河南省许昌市201学年高二化学上册期末测试题.docx
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河南省许昌市201学年高二化学上册期末测试题
2018-2019学年河南省许昌市四校（许昌高中、襄城高中、长葛一高、禹州三高）联考高二（上）期末化学试卷
一、选择题（每小题只有一个正确选项，每小题3分共48分）
1．已知利用某些有机物之间的转代可贮存太阳能，如降冰片二烯（NBD）经太阳光照射转化成四环烷（Q）的反应为
，下列叙述中错误的是（ ）
A．Q的能量高于NBD
B．NBD和Q的分子式不同
C．Q的一氯代物只有3种
D．NBD的同分异构体可以是芳香烃
2．具有解热镇痛及抗生素作用的药物“芬必得”主要成分的结构简式如图，它属于（ ）
①芳香族化合物
②脂肪族化合物
③有机羧酸
④有机高分子化合物
⑤芳香烃．
A．③⑤B．②③C．①③D．①④
3．下列各组中两个变化所发生的反应，属于同一类型的是（ ）
①由苯制环己烷；由乙烯制溴乙烷
②乙烯使溴水褪色；乙炔使酸性高锰酸钾水溶液褪色
③由乙烯制聚乙烯；由2﹣溴丙烷制丙烯
④由苯制硝基苯；由苯制溴苯．
A．只有②③B．只有③④C．只有①③D．只有①④
4．某共价化合物含C、H、N3种元素，已知其分子内的4个氮原子排列成内空的四面体结构，且每2个氮原子之间都有1个碳原子，分子中无C﹣C、C═C、C≡C键，则此化合物的化学式是（ ）
A．C6H12N4B．C4H8N4C．C6H10N4D．C6H8N4
5．下列有机物命名正确的是（ ）
A．
2﹣乙基丙烷B．CH3CH2CH2OH1﹣丁醇
C．
2﹣氯﹣2﹣甲基丙烷D．
2﹣甲基﹣2﹣丙烯
6．研究有机物一般经过以下几个基本步骤：
分离、提纯→确定实验式→确定分子式→确定结构式，以下用于研究有机物的方法错误的是（ ）
A．蒸馏常用于分离提纯液态有机混合物
B．燃烧法是研究确定有机物成分的有效方法之一
C．核磁共振氢谱通常用于分析有机物的相对分子质量
D．对有机物分子红外光谱图的研究有助于确定有机物分子中的官能团
7．下列有关物质的性质或应用的说法正确的是（ ）
A．在甲苯中加入少量酸性高锰酸钾溶液，振荡后褪色，正确的解释是由于侧链与苯环的相互影响，使侧链和苯环均易被氧化
B．等质量的乙烷、乙烯、乙炔在氧气中完全燃烧，乙烷消耗的氧气最多
C．间二溴苯仅有一种空间结构可证明苯分子中不存在单双键交替的结构
D．甲烷、乙烯和苯在工业上都可通过石油分馏得到
8．某有机化合物仅由碳、氢、氧三种元素组成，其相对分子质量小于150，若已知其中氧的质量分数为50%，则分子中氧原子的个数可以是（ ）
A．1到4B．2或3C．只有4D．1或4
9．下列说法正确的是（NA表示阿伏加德罗常数的值）（ ）
A．30g乙烷含有的共价键数目为8NA
B．2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
C．1mol甲基含10NA个电子
D．标况下，22.4L己烷完全燃烧后恢复至原状态，生成气态物质分子数为6NA
10．某烷烃的各种同分异构体中，主链上有4个碳原子的只有两种结构，则含有相同碳原子数且主链上也有4个碳原子的烯烃（只含一个碳碳双键）的同分异构体有（ ）
A．2种B．3种C．4种D．5种
11．下列说法不正确的是（ ）
A．分子式CF2Cl2、C3H8、C2H4、C2H2均只对应一种化合物
B．1molC4HmO完全燃烧，最多消耗O26mol
C．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2﹣氯甲苯或4﹣氯甲苯
D．分子式为C10H14，能使酸性KMnO4溶液褪色的一元取代苯共有3种
12．两种气态烃组成的混合气体0.1mol，完全燃烧得0.15molCO2和3.6gH2O，下列关于该混合气体的说法正确的是（ ）
