四川省蓉城名校联盟学年高二下学期入学考试物理精校Word解析版含答案.docx

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四川省蓉城名校联盟学年高二下学期入学考试物理精校Word解析版含答案

四川省蓉城名校联盟2017-2018学年高二下学期入学考试

物理试题

一、选择题：

本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分

1.关于电磁感应，下列说法中正确的是

A.只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电动势

B.只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流

C.只要闭合导线做切割磁感线云顶，导线中就一定有感应电流

D.若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，闭合电路中一定没有感应电流

【答案】A

【解析】当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流，选项A错误，B正确；只要闭合电路的部分导线做切割磁感线运动，导线中就一定有感应电流，选项C错误；若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，但是穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合电路中也会有感应电流，选项D错误；故选B.

2.在静电场中，一个电子由M点移到N点时电场力做的功为6eV，则下列书佛中正确的是

A.电子的电势能增加6eV

B.电子的电势能减少6J

C.M、N两点间的电势差U=-6V

D.电场强度的方向一定由N沿直线指向M

【答案】C

【解析】一个电子由M点移到N点时电场力做功为6eV，电子的电势能减少6eV．故AB错误；由题，M、N两点电势差UMN=

V=-6V．故C正确；电子由a点移到b点，电子的受到的电场力的方向不一定在ab直线上，电场强度的方向不一定由N指向M．故D错误；故选C.

3.如图所示电路中，A、B为完全相同的两个灯泡，L是一直流电阻可忽略的电感线圈，a、b为线圈的左右两端点，下列说法正确的是

A.合上开关S，A先亮，B后亮，最后一样亮

B.断开开关S，a点电势高于b点，B灯缓慢熄灭

C.断开开关S，a点电势高于b点，B灯立即熄灭

D.断开开关S，a点电势低于b点，B灯缓慢熄灭

【答案】D

【解析】合上开关S，B先亮，由于线圈中产生的自感电动势阻碍电流的增加，则A后亮，最后一样亮，选项A错误；开关闭合稳定时，两个灯泡亮度相同，则流过A的电流等于流过B的电流，开关由闭合到断开瞬间，B灯原来的电流瞬间消失，而线圈产生自感电动势阻碍A灯中电流减小，并与AB组成回路，原来两支路电流相等，则开关断开瞬间，电流都从原来A的值开始减小，所以两灯均过一会儿才熄灭。

由于电流的方向与B的原电流的方向相反，则流过两个灯的电流的方向为逆时针方向，b点电势高于a点，则选项BC错误，D正确；故选D。

点睛：

开关由闭合到断开瞬间，B灯原来电流立即消失，而线圈产生自感电动势与AB组成回路，由于阻碍作用使电流逐渐减小.

4.如图所示，MN是一正点电荷Q产生的电场中的一条电场线，虚线ab是一带正电的粒子只在静电力作用下的运动轨迹，下列说法正确的是

A.粒子一定从a向b运动

B.点电荷Q位于N点右侧

C.粒子P在a点的电势能小于在b点的电势能

D.粒子在a点的加速度大于在b点的加速度

【答案】B

【解析】由于不知道粒子速度变化，由运动轨迹图不能判断粒子向那个方向运动，故A错误；由运动轨迹可知，电场力方向指向凹的一侧即右侧，粒子带正电，所以在MN上电场方向向右，那么正电荷Q靠近M端，故B错误；电子所受电场力方向指向右侧，那么粒子从a向b运动，则电场力做正功，电势能减小，即粒子P在a点的电势能大于在b点的电势能，选项C错误；a点离点电荷较近，则受电场力较大，即粒子在a点的加速度大于在b点的加速度，选项D正确；故选D.

