也即证a2+ab<2ac,即a(a+b)<2ac.
∵a,b∈R+,且a+b<2c,∴a(a+b)<2ac显然成立.
∴原不等式成立.
综合法与分析法的综合应用
[例3] 设a>0,b>0,且a+b=1,求证:
+≤.
[思路点拨] 所证不等式含有开方运算且两边都为正数,可考虑两边平方,用分析法转化为一个不含开方运算的不等式,再用综合法证明.
[证明] 要证:
+≤,
只需证(+)2≤6,
即证(a+b)+2+2≤6.
由a+b=1得只需证≤,
即证:
ab≤.
由a0,a+b=1,
得ab≤2=,即ab≤成立.
∴原不等式成立.
(1)通过等式或不等式的运算,将待证的不等式化为明显的、熟知的不等式,从而使原不等式易于证明.
(2)有些不等式的证明,需要一边分析一边综合,称之为分析综合法,或称“两头挤”法,如本例,这种方法充分表明了分析法与综合法之间互为前提,互相渗透,相互转化的辩证统一关系.
5.已知a,b,c都是正数,
求证:
2≤3.
证明:
法一:
要证2≤3,
只需证a+b-2≤a+b+c-3,
即-2≤c-3.
移项,得c+2≥3.
由a,b,c为正数,得c+2=c++≥3成立.
∴原不等式成立.
法二:
∵a,b,c是正数,
∴c++≥3=3.
即c+2≥3.
故-2≤c-3.
∴a+b-2≤a+b+c-3.
∴2≤3.
对应学生用书P23
1.设a,b∈R+,A=+,B=,则A,B的大小关系是( )
A.A≥B B.A≤B
C.A>BD.A<B
解析:
A2=(+)2=a+2+b,B2=a+b,
所以A2>B2.
又A>0,B>0,
∴A>B.
答案:
C
2.a,b∈R+,那么下列不等式中不正确的是( )
A.+≥2B.+≥a+b
C.+≤D.+≥
解析:
A满足基本不等式;B可等价变形为(a-b)2(a+b)≥0正确;C选项中不等式的两端同除以ab,不等式方向不变,所以C选项不正确;D选项是A选项中不等式的两端同除以ab得到的,D正确.
答案:
C
3.设a=,b=-,c=-,那么a,b,c的大小关系是( )
A.a>b>cB.a>c>b
C.b>a>cD.ba
解析:
由已知,可得出a=,b=,c=,
∵+>+>2.
∴b答案:
B
4.设
A.aaC.ab解析:
∵
∴01.
∴ab∵0<<1,a>0.
∴a<1.∴aa∴ab答案:
C
5.若<<0,则下列不等式
①a+b<ab;②|a|>|b|;③a<b;④+>2
其中正确的有________.
解析:
∵<<0,∴b<a<0.
∴
故①正确,②③错误.
∵a,b同号且a≠b,∴,均为正.
∴+>2=2.
故④正确.
答案:
①④
6.已知a>0,b>0,若P是a,b的等差中项,Q是a,b的正的等比中项,是,的等差中项,则P,Q,R按从大到小的排列顺序为________.
解析:
∵P=,Q=,=+,
∴R=≤Q=≤P=,
当且仅当a=b时取等号.
答案:
P≥Q≥R
7.设a>b>c,且+≥恒成立,则m的取值范围是________.
解析:
∵a>b>c,∴a-b>0,b-c>0,a-c>0.
又(a-c)·=[(a-b)+(b-c)]·≥2·2=4,当且仅当a-b=b-c时取等号.
∴m∈(-∞,4].
答案:
(-∞,4]
8.若a,b,c是不全相等的正数,求证:
lg+lg+lg>