A．一定有乙烯B．一定没有乙烯C．一定有甲烷D．可能有乙烷
13．卤代烃（CH3）2C═CHCl能发生的反应有（ ）
①取代反应 ②加成反应 ③消去反应 ④使溴水褪色
⑤使酸性KMnO4溶液褪色 ⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀 ⑦加聚反应．
A．以上反应均可发生B．只有③⑥不能发生
C．只有①⑦不能发生D．只有②⑥不能发生
14．下列判断，结论正确的是（ ）
选项
项目
结论
A
三种有机化合物：
丙烯、氯乙烯、苯
分子内所有原子均在同一平面
B
由溴丙烷水解制丙醇、由丙烯与水反应制丙醇
属于同一反应类型
C
乙烯和苯都能使溴水褪色
退色的原理相同
D
C4H9Cl的同分异构体数目（不考虑立体异构）
共有4种
A．AB．BC．CD．D
15．下列说法中，正确的是（ ）
A．苯酚和苯都能和溴水发生苯环上的取代反应
B．醇属于烃的衍生物，饱和一元醇的组成符合CnH2nO
C．乙醇是无色透明的液体，密度比水小，能用乙醇从碘水中萃取出碘
D．向苯酚钠溶液中通入CO2气体，使溶液变浑浊，说明碳酸的酸性比苯酚的强
16．山萘酚（Kaempferol）结构如图所示，且大量存在于水果、蔬菜、豆类、茶叶中，具有多种生物学作用，如抗氧化、抑制肿瘤生长及保护肝细胞等作用．有关山萘酚的叙述正确的是（ ）
A．结构式中含有2个苯环和羟基、醚键、羧基、碳碳双键
B．可发生取代反应、水解反应、加成反应
C．可与NaOH反应，不能与NaHCO3反应
D．1mol山萘酚与溴水反应最多可消耗4molBr2
二、非选择题
17．按要求填空
（1）结构式如图所示，该化合物的系统命名为
（2）对羟基苯甲酸乙酯 ；
（3）
系统名称为 ；
（4）某烃结构式如下：
CH3﹣
﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3，共面的碳原子最多有 个，共线的碳原子最多有 个．
18．按要求填空
（1）某烃A的蒸气密度是同条件下氢气密度的64倍，则A的分子式可能为 ，若A中含有6个甲基，但不可能是烯烃与氢气的加成产物，则A的结构简式为 ；
（2）已知1mol烃B中C、H两种元素的质量比为5：
1，且所含电子总数为42NA，则其分子式为 ，在它的同分异构体中，沸点最高的是 （写结构简式）；一氯代物只有一种的是 （写习惯名称）．
（3）在400℃，101.3kPa时，3L某烃A在mL氧气中完全燃烧，燃烧后测得气体体积为（m+6）L（气体体积均在同温同压下测定）试回答下列问题：
①烃A的组成中应满足的条件 ；
②若烃A在常温常压下为气态物质时，m的取值范围 ．
19．下列物质为常见有机物：
①甲苯②1，3﹣丁二烯③直馏汽油④植物油
填空：
（1）既能使溴水因发生化学变化褪色，也能使酸性高锰酸钾褪色的烃是 （填编号）；
（2）能和氢氧化钠溶液反应的是 （填编号）
（3）已知：
环己烯可以通过1，3﹣丁二烯与乙烯发生环化加成反应得到：
实验证明，下列反应中，反应物分子的环外双键比环内双键更容易被氧化：
现仅以1，3﹣丁二烯为有机原料，无机试剂任选，按下列途径合成甲基环己烷：
（a）写出结构简式：
A ；B
（b）上图物质A，B，C，D中加氢后产物与甲基环己烷互为同系物的是 （填A，B，C，D中的字母）．
（c）1molA与1molHBr加成可以得到 种产物．
20．正丁醛是一种化工原料．某实验小组利用如图装置合成正丁醛．发生的反应如下：
CH3CH2CH2CH2OH
CH3CH2CH2CHO
反应物和产物的相关数据如下：
沸点/℃
密度（g•cm﹣3）
水中溶解性
正丁醇
117.2
0.8109
微溶
正丁醛
75.5
0.8107
微溶
实验步骤如下：
①将6.0gNa2Cr2O7放入100mL烧杯中，加30mL水溶解，再缓慢加入5mL浓硫酸，将所得溶液小心转移至B中．