点睛：

带电粒子在电场中运动，带正电的粒子电场力方向与电场线方向一致；粒子所受的电场力方向指向轨迹的凹向．

5.如图所示的电路中，输入电压U恒为10V，灯泡L标有“5V，10W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.5Ω，若灯泡恰好能正常发光，则下列说法中正确的是

A.电动机的电流是10A

B.电动机的热功率是2W

C.电动机的输出功率是10W

D.整个电路消耗的电功率是18W

【答案】A

【解析】电动机两端的电压为：

U1=U-UL=10-5V=5V，整个电路中的电流等于灯泡的额定电流为：

，电动机的电流是2A；电动机的热功率为：

P热=I2RM=4×0.5W=2W，故A错误，B正确；电动机消耗功率为：

P=U1I=5×2W=10W．则电动机的输出功率为：

P出=P-P热=10W-2W=8W．故C错误。

整个电路消耗的功率为：

P总=UI=10×2W=20W．故D错误；故选B.

点睛：

解决本题的关键知道电动机的能量转化关系，电动机的输出功率P出=P-I2RM，知道整个电路消耗的功率P总=UI。

6.一质子（

）和

粒子（

）以相同的初动能垂直射入同一匀强磁场（不计粒子重力），则这两个粒子做圆周运动半径之比为：

A.1：

1B.1：

2C.1：

4D.1：

8

【答案】A

【解析】粒子进入磁场后，轨道半径为

，得

，故选A.

7.如图所示，三个电阻R1、R2、R3的阻值相同，允许消耗的最大功率分别为8W、6W、4W，此电路中允许消耗的最大功率为

A.18WB.16WC.12WD.10W

【答案】C

【解析】由于三个电阻的阻值相同，根据P=I2R，可得电阻的电流的大小为I=

，所以8W的电阻的电流最大为

，6W的电阻的电流最大为

，4W的电阻的电流最大为

，由于4W的电阻和6W的电阻并联，之后和8W的电阻串联，所以经过8W的电阻的电流是另外两个的电流的和，由于

+

＞

，所以8W的电阻最先达到最大功率，由于三个电阻的阻值相同，所以并联部分的电阻的大小为

R，并联部分的总的电流与8W的电阻的电流相同，根据P=I2R可知，并联部分的总功率为8W的电阻功率的一半，即为4W，所以电路允许消耗的最大功率是8W+4W=12W，所以C正确．故选C．

点睛：

本题在计算时并不是把每个电阻的功率直接的加起来，在连接电路的时候，首先要保证元件的安全，也就是不能有超过额定功率的情况，在这种情况下，三个电阻并不是都能正常的工作，这是解决本题的关键所在．

8.如图所示，两平行金属板P、Q水平放置，上极板带正电，下极板带负电，板间存在匀强电场和匀强磁场（图中未画出）。

一个带电粒子在两板间沿虚线所示路径做匀速直线运动．粒子通过两平行板后从O点垂直进入另一个垂直纸面向外的匀强磁场中，粒子做匀速圆周运动，经过半个周期后打在挡板MN上的A点．不计粒子重力．则下列说法不正确的是

A.此粒子一定带负电

B.P、Q间的磁场一定垂直纸面向外

C.若另一个带电粒子也能在两平行板间做匀速直线运动，则它一定与该粒子具有相同的荷质比

D.若另一个带电粒子也能沿相同的轨迹运动，则它一定与该粒子具有相同的荷质比

【答案】D

【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，粒子向下偏转，粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力竖直向下，应用左手定则可知，粒子带正电，故A错误；粒子在复合场中做匀速直线运动，粒子所受合力为零，若粒子带正电，则粒子所受电场力竖直向下，则粒子所受洛伦兹力竖直向上，由左手定则可知，P、Q间的磁场垂直于纸面向里，故B错误；粒子在复合场中做匀速直线运动，由平衡条件可知：

qvB1=qE，则：

v=E/B1，粒子具有相同的速度，不一定具有相同的荷质比，故C错误；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

qvB=m

，解得：

，粒子运动轨迹相同，则粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径r相同，则粒子的荷质比相同，故D正确；此题选择错误的选项，故选ABC.

