浙江11市2012年中考数学试题分类解析汇编专题5:数量和位置变化.doc
《浙江11市2012年中考数学试题分类解析汇编专题5:数量和位置变化.doc》由会员分享,可在线阅读,更多相关《浙江11市2012年中考数学试题分类解析汇编专题5:数量和位置变化.doc(19页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
![浙江11市2012年中考数学试题分类解析汇编专题5:数量和位置变化.doc](https://file1.bdocx.com/fileroot1/2022-10/21/f865ba52-b766-4f6e-a854-3d94d95ca7a8/f865ba52-b766-4f6e-a854-3d94d95ca7a81.gif)
浙江11市2012年中考数学试题分类解析汇编
专题5:
数量和位置变化
一、选择题
1.(2012浙江嘉兴、舟山4分)如图,正方形ABCD的边长为a,动点P从点A出发,沿折线A→B→D→C→A的路径运动,回到点A时运动停止.设点P运动的路程长为长为x,AP长为y,则y关于x的函数图象大致是【】
A.B.
C. D.
【答案】D。
【考点】动点问题的函数图象。
【分析】因为动点P按沿折线A→B→D→C→A的路径运动,因此,y关于x的函数图象分为四部分:
A→B,B→D,D→C,C→A。
当动点P在A→B上时,函数y随x的增大而增大,且y=x,四个图象均正确。
当动点P在B→D上时,函数y在动点P位于BD中点时最小,且在中点两侧是对称的,故选项B错误。
当动点P在D→C上时,函数y随x的增大而增大,故选项A,C错误。
当动点P在C→A上时,函数y随x的增大而减小。
故选项D正确。
故选D。
2.(2012浙江衢州3分)函数的自变量x的取值范围在数轴上可表示为【】
A. B. C. D.
【答案】D。
【考点】函数自变量的取值范围,二次根式有意义的条件,在数轴上表示不等式的解集。
【分析】根据二次根式有意义的条件,计算出的取值范围,再在数轴上表示即可,不等式的解集在数轴上表示的方法:
>,≥向右画;<,≤向左画,在表示解集时“≥”,“≤”要用实心圆点表示;“<”,“>”要用空心圆点表示。
根据二次根式被开方数必须是非负数的条件,要使在实数范围内有意义,必须
。
故在数轴上表示为:
。
故选D。
3.(2012浙江绍兴4分)在如图所示的平面直角坐标系内,画在透明胶片上的▱ABCD,点A的坐标是(0,2).现将这张胶片平移,使点A落在点A′(5,﹣1)处,则此平移可以是【】
A. 先向右平移5个单位,再向下平移1个单位 B. 先向右平移5个单位,再向下平移3个单位
C. 先向右平移4个单位,再向下平移1个单位 D. 先向右平移4个单位,再向下平移3个单位
【答案】B。
【考点】坐标与图形的平移变化。
【分析】根据坐标的平移变化的规律,左右平移只改变点的横坐标,左减右加。
上下平移只改变点的纵坐标,下减上加。
因此,
根据A的坐标是(0,2),横坐标加5,纵坐标减3得到点A′(5,﹣1),故先向右平移5个单位,再向下平移3个单位。
故选B。
4.(2012浙江温州4分)如图,在△ABC中,∠C=90°,M是AB的中点,动点P从点A出发,
沿AC方向匀速运动到终点C,动点Q从点C出发,沿CB方向匀速运动到终点B.已知P,Q两点同时出发,并同时到达终点.连结MP,MQ,PQ.在整个运动过程中,△MPQ的面积大小变化情况是【】
A.一直增大B.一直减小C.先减小后增大D.先增大后减小
【答案】C。
【考点】动点问题的函数图象。
【分析】如图所示,连接CM,∵M是AB的中点,
∴S△ACM=S△BCM=S△ABC,
开始时,S△MPQ=S△ACM=S△ABC;
由于P,Q两点同时出发,并同时到达终点,从而点P到达AC的中点时,点Q也到达BC的中点,此时,S△MPQ=S△ABC;
结束时,S△MPQ=S△BCM=S△ABC。
△MPQ的面积大小变化情况是:
先减小后增大。
故选C。
二、填空题
1.(2012浙江丽水、金华4分)甲、乙两人以相同路线前往离学校12千米的地方参加植树活动.图中
l甲、l乙分别表示甲、乙两人前往目的地所行驶的路程S(千米)随时间t(分)变化的函数图象,则每分钟乙比甲多行驶 ▲ 千米.
