高考物理动量守恒定律解析版Word文件下载.docx
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③相对性;
④普适性。
5.应用动量守恒定律解题的步骤:
(1)明确研究对象,确定系统的组成(系统包括哪几个物体及研究的过程);
(2)进行受力分析,判断系统动量是否守恒(或某一方向上动量是否守恒);
(3)规定正方向,确定初、末状态动量;
(4)由动量守恒定律列出方程;
(5)代入数据,求出结果,必要时讨论说明。
二、碰撞与动量守恒定律
1.碰撞的特点
(1)作用时间极短,内力远大于外力,总动量总是守恒的。
(2)碰撞过程中,总动能不增。
因为没有其他形式的能量转化为动能。
(3)碰撞过程中,当两物体碰后速度相等时,即发生完全非弹性碰撞时,系统动能损失最大。
(4)碰撞过程中,两物体产生的位移可忽略。
2.碰撞的种类及遵从的规律
种类
遵从的规律
弹性碰撞
动量守恒,机械能守恒
非弹性碰撞
动量守恒,机械能有损失
完全非弹性碰撞
动量守恒,机械能损失最大
3.关于弹性碰撞的分析
两球发生弹性碰撞时满足动量守恒定律和机械能守恒定律。
在光滑的水平面上,质量为m1的钢球沿一条直线以速度v0与静止在水平面上的质量为m2的钢球发生弹性碰撞,碰后的速度分别是v1、v2
①
②
由①②可得:
③
④
利用③式和④式,可讨论以下五种特殊情况:
a.当
时,
,
,两钢球沿原方向原方向运动;
b.当
,质量较小的钢球被反弹,质量较大的钢球向前运动;
c.当
,两钢球交换速度。
d.当
,m1很小时,几乎以原速率被反弹回来,而质量很大的m2几乎不动。
例如橡皮球与墙壁的碰撞。
e.当
,说明m1很大时速度几乎不变,而质量很小的m2获得的速度是原来运动物体速度的2倍,这是原来静止的钢球通过碰撞可以获得的最大速度,例如铅球碰乒乓球。
4.一般的碰撞类问题的分析
(1)判定系统动量是否守恒。
(2)判定物理情景是否可行,如追碰后,前球动量不能减小,后球动量在原方向上不能增加;
追碰后,后球在原方向的速度不可能大于前球的速度。
(3)判定碰撞前后动能是否不增加。
【限时检测】
(建议用时:
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一、单选题
1.两球A、B在光滑水平面上沿同一直线,同一方向运动,mA=1kg,mB=2kg,vA=6m/s,vB=2m/s。
当A追上B并发生碰撞后,两球A、B速度的可能值是( )
A.vA′=5m/s,vB′=2.5m/sB.vA′=-4m/s,vB′=7m/s
C.vA′=2m/s,vB′=4m/sD.vA′=7m/s,vB′=1.5m/s
【答案】C
【解析】
AD.考虑实际运动情况,碰撞后两球同向运动,A球速度应不大于B球的速度,故AD错误;
两球碰撞过程,系统不受外力,故碰撞过程系统总动量应守恒.碰撞前总动量为
p=pA+pB=mAvA+mBvB=(1×
6+2×
2)kg•m/s=10kg•m/s
总动能
B.碰撞后,总动量为
p′=pA′+pB′=mAvA′+mBvB′=1×
(-4)+2×
7=10kg•m/s
则p′=p,
,符合动量守恒,但是不符合能量关系;
故B错误;
C.碰撞后,总动量为
p′=pA′+pB′=mAvA′+mBvB′=(1×
2+2×
4)kg•m/s=10kg•m/s
符合动量守恒定律,能量关系
,则碰后符合动量和能量关系,则C正确。
故选C。
2.水平面上有质量相等的a、b两个物体并排放置,水平推力F1、F2分别作用在物体a、b上,一段时间后撤去推力,物体继续运动一段距离后停下,两物体的v—t图线如图所示,图中
,则整个运动过程中( )
A.F1对a物体做的功等于F2对b物体做的功
B.F1对a物体的冲量小于F2对b物体的冲量
C.t时刻a物体和b物体的速度方向相反
D.t时刻a物体和b物体位移相等
【答案】B
A.根据
图象,由于AB与CD平行,撤去推力后物体的加速度相同,由
知,可见两物体所受的摩擦力大小相同。
图象与时间轴所围的面积表示位移,则知整个过程中a的位移比b的小,由
知,a、b克服摩擦力做功
。
对整个过程,由动能定理得
,则推力做功为
,结合
,得水平推力F1、F2所做的功
故A错误;
B.根据
可知,摩擦力对a物体的冲量小于摩擦力对b物体的冲量,根据动量定理,对整个过程研究得
由图看出
则有
即F1对a物体的冲量小于F2对b物体的冲量。
故B正确;
C.t时刻a物体和b物体图象相交,则可知,此时二者的速度大小相等,方向相同,故C错误;
D.图象与时间轴围成的面积表示位移,则可知两物体的位移不相等,故D错误;
故选B。
3.一串质量为50g的钥匙从橱柜上1.8m高的位置由静止开始下落,掉在水平地板上,钥匙与地板作用的时间为0.05s,且不反弹。
重力加速度
,此过程中钥匙对地板的平均作用力的大小为( )
A.5NB.5.5NC.6ND.6.5N
【答案】D
钥匙自由落体到地面的速度为
解得
取向上的方向为正方向,根据冲量等于动量的变化量可得
故选D。
4.甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动,甲追上乙,并与乙发生碰撞,碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。