②在A中加入4.0g正丁醇和几粒沸石，加热．当有蒸汽出现时，开始滴加B中溶液．滴加过程中保持反应温度为90～95℃，在E中收集90℃以下的馏分．
③将馏出物倒入分液漏斗中，分去水层，有机层干燥后蒸馏，收集75～77℃馏分，产量2.0g．
回答下列问题：
（1）B仪器的名称是 ，D仪器的名称是 ．
（2）将正丁醛粗产品置于分液漏斗中分液时，水在 层（填“上”或“下”）
（3）反应温度应保持在90～95℃，其原因是 ．
（4）本实验中，正丁醛的产率为 %．（保留三位有效数字）
21．A～G都是有机化合物，它们的转化关系如下：
请回答下列问题：
（1）已知：
6.0g化合物E完全燃烧生成8.8gCO2和3.6gH2O；E的蒸气对氢气的相对密度为30，则E的分子式为 ．
（2）A为一取代芳烃，B中含有一个甲基．由B生成C的化学方程式为 ．
（3）由B生成D、由C生成D的反应条件分别是 、 ．
（4）由A生成B、由D生成G的反应类型分别是 、 ．
（5）F存在于栀子香油中，其结构简式为 ．
（6）在G的同分异构体中，苯环上一硝化的产物只有一种的共有 种，其中核磁共振氢谱有两组峰，且峰面积比为l：
1的是 （填结构简式）
2018-2019学年河南省许昌市四校（许昌高中、襄城高中、长葛一高、禹州三高）联考高二（上）期末化学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题只有一个正确选项，每小题3分共48分）
1．已知利用某些有机物之间的转代可贮存太阳能，如降冰片二烯（NBD）经太阳光照射转化成四环烷（Q）的反应为
，下列叙述中错误的是（ ）
A．Q的能量高于NBD
B．NBD和Q的分子式不同
C．Q的一氯代物只有3种
D．NBD的同分异构体可以是芳香烃
【考点】有机物的结构和性质．
【专题】同分异构体的类型及其判定．
【分析】A．根据能量守恒知，生成物能量大于反应物能量；
B．根据质量守恒可知二者分子式相同；
C．Q结构对称，其氢原子种类为3，根据氢原子种类确定一氯代物种类；
D．NBD的分子式为C7H8，不饱和度=
=4，苯环的不饱和度是4．
【解答】解：
A．根据能量守恒知，生成物能量大于反应物能量，所以Q的能量高于NBD，故A正确；
B．反应
中，根据质量守恒定律可知NBD和Q的分子式相同，故B错误；
C．Q结构对称，其氢原子种类为3，根据氢原子种类确定一氯代物种类为3，故C正确；
D．NBD的分子式为C7H8，不饱和度=
=4，苯环的不饱和度是4，所以NBD的同分异构体可以是芳香烃，为甲苯，故D正确；
故选B．
【点评】本题考查有机物结构和性质，为高频考点，题目难度中等，涉及基本概念、能量守恒、同分异构体种类判断等知识点，明确常见有机物结构与性质为解答关键，试题侧重考查学生分析判断能力，易错选项是D．
2．具有解热镇痛及抗生素作用的药物“芬必得”主要成分的结构简式如图，它属于（ ）
①芳香族化合物
②脂肪族化合物
③有机羧酸
④有机高分子化合物
⑤芳香烃．
A．③⑤B．②③C．①③D．①④
【考点】芳香烃、烃基和同系物．
【专题】物质的分类专题．
【分析】根据该物质的成键元素、成键类型、相对分子质量的大小可以判断该物质所属类型．
【解答】解：
①芳香族是指碳氢化合物分子中至少含有一个带离域键的苯环的一类有化合物，故①正确；
②脂肪族化合物是链状烃类（开链烃类）及除芳香族化合物以外的环状烃类及其衍生物的总称，故②错误；
③分子中含有羧基，属于有机羧酸，故③正确；
④该分子相对分子质量较小，不属于高分子化合物，故④错误；
⑤分子中含有氧元素，不属于烃，故⑤错误．
故选C．
【点评】本题考查学生有机物和无机物的区别，注意根据官能团确定物质的类别，较简单．
3．下列各组中两个变化所发生的反应，属于同一类型的是（ ）
①由苯制环己烷；由乙烯制溴乙烷
②乙烯使溴水褪色；乙炔使酸性高锰酸钾水溶液褪色
③由乙烯制聚乙烯；由2﹣溴丙烷制丙烯
④由苯制硝基苯；由苯制溴苯．
A．只有②③B．只有③④C．只有①③D．只有①④
