高考理科数学四川卷含详细答案Word文档格式.docx
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40
000
大的偶数共有
A.144
个
B.120
C.96
D.72
个
7.设四边形
ABCD
为平行四边形,AB|=6
,AD|=4
.若点
M,
满足
BM
=3MC
,DN
=2
NC
,
则
AM
NM
二、填空题:
本大题共
5
小题,每小题
分,共
25
分.把答案填在题中的横线上.
11.在
(2
1)5
的展开式中,含
x2
的项的系数是_________(用数字填写答案).
12.
sin15
+sin75
的值是_________.
13.某食品的保鲜时间
y(单位:
小时)与储存温度
x(单位:
℃)满足函数关系
=
ekx+b
e
2.718
…为自然对数的底数,
k,b
为常数)
.若该食品在
0
℃
的保鲜时
间是
192
小时,在
22
的保鲜时间是
48
小时,则该食品在
33
的保鲜时间是
_________
小时
.
14.如图,四边形
和
ADPQ
均为正方形,它们所在的平面互相垂直,动点
M
在线
段
PQ
上,E,F
分别为
AB、BC
的中点.设异面直线
EM
与
AF
所成的角为θ
,则
θ
的最大值为_________.
_
名
姓
1.设集合
A
{x
1)(x
2)
<
0},集合
|1
3}
答
2}
3}
2.设
i
是虚数单位,则复数
i3
i
题
A.
C.i
D.3i
3.执行如图所示的程序框图,输出
S
的值为
无
1
A.20
B.15
C.9
D.6
8.设
a,b
都是不等于
的正数,则“
3a
>
3b
”是“
log
”的
a
b
A.充要条件
B.充分不必要条件
C.必要不充分条件
D.既不充分也不必要条件
mn
的最大值为
A.16
B.18
C.25
81
10.设直线
l
与抛物线
y2
4x
相交于
,B
两点,与圆
5)2
r
(r
0)
相切于点
且
为线段
的中点.若这样的直线
恰有
条,则
的取值范围是
(1,3)
(1,4)
(2,3)
(2,4)
15.已知函数
f
x)
2x
,
g
ax
(其中
∈
R
).对于不相等的实数
,设
现有如下命题:
(1)对于任意不相等的实数
,都有
m
;
(2)对于任意的
及任意不相等的实数
n
(3)对于任意的
,存在不相等的实数
,使得
(4)对于任意的
-n
其中的真命题有_________
(写出所有真命题的序号).
效
数学试卷
第
页(共
27
页)
三、解答题:
小题,共
75
分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.
16.(本小题满分
12
设数列
{a
}
(n
1,2,3,
⋅⋅⋅
的前
项和
2a
,且
,a
1,a
成等差数
nnnn1123
列.
(Ⅰ)求数列{a
的通项公式;
n
成立的
的最小值.
nn
18.(本小题满分
一个正方体的平面展开图及该正方体的直观图的示意图如图所示.在正方体中,设
BC
的中点为
M,GH
N.
(Ⅰ)请将字母
F
G
H
标记在正方体相应的顶点处(不需说明理由);
(Ⅱ)证明:
直线
MN∥
平面
BDH
(Ⅲ)求二面角
EG
的余弦值.
20.(本小题满分
13
b2
1(a
b
的离心率是
,过点
P
(0,1)
的动直线
与椭圆相
交于
A,B
两点.当直线
平行于
轴时,直线
被椭圆
E
截得的线段长为
(Ⅰ)求椭圆
的方程;
|PA|
|QB|
|PB|
恒成
立?
若存在,求出点
Q
的坐标;
若不存在,说明理由.
17.(本小题满分
某市
两所中学的学生组队参加辩论赛,A
中学推荐了
名男生、2
名女生,B
中
学推荐了
名男生、4
名女生,两校所推荐的学生一起参加集训.由于集训后队员水平
tan
相当,从参加集训的男生中随机抽取
人,女生中随机抽取
人组成代表队.
(Ⅰ)求
中学至少有一名学生入选代表队的概率;
(Ⅱ)某场比赛前,从代表队的
名队员中随机抽取
人参赛.记
X
表示参赛的男生人
数,求
的分布列和数学期望.
19.(本小题满分
如图
A,B,C,D
为平面四边形
的四个内角.
(Ⅰ)证明:
tan
A
(Ⅱ)若
C
180
BC
CD
AD
,求
C
D
的值.
B
+
21.(本小题满分
14
已知函数
-2(x
a)ln
2ax
2a2
,其中
a>0
(Ⅰ)设
是
的导函数,讨论
的单调性;
存在
x)≥0
在区间
(1,+∞)
内恒成立,且
在区间
内有唯一解.
数学试卷第
理科数学答案解析
第Ⅰ卷
一、选择题
1.【答案】A
【解析】∵集合
B={x|1<x<3},∴集合
{x|
∵A∪B={x|﹣1<x<3},故选:
【提示】求解不等式得出集合
,根据集合的并集可求解答案
【考点】并集及其运算
2.【答案】C
2i4
21
21
==
,故选:
iiii
i4
【考点】复数代数形式的乘除运算
3.【答案】D
【解析】解:
模拟执行程序框图,可得
k
不满足条件
4
5
满足条件
sin
故选:
D.
5π
,输出
.
【提示】模拟执行程序框图,依次写出每次循环得到的k
的值,当
时满足条件
,计算并输出
的值为
【考点】程序框图
4.【答案】A
⎛π
⎫
⎝2
⎭
AN
,结合向量结合向量的数量积求解即可.