已知甲的质量为1kg,则碰撞过程两物块损失的机械能为( )
A.3JB.4JC.5JD.6J
【答案】A
由v-t图可知,碰前甲、乙的速度分别为
;
碰后甲、乙的速度分别为
,甲、乙两物块碰撞过程中,由动量守恒得
则损失的机械能为
故选A。
二、多选题
5.如图所示,一半径为R的竖直光滑半圆轨道在底部与光滑水平面相切,质量为m的小球A以初速度
沿水平面向右运动,与静止的质量为3m的小球B发生碰撞后粘连在一起滑向半圆轨道。
小球可视为质点且它们碰撞时间极短,重力加速度为g,关于AB粘连之后的运动,下列说法中正确的是( )
A.能够到达半圆轨道的最高点
B.会在到达半圆轨道最高点之前某个位置脱离轨道
C.刚滑上半圆轨道时对轨道的压力为4mg
D.在半圆轨道上滑到与圆心等高处时对轨道的压力为mg
【答案】BD
A、B小球发生碰撞
刚上圆轨道时,对AB整体受力分析
对A、B整体在圆弧轨道上的运动运用动能定理分析
无解,无法到达轨道最高点。
对A、B整体从底端运动到与圆心等高位置运用动能定理分析
支持力充当向心力
故AC错误,BD正确。
故选BD。
6.如图甲是建筑工地将桩料打入泥土中以加固地基的打夯机示意图,打夯前先将桩料扶正立于地基上,桩料进入泥土的深度忽略不计。
已知夯锤的质量为M=450kg,桩料的质量为m=50kg。
每次打夯都通过卷扬机牵引将夯锤提升到距离桩顶h0=5m处再释放,让夯锤自由下落,夯锤砸在桩料上后立刻随桩料一起向下运动。
桩料进入泥土后所受阻力随打入深度h的变化关系如图乙所示,直线斜率k=5.05×
104N/m。
g取10m/s2,则下列说法不正确的是( )
A.夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度为9m/s
B.夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度为4.5m/s
C.打完第一夯后,桩料进入泥土的深度为1m
D.打完第三夯后,桩料进入泥土的深度为3m
【答案】ABD
AB.设夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度为v0,则
取向下为正方向,设夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度为v,由动量守恒定律得
代入数据解得
故AB错误,符合题意;
C.由乙图知,桩料下沉过程中所受的阻力随距离均匀变化,可用平均力求阻力做功,则
对夯锤与桩料,由动能定理得
故C正确,不符合题意;
D.由于每次提升重锤距桩帽的高度均为h0,每次碰撞后瞬间的速度均为v,设三次打击后共下降x,则由图象可知,克服阻力做功
由能量守恒定律得
故D错误,符合题意。
故选ABD。
三、解答题
7.长为l的轻绳上端固定,下端系着质量为
的小球A,处于静止状态。
A受到一个水平瞬时冲量后在竖直平面内做圆周运动,恰好能通过圆周轨迹的最高点。
当A回到最低点时,质量为
的小球B与之迎面正碰,碰后A、B粘在一起,仍做圆周运动,并能通过圆周轨迹的最高点。
不计空气阻力,重力加速度为g,求
(1)A受到的水平瞬时冲量I的大小;
(2)碰撞前瞬间B的动能
至少多大?
【答案】
(1)
(2)
(1)A恰好能通过圆周轨迹的最高点,此时轻绳的拉力刚好为零,设A在最高点时的速度大小为v,由牛顿第二定律,有
A从最低点到最高点的过程中机械能守恒,取轨迹最低点处重力势能为零,设A在最低点的速度大小为
,有
由动量定理,有
联立①②③式,得
(2)设两球粘在一起时速度大小为
,A、B粘在一起后恰能通过圆周轨迹的最高点,需满足
⑤
要达到上述条件,碰后两球速度方向必须与碰前B的速度方向相同,以此方向为正方向,设B碰前瞬间的速度大小为
,由动量守恒定律,有
⑥
又
⑦
联立①②⑤⑥⑦式,得碰撞前瞬间B的动能
至少为
⑧
8.如图所示,在光滑的水平地面上,质量为1.75kg的木板右端固定一光滑四分之一圆弧槽,木板长2.5m,圆弧槽半径为0.4m,木板左端静置一个质量为0.25kg的小物块B,小物块与木板之间的动摩擦因数
=0.8。
在木板的左端正上方,用长为1m的不可伸长的轻绳将质量为1kg的小球A悬于固定点O。
现将小球A拉至左上方,轻绳处于伸直状态且与水平方向成
=30°
角,小球由静止释放,到达O点的正下方时与物块B发生弹性正碰。
不计圆弧槽质量及空气阻力,重力加速度g取10m/s2。
求:
(1)小球A与物块B碰前瞬间,小球A的速度大小;
(2)物块B上升的最大高度;
(3)物块B与木板摩擦产生的总热量。
【答案】
(1)5m/s;
(2)0.8m;
(3)7J
(1)设轻绳长为L,小球A自由落体L时,轻绳刚好再次伸直,此时速度为v1,根据自由落体运动规律,可得
轻绳伸直后瞬间小球A速度为
轻绳刚好再次伸直后到最低点,由动能定理
联立解得
(2)小球A与物块B弹性碰撞,由动量守恒及机械能守恒得
物块B在最高点时,与木板水平共速,木板速度为v6,设物块B升高最大高度为h,板长为L1,由水平方向动量守恒及能量关系得
联立解得h=0.8m
因0.8>
0.4,物块B飞出圆弧槽。
(3)假设物块B最终能停在木板上,物块B与木板速度共同速度仍为v6,物块B