【考点】苯的性质；乙烯的化学性质．
【专题】有机物的化学性质及推断．
【分析】①由苯制环己烷发生的是加成法院；由乙烯制溴乙烷发生的是加成反应；
②乙烯使溴水褪色发生的是加成反应；乙炔使酸性高锰酸钾水溶液褪色发生的是氧化还原反应；
③由乙烯制聚乙烯发生的是加聚反应；由2﹣溴丙烷制丙烯发生的是消去反应；
④由苯制硝基苯发生的是取代反应；由苯制溴苯发生的是取代反应．
【解答】解：
①由苯制环己烷发生的是加成法院；由乙烯制溴乙烷发生的是加成反应，二者反应类型相同，故①选；
②乙烯使溴水褪色发生的是加成反应；乙炔使酸性高锰酸钾水溶液褪色发生的是氧化还原反应，反应类型不同，故②不选；
③由乙烯制聚乙烯发生的是加聚反应；由2﹣溴丙烷制丙烯发生的是消去反应，二者反应类型不同，故③不选；
④由苯制硝基苯发生的是取代反应；由苯制溴苯发生的是取代反应，二者反应类型相同，故④选；
故选：
D．
【点评】本题考查了乙烯和苯的性质，题目难度不大，熟悉乙烯和苯的结构和各种反应的原理是解题的关键，注意对基础知识的积累．
4．某共价化合物含C、H、N3种元素，已知其分子内的4个氮原子排列成内空的四面体结构，且每2个氮原子之间都有1个碳原子，分子中无C﹣C、C═C、C≡C键，则此化合物的化学式是（ ）
A．C6H12N4B．C4H8N4C．C6H10N4D．C6H8N4
【考点】有机物实验式和分子式的确定．
【专题】有机化学基础．
【分析】根据成键理论：
碳周围4个键，氢周围1个键，氮周围三个键均是饱和的，据此来确定有机物的分子式．
【解答】解：
正四面体有6条边，所以有6个C原子，因为N原子构成正四面体的四个顶点，用完了三个共价键，所以不能再接H原子，每个C还有两个共价键可以和H原子结合，共要结合12个氢原子，即化合物的化学式是C6H12N4．
故选A．
【点评】本题考查学生有机物分子式的确定知识，注意原子的成键数目是解题的关键，难度不大．
5．下列有机物命名正确的是（ ）
A．
2﹣乙基丙烷B．CH3CH2CH2OH1﹣丁醇
C．
2﹣氯﹣2﹣甲基丙烷D．
2﹣甲基﹣2﹣丙烯
【考点】有机化合物命名．
【专题】有机化学基础．
【分析】A、烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，从离支链近的一端给主链上的碳原子编号；
B、醇在命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端给主链上的碳原子编号；
C、卤代烃命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端给主链上的碳原子编号；
D、烯烃命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端给主链上的碳原子编号，并表示出双键的位置；
【解答】解：
A、烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，故主链上有4个碳原子，从离支链近的一端给主链上的碳原子编号，故在2号碳原子上有一个甲基，故名称为：
2﹣甲基丁烷，故A错误；
B、醇在命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有3个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子编号，故名称为1﹣丙醇，故B错误；
C、卤代烃命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有3个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子编号，故在2号碳原子上有一个甲基和一个氯原子，故名称为2﹣氯﹣2﹣甲基丙烷，故C正确；