【答案】。
【考点】函数的图象。
【分析】根据函数的图形可以得到甲用了30分钟行驶了12千米,乙用12分钟行驶了12千米,分别算出速度即可求得结果:
∵甲每分钟行驶12÷30=(千米),乙每分钟行驶12÷12=1(千米),
∴每分钟乙比甲多行驶1-(千米)。
2.(2012浙江衢州4分)试写出图象位于第二、四象限的一个反比例函数的解析式 ▲ .
【答案】(答案不唯一)。
【考点】反比例函数的性质。
【分析】位于二、四象限的反比例函数比例系数k<0,据此写出一个函数解析式即可,如(答案不唯一)。
3.(2012浙江绍兴5分)小明的父母出去散步,从家走了20分钟到一个离家900米的报亭,母亲随即按原速度返回家,父亲在报亭看了10分钟报纸后,用15分钟返回家,则表示父亲、母亲离家距离与时间之间的关系是▲(只需填序号)。
【答案】④②。
【考点】函数的图象。
【分析】∵小明的父母出去散步,从家走了20分到一个离家900米的报亭,母亲随即按原速返回,
∴表示母亲离家的时间与距离之间的关系的图象是②;
∵父亲看了10分报纸后,用了15分返回家,
∴表示父亲离家的时间与距离之间的关系的图象是④。
4.(2012浙江义乌4分)如图,已知点A(0,2)、B(,2)、C(0,4),过点C向右作平行于x轴的射线,点P是射线上的动点,连接AP,以AP为边在其左侧作等边△APQ,连接PB、BA.若四边形ABPQ为梯形,则:
(1)当AB为梯形的底时,点P的横坐标是 ▲ ;
(2)当AB为梯形的腰时,点P的横坐标是 ▲
【答案】,。
【考点】梯形的性质,等边三角形的性质,锐角三角函数定义和特殊角的三角函数值,平行四边形的判定和性质。
【分析】
(1)如图1:
当AB为梯形的底时,PQ∥AB,
∴Q在CP上。
∵△APQ是等边三角形,CP∥x轴,
∴AC垂直平分PQ。
∵A(0,2),C(0,4),∴AC=2。
∴。
∴当AB为梯形的底时,点P的横坐标是:
。
(2)如图2,当AB为梯形的腰时,AQ∥BP,∴Q在y轴上。
∴BP∥y轴。
∵CP∥x轴,∴四边形ABPC是平行四边形。
∴CP=AB=。
∴当AB为梯形的腰时,点P的横坐标是:
。
三、解答题
1.(2012浙江湖州12分)如图1,已知菱形ABCD的边长为,点A在x轴负半轴上,点B在坐标原点.点D的坐标为(-,3),抛物线y=ax2+b(a≠0)经过AB、CD两边的中点.
(1)求这条抛物线的函数解析式;
(2)将菱形ABCD以每秒1个单位长度的速度沿x轴正方向匀速平移(如图2),过点B作BE⊥CD于点E,交抛物线于点F,连接DF、AF.设菱形ABCD平移的时间为t秒(0<t<3)
①是否存在这样的t,使△ADF与△DEF相似?
