该性状是由常染色体上的等位基因控制，则F2雌雄果蝇基因型之比为：
BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，则F2的灰身果蝇中杂合子占2/3。
F1的后代（也就是F2）重新出现黑身的现象叫性状分离。
思维延伸
某雌雄同花的植物的花色有红色和白色两种，且受一对等位基因控制，一研究小组随机取红花和白花各60株均分为三组进行杂交实验，结果如下表所示，判断如下叙述：
组别
杂交方案
杂交结果
A组
红花×红花
红花∶白花＝4∶1
B组
红花×白花
红花∶白花＝7∶1
C组
白花×白花
全为白花
（1）根据组别A和B都判断红花为显性（ × ）
（2）A组没有出现3∶1性状分离比原因可能是红花亲本中并非都是杂合子（ √ ）
（3）B组亲本的红花中纯合子与杂合子的比例为3∶1（ √ ）
（4）若要判断B组杂交结果中的某红花植株是否为纯合子，最简单的方法是让该红花植株自交（ √ ）
2．（复等位基因问题）若某中学的两个生物兴趣小组用牵牛花（二倍体）做杂交实验，结果如表所示：
父本
母本
子一代
第一组
一株红花
一株红花
299株红花、102株蓝花
第二组
一株蓝花
一株蓝花
红花、蓝花（没意识到要统计数量比）
（1）若花色遗传仅由一对等位基因控制，第二组杂交实验的子一代中出现红花的原因是____________。
（2）两组同学经过交流后，对该现象提出了两种可能的假设：
假说一：
花色性状由三个等位基因（A＋、A、a）控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a是显性。
若该假说正确，则第二组同学实验所得子一代中：
红花∶蓝花＝____________，选第二组子一代中蓝花植株自交，其后代中的表现型及比例为____________。
假说二：
花色性状由三个等位基因（A、a1、a2）控制，只有a1和a2同时存在时，才会表现为蓝色，其他情况均为红色。
A相对于a1、a2为显性。
若该假说正确，则第一组同学所用的亲代红花的基因型为____________。
第二组同学将子一代中的蓝花植株自交得子二代，子二代的花色及数量比为____________。
答案
（1）基因突变
（2）1∶3 红花∶蓝花＝1∶5 Aa1×Aa2 红花∶蓝花＝1∶1
解析
（1）若花色遗传仅受一对等位基因控制，由于两组实验的结论相互矛盾，所以不能根据两组同学的实验结果判断显隐性。
第二组杂交实验的子一代中出现红花的原因是基因突变。
（2）假说一：
花色性状由三个等位基因（A＋、A、a）控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a是显性。
若该假说正确，则第一组同学实验中，红花和蓝花的基因型分别为：
A＋a和A＋A或A＋A和A＋A；第二组同学实验中，蓝花的基因型都为Aa，因此，所得子一代中：
红花（aa）∶蓝花（AA、Aa）＝1∶3。
第二组同学的F1中的蓝花植株的基因型有AA、Aa，比例为1∶2，所以其自交后所得F2中，红花为
×
＝
，即红花∶蓝花＝1∶5。
假说二：
花色性状由三个等位基因（A、a1、a2）控制，只有a1和a2同时存在时，才会表现为蓝色，其他情况均为红色，A相对于a1、a2为显性。
若该假说正确，则第一组同学实验中，所用的亲代红花的基因型必须含有a1和a2，子一代才会表现出102株蓝色，因此，亲代红花的基因型组合方式为Aa1×Aa2。
第二组同学的F1中的蓝色花植株的基因型为a1a2，所以其自交后所得F2中，红花（1a1a1、1a2a2）∶蓝花（2a1a2）＝1∶1。
思维延伸
判断下列叙述的正误：
（1）若兔子的毛色是由一组复等位基因控制的。
C＋控制野鼠色，对其他3个复等位基因为显性；Cch控制灰色，对Ch和Ca为显性；Ch控制喜马拉雅白化，对Ca为显性；Ca是一种突变型，不能形成色素，纯合时兔子毛色为白色。
判断如下叙述：
①控制兔子毛色的复等位基因的遗传遵循分离定律和自由组合定律（ × ）
②若某种群仅含有三种与毛色相关的复等位基因，则杂合子有6种基因型（ × ）
③喜马拉雅白化兔相互交配产生白色兔是基因突变的结果（ × ）
④C＋Ch与CchCa杂交后代表现型及比例接近野鼠色∶灰色∶喜马拉雅白化＝2∶1∶1（ √ ）
⑤喜马拉雅白化兔相互交配产生白色兔是基因重组的结果（ × ）
（2）人类ABO血型系统中，红细胞膜上只有A抗原为A型；只有B抗原为B型；二者均有为AB型；二者均无为O型。
如图为相关抗原的形成过程示意图，基因（H、h）及复等位基因（IA、IB、i）分别位于两对同源染色体上，且I对i为显性，基因型为Hhii、HhIAIB的夫妇生出A型血孩子的概率为3/8（ √ ）
3．（自由组合比例应用分析）分析下列遗传现象，填充相关问题
（1）（表格中正常比例正逆推）（2015·天津，9节选）小麦抗条锈病性状由基因T/t控制，抗白粉病性状由基因R/r控制，两对等位基因位于非同源染色体上。
以A、B品种的植株为亲本，取其F2中的甲、乙、丙单株自交，收获籽粒并分别播种于不同处理的试验小区中，统计各区F3中的无病植株比例。
结果如下表：
试验处理
F3无病植株的比例/%
F2植株
无菌水
以条锈
菌进行
感染
以白粉
菌进行
感染
以条锈
菌＋白
粉菌进
行双感染
甲
100
25
0
0
乙
100
100
75
75
丙
100
25
75
？
据表推测，甲的基因型是________，乙的基因型是________，双菌感染后丙的子代中无病植株的比例为________。
答案 Ttrr ttRr 18.75%（或3/16）
解析 由表中F3无病植株的比例数据可知：
甲自交后代中抗条锈病个体占25%，乙自交后代中抗白粉病的个体占75%，可说明抗条锈病为隐性性状，抗白粉病为显性性状。
依据甲自交后代抗白粉病个体比例为0，抗条锈病个体比例为25%，可推测甲的基因型为Ttrr。
依据乙自交后代抗条锈病个体比例为100%，抗白粉病个体比例为75%，可推测乙的基因型为ttRr。
根据丙自交后代中抗条锈病个体占25%，抗白粉病个体占75%，可知丙的基因型为TtRr，其自交后代中无病植株即基因型为ttR_的植株占3/16，即18.75%。
（2）（与伴性遗传综合考虑比例）（2015·四川，11节选）果蝇的黑身、灰身由一对等位基因（B、b）控制。
另一对同源染色体上的等位基因（R、r）会影响黑身果蝇的体色深度。
实验一：
黑身雌蝇甲与灰身雄蝇乙杂交，F1全为灰身，F1随机交配，F2雌雄果蝇表型比均为灰身∶黑身＝3∶1。
实验二：
黑身雌蝇丙（基因型同甲）与灰身雄蝇丁杂交，F1全为灰身，F1随机交配，F2表型比为：
雌蝇中灰身∶黑身＝3∶1；雄蝇中灰身∶黑身∶深黑身＝6∶1∶1。
则雄蝇丁的基因型为________。
F2中灰身雄蝇共有________种基因型。
答案 BBXrY 4
解析 由实验一中黑身雌蝇甲与灰身雄蝇
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