D、烯烃命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有3个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子编号，并表示出双键的位置，故名称为：
2﹣甲基﹣1﹣丙烯，故D错误；
故选C．
【点评】本题考查了有机物的命名，应注意的是含官能团的有机物在命名时，要以官能团为考虑的对象来选主链和编号．
6．研究有机物一般经过以下几个基本步骤：
分离、提纯→确定实验式→确定分子式→确定结构式，以下用于研究有机物的方法错误的是（ ）
A．蒸馏常用于分离提纯液态有机混合物
B．燃烧法是研究确定有机物成分的有效方法之一
C．核磁共振氢谱通常用于分析有机物的相对分子质量
D．对有机物分子红外光谱图的研究有助于确定有机物分子中的官能团
【考点】化学研究基本方法及作用．
【分析】A、蒸馏用于分离提纯沸点不同的液态互溶混合物．
B、燃烧法能确定有机物中的最简式．
C、核磁共振氢普通常用于分析有机物分子中化学环境不同氢原子种类及比例．
D、红外光谱图能确定有机物分子中的基团．
【解答】解：
A、蒸馏是利用互溶液态混合物中各成分的沸点不同而进行物质分离的方法，液态有机物混合物中各成分的沸点不同，所以可用蒸馏的方法进行物质分离，故A正确．
B、利用燃烧法，能将有机物分解为简单无机物，并作定量测定，通过无机物的质量推算出组成该有机物元素原子的质量分数，然后计算出该有机物分子所含元素原子最简单的整数比，即确定实验式，故B正确．
C、从核磁共振氢谱图上可以推知有机物分子有几种不同类型的氢原子及它们的数目，故C错误．
D、不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上处于不同的位置，所以红外光谱图能确定有机物分子中的化学键或官能团，故D正确，故选C．
【点评】本题考查了研究有机物的方法，难度不大，明确这几个方法的区别是解本题的关键．
7．下列有关物质的性质或应用的说法正确的是（ ）
A．在甲苯中加入少量酸性高锰酸钾溶液，振荡后褪色，正确的解释是由于侧链与苯环的相互影响，使侧链和苯环均易被氧化
B．等质量的乙烷、乙烯、乙炔在氧气中完全燃烧，乙烷消耗的氧气最多
C．间二溴苯仅有一种空间结构可证明苯分子中不存在单双键交替的结构
D．甲烷、乙烯和苯在工业上都可通过石油分馏得到
【考点】有机物的结构和性质；有机化学反应的综合应用．
【专题】有机反应．
【分析】A．甲苯被高锰酸钾氧化生成苯甲酸，苯环影响甲基；
B．等质量的烃燃烧，耗氧量取决于H%，H%越大耗氧量越大；
C．邻二溴苯仅有一种空间结构可证明苯分子中不存在单双键交替的结构；
D．石油裂解可以得到甲烷和乙烯，苯可通过煤的干馏获得．
【解答】解：
A．由现象可知，甲苯被高锰酸钾氧化生成苯甲酸，因苯环影响甲基，为苯环对侧链的影响，而苯环不能被氧化，故A错误；
B．等质量的烃燃烧，耗氧量取决于H%，H%越大耗氧量越大，乙烷的含氢量最大，则消耗的氧气的量最多，故B正确；
C．无论苯环是否为单双键交替的结构，间二溴苯都只有一种结构，则间二溴苯仅有一种空间结构不能证明苯分子中不存在单双键交替的结构，故C错误；
D．石油的分馏不能得到甲烷、乙烯等，只能的到汽油、煤油、柴油等轻质油和重油，然后轻质油再经过裂解可以得到甲烷、乙烯等小分子烃，煤的干馏产品中含苯，故D错误；
故选B．
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，选项D为易错点，注意有机物结构分析及干馏、蒸馏、分馏、裂化、裂解等概念为易混淆的知识点，题目难度不大．
8．某有机化合物仅由碳、氢、氧三种元素组成，其相对分子质量小于150，若已知其中氧的质量分数为50%，则分子中氧原子的个数可以是（ ）
A．1到4B．2或3C．只有4D．1或4
【考点】有关有机物分子式确定的计算．