【考点】平面向量数量积的运算
8.【答案】B
、
的正数,∵
,∴
,∵
ab
11lg
lg
a⎧
0⎧
alog
blg
33
求解得出:
1
或
根据充分必要条件定义得出:
“
”的充分不必要条件,故选:
B.
⎧lg
0⎧lg
【提示】求解
,得出
⎨或
⎨根据对数函数的性质求解即可,再利用充分必
要条件的定义判断即可.
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断
9.【答案】B
1⎡
1⎤
2⎣
2⎦
∴①
8
对称轴
8
⎧m
⎪⎧m
-≥
③
⎨n
81
即
⎨
⎩2n
18
≤
⎧
2⎧
设
⎩2
0⎩
要求
的项的系数,∴
r2
r3
的项的系数是
1)
故答案为:
【提示】根据所给的二项式,利用二项展开式的通项公式写出第r
1项,整理成最简形式,令
的指数为
求得
,再代入系数求出结
果
【考点】二项式定理的应用
12.【答案】6
sin15sin75sin15cos152(sin15cos45cos15
45
6
【提示】利用诱导公式以及两角和的正弦函数化简求解即可.
【考点】两角和与差的正弦函数;
三角函数的化简求值.
13.【答案】24
由题意可得,
x0
时,
x22
y48
sin60
6
代入函数
yekx
,可得
eb192
e22k
即有
e11k
eb
,则当
e33k
24
24.
【提示】由题意可得,
.代入函数
,解方程,可得
,再由
,代入即可得到结
论.
【考点】函数与方程的综合运用
14.【答案】
根据已知条件,AB
,AD
,AQ
三直线两两垂直,分别以这三直线为
,y
,z
轴,建立如图所示空间直接坐标系,设
AB2
则:
A(0,0,0),
(1,0,0)
(21,,0);
在线段
上,设
(0,y,2),
0y2
∴
EM(
1,y,2),
AF(2,1,0);
2y
cos|cos
AF;
55
y24y4y24y4
=,设
t,整理得:
(5t
1)y2
4y
25t
①,将该式看成关于
三、解答题
16.【答案】
(Ⅰ)
2n
(Ⅱ)10
(Ⅰ)由已知
,有
﹣S
nn1nn
﹣
≥
,即
﹣
从而
4a
,又∵
1,
成等差数列,∴
2(2a
,解得:
213211231111
∴数列
是首项为
2,公比为
的等比数列.故
2n
(Ⅱ)由(Ⅰ)得:
T
22
[1-
)n
]
-
由
1|<
1000
,得
1000
∵
29
512
1024
210
于是,使
1成立的
的最小值为
10.
【提示】
(Ⅰ)由已知数列递推式得到
,再由已知
成等差数列求出数列首项,可得数列{a
2,
n﹣123n
公比为
的等比数列,则其通项公式可求;
⎫1
【考点】数列的求和.
17.【答案】
(Ⅰ)
99
100
(Ⅱ)2
(Ⅰ)由题意,参加集训的男、女学生个有
人,参赛学生全从
中抽出(等价于
中没有学生入选代表队)的概率为:
3C
1199
,因此
中学至少有
名学生入选代表队的概率为:
-=
34
100100100
66
则1
人参赛,X
表示参赛的男生人数,
的可能取值为:
,,,P(
3C
31
2C
P(
3)
=33
==
=.
5C
的分布列:
X
P
13
则数学期望
EX
1⨯+
⨯+
⨯
(Ⅰ)根据展开图和直观图之间的关系进行判断即可;
(Ⅱ)利用线面平行的判定定理即可证明直线
MN∥平面
(Ⅲ)法一:
利用定义法求出二面角的平面角进行求解.
法二:
建立坐标系,利用向量法进行求解即可.
【考点】二面角的平面角及求法,直线与平面平行的判定.
19.【答案】
(Ⅰ)见解析
(Ⅱ)
10
A2sin
A1
【解析】证明:
=.等式成立.
Asin
222
(Ⅱ)由
180︒
D
,由(Ⅰ)可知:
B1
cos(180︒
A)1
B)
=+++
Bsin(180︒
A)sin(180︒
22
=+
连结
BD
,在
△ABD
中,有
在
△BCD
2BC
所以
62
52
32
42
2(AB
AD+
CD)
2(6
⨯
÷
4)
7
于是
,连结
AC
同理可得:
ADF
19
x2y
⎪+
联立
⎨
42
,消去
并整理得:
(1+
2k
4kx
△
(4k
)2
8(1+
⎪
kx
4k-2
=-,
121
11x
∴+=1
xxx
已知点
关于
轴对称的点
B'
的坐标为
(-
2kx
1111
-==
-k
+=
K
xxx-
x-
xxx
1112221
AO
kQB
三点共线,
QAxPA
QB
=1
QB'
xPB
故存在与点
不同的定点
Q(0,2)
,使得
QA
PA
PB
恒成立.
(Ⅰ)通过直线
轴时被椭圆
截得的线段长为,
及离心率是2
,计算即得结论;
(Ⅱ)通过直线
轴平行、垂直时,可得若存在不同于点
的定点
满足条件,则
点坐标只能是
(0,2)
.然后分直线
的斜率不存
QAPA
在、存在两种情况,利用韦达定理及直线斜率计算方法,证明对任意直线l
,均有即可.
QBPB
【考点】直线与圆锥曲线的综合问题,椭圆的标准方程
21.【答案】
(Ⅱ)见解析
⎛a
⎝x
页)数学试卷第
26