点睛：

粒子在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，根据粒子偏转方向应用左手定则可以判断出粒子的电性；粒子在复合场中做匀速直线运动，根据平衡条件判断出洛伦兹力方向，然后应用左手定则可以判断出磁场方向；根据粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径，结合半径公式求出粒子电荷量与质量的比值，然后分析答题。

二、多项选择题

9.科学发明创造了社会进步的强大推动力，青少年应当崇尚科学，下列叙述中正确的是

A.安培提出“分子电流假说”揭示了磁现象的电本质

B.欧姆发现了电流通过导体时产生热效应的规律

C.库仑借助扭秤装置总结出了点电荷间的相互作用规律，并最早用实验测得元电荷e的数值

D.法拉第发现了电磁感应现象并首先提出了场的观点

【答案】AD

10.如图所示的电路中，电表均为理想电表。

闭合电键S，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列书佛正确的是

A.电流表A读数变大，电压表V1读数变大

B.电流表A读数变小，电压表V2读数变大

C.灯泡变亮

D.电压表V1示数的变化量

小于电压表V2示数的变化量

【答案】BD

【解析】当滑动变阻器滑片P向左移动时，其接入电路的电阻增大，电路的总电阻R总增大，总电流I减小，灯泡的功率为P=I2RL，RL不变，则P减小，灯泡变暗．故C错误．电路中总电流减小，则电流表A读数变小，电压表读数为U=E-Ir，I减小，则V1变大．因L上的电压减小，则R上的电压变大，即V2读数变大，故A错误，B正确．因U1=UL+U2，U1变大，U2变大，UL减小，则电压表V1示数的变化量ΔU1小于电压表V2示数的变化量ΔU2，选项D正确．故选BD.

点睛：

本题的关键在于明确电路的结构，搞清各个电阻电压和电流的关系，利用先局部，后整体，再局部的分析思路分析；注意会采用总量法分析变阻器电流的变化．

11.有一种电荷控制式喷墨打印机的打印头的结构简图如图所示，其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒，，此微粒经过带电室后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上，显示出字符．已知偏移量越大打在纸上的字迹越大，现要增大字迹，下列措施可行的是

A.增大墨汁微粒的比荷

B.减小墨汁微粒进入偏转电场时的初动能

C.减小偏转极板的长度

D.减小偏转极板间的电压

【答案】AB

【解析】微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动，则有：

水平方向：

L=v0t；竖直方向：

y=

at2，又a=

；联立得，

；要增大字迹，就要增大微粒通过偏转电场的偏转量y，由上式分析可知，采用的方法有：

增大比荷q/m、减小墨汁微粒进入偏转电场时的初动能Ek0、增大极板的长度L、增大偏转极板间的电压U，故AB正确，CD错误．故选AB.

12.如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的感光板。

从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场射入大量的带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m．不考虑粒子间的相互作用力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是

A.对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，运动时间越长

B.对着圆心入射的粒子，速度越小在磁场中做圆周运动的圆心角越小

C.对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线一定过圆心

D.只要速度满足v=RqB/m，沿不同方向射入的粒子射出后均可垂直打在MN上

【答案】CD

【解析】对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中轨迹半径越大，弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，由t=

T知，运动时间t越小．故AB错误．带电粒子的运动轨迹是圆弧，根据几何知识可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也一定过圆心．故C正确．速度满足v＝RqB/m时，粒子的轨迹半径为r=mv/qB=R，入射点、出射点、O点与轨迹的圆心构成菱形，射出磁场时的轨迹半径与最高点的磁场半径平行，粒子的速度一定垂直打在MN板上，故D正确．故选CD.

点睛：

本题要抓住粒子是圆弧，磁场的边界也是圆弧，利用几何知识分析出射速度与入射速度方向的关系，确定出轨迹的圆心角，