【分析】根据该有机物的相对分子质量小于150及含有氧的质量分数为50%确定其分子中最多含有的O原子数，然后分别根据含有1个、2个、3个、4个O原子讨论是否存在满足条件的有机物即可．
【解答】解：
相对分子质量小于150，由氧的质量分数为可知，则分子中氧原子数目＜
=4.7，所以该有机物分子中最多含有4个O；
当含有1个O原子时，该有机物的相对分子量为16×2=16，则C、H的总相对原子量为16，
=1…2，该有机物为分子式为：
CH4O，为甲醇；
当含有2个O时，该有机物的相对分子量为：
16×2×2=64，C、H的总相对原子量为32，
=2…4，该有机物分子式为：
C2H8O2，不存在该物质；
当含有3个O原子时，该有机物的相对分子量为：
16×3×2=96，C、H的总相对原子量为48，
=3…6，该有机物分子式为：
C3H12O3，不存在该物质；
当含有4个O原子时，该有机物的相对分子量为：
16×4×2=128，C、H的总相对原子量为64，
=4…8，该有机物分子式为C5H4O4，结构简式为：
HOOCC≡CCH2COOH；
所以该有机物分子中含有的O原子数可能为1或4，
故选D．
【点评】本题考查了有机物分子式的确定，题目难度中等，明确常见有机物结构与性质为解答关键，注意掌握讨论法在化学计算中的应用方法，试题培养了学生的分析能力及灵活应用能力．
9．下列说法正确的是（NA表示阿伏加德罗常数的值）（ ）
A．30g乙烷含有的共价键数目为8NA
B．2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
C．1mol甲基含10NA个电子
D．标况下，22.4L己烷完全燃烧后恢复至原状态，生成气态物质分子数为6NA
【考点】阿伏加德罗常数．
【专题】阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．
【分析】A、求出乙烷的物质的量，然后根据1mol乙烷中含7mol共价键来分析；
B、乙烯和丙烯的最简式均为CH2；
C、甲基不显电性；
D、标况下己烷为液体．
【解答】解：
A、30g乙烷的物质的量为1mol，而1mol乙烷中含6molC﹣H键和1molC﹣C键即共7mol共价键即7NA条，故A错误；
B、乙烯和丙烯的最简式均为CH2，故2.8g混合物中含有的CH2的物质的量n=
=0.2mol，含0.2mol碳原子即0.2NA个，故B正确；
C、甲基不显电性，故1mol甲基含9mol电子即9NA个，故C错误；
D、标况下己烷为液体，故22.4L己烷的物质的量不是1mol，则生成的气体物质分子个数不是6NA个，故D错误．
故选B．
【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，掌握物质的量的计算公式和物质结构是解题关键，难度不大．
10．某烷烃的各种同分异构体中，主链上有4个碳原子的只有两种结构，则含有相同碳原子数且主链上也有4个碳原子的烯烃（只含一个碳碳双键）的同分异构体有（ ）
A．2种B．3种C．4种D．5种
【考点】同分异构现象和同分异构体．
【专题】同系物和同分异构体．
【分析】先根据烷烃的条件，确定烷烃的分子式，然后再根据官能团位置异构确定烯烃的同分异构体．
【解答】解：
解：
第一步：
确定该烷烃碳原子个数
①主链为4个碳原子的烷烃，其支链只能是甲基（不可能是乙基，否则主链超过4个碳原子）．
②主链为4个碳原子的烷烃，支链数最多4个（下面的0，是指该物质只有一种，没有同分异构体）
甲基的个数同分异构体
1个0
2个2
3个0
4个0
③结论：
该烷烃总共有6个碳原子
第二步：
分析烯烃的同分异构体数目
①双键在1号位，有以下3种
C=C﹣C﹣C
1234
2﹣乙基丁烯、2，3﹣二甲基丁烯、3，3﹣二甲基丁烯
②双键在2号位，有1种
C﹣C=C﹣C
1234
2，3﹣二甲基﹣2﹣丁烯
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