若存在,求出t的值;若不存在,请说明理由;
②连接FC,以点F为旋转中心,将△FEC按顺时针方向旋转180°,得△FE′C′,当△FE′C′落在x轴与抛物线在x轴上方的部分围成的图形中(包括边界)时,求t的取值范围.(写出答案即可)
【答案】解:
(1)由题意得AB的中点坐标为(-3,0),CD的中点坐标为(0,3),
分别代入y=ax2+b,得,解得,。
∴这条抛物线的函数解析式为y=-x2+3。
(2)①存在。
如图2所示,在Rt△BCE中,∠BEC=90°,BE=3,BC=,
∴。
∴∠C=60°,∠CBE=30°。
∴EC=BC=,DE=。
又∵AD∥BC,∴∠ADC+∠C=180°。
∴∠ADC=180°-60°=120°
要使△ADF与△DEF相似,则△ADF中必有一个角为直角。
(I)若∠ADF=90°,∠EDF=120°-90°=30°。
在Rt△DEF中,DE=,得EF=1,DF=2。
又∵E(t,3),F(t,-t2+3),∴EF=3-(-t2+3)=t2。
∴t2=1。
∵t>0,∴t=1。
此时,∴。
又∵∠ADF=∠DEF,∴△ADF∽△DEF。
(II)若∠DFA=90°,可证得△DEF∽△FBA,则。
设EF=m,则FB=3-m。
∴,即m2-3m+6=0,此方程无实数根。
∴此时t不存在。
(III)由题意得,∠DAF<∠DAB=60°,∴∠DAF≠90°,此时t不存在。
综上所述,存在t=1,使△ADF与△DEF相似。
②。
【考点】二次函数综合题,曲线上点的坐标与方程的关系,菱形的性质,平移的性质,勾股定理,锐角三角函数定义,特殊角的三角函数值,平行的性质,相似三角形的判定,解方程和不等式。
【分析】
(1)根据已知条件求出AB和CD的中点坐标,然后利用待定系数法求该二次函数的解析式。
(2)①如图2所示,△ADF与△DEF相似,包括三种情况,需要分类讨论:
(I)若∠ADF=90°时,△ADF∽△DEF,求此时t的值。
(II)若∠ADF=90°时,△DEF∽△FBA,利用相似三角形的对应边成比例可以求得相应的t的值。
(III)∠DAF≠90°,此时t不存在。
②画出旋转后的图形,认真分析满足题意要求时,需要具备什么样的限制条件,然后根据限制条件列出不等式,求出t的取值范围:
如图3所示,依题意作出旋转后的三角形△FE′C′,过C′作MN⊥x轴,分别交抛物线、x轴于点M、点N。
观察图形可知,欲使△FE′C′落在指定区域内,必须满足:
EE′≤BE且MN≥C′N。
∵F(t,3-t2),∴EF=3-(3-t2)=t2。
∴EE′=2EF=2t2。
由EE′≤BE,得2t2≤3,解得。
又∵C′E′=CE=,∴C′点的横坐标为t-。
∴MN=3-(t-)2,
又C′N=BE′=BE-EE′=3-2t2,
∴由MN≥C′N,得3-(t-)2≥3-2t2,即t2+2t-3≥0。
求出t2+2t-3=0,得,∴t2+2t-3≥0即。
∵,∴,解得t≥。
∴t的取值范围为:
。
2.(2012浙江嘉兴、舟山12分)将△ABC绕点A按逆时针方向旋转θ度,并使各边长变为原来的n倍,得△AB′C′,即如图①,我们将这种变换记为[θ,n].
(1)如图①,对△ABC作变换[60°,]得△AB′C′,则S△AB′C′:
S△ABC= ;直线BC与直线B′C′所夹的锐角为 度;
(2)如图②,△ABC中,∠BAC=30°,∠ACB=90°,对△ABC作变换[θ,n]得△AB'C',使点B、C、C′在同一直线上,且四边形ABB'C'为矩形,求θ和n的值;
(4)如图③,△ABC中,AB=AC,∠BAC=36°,BC=l,对△ABC作变换[θ,n]得△AB′C′,使点B、C、B′在同一直线上,且四边形ABB'C'为平行四边形,求θ和n的值.
【答案】解:
(1)3;60。
(2)∵四边形ABB′C′是矩形,∴∠BAC′=90°。
∴θ=∠CAC′=∠BAC′﹣∠BAC=90°﹣30°=60°.
在Rt△ABB'中,∠ABB'=90°,∠BAB′=60°,∴∠AB′B=30°。
∴AB′=2AB,即。
(3)∵四边形ABB′C′是平行四边形,∴AC′∥BB′。
又∵∠BAC=36°,∴θ=∠CAC′=∠ACB=72°。
∴∠C′AB′=∠BAC=36°。
而∠B=∠B,∴△ABC∽△B′BA。
∴AB:
BB′=CB:
AB。
∴AB2=CB•BB′=CB(BC+CB′)。
而CB′=AC=AB=B′C′,BC=1,∴AB2=1(1+AB),解得,。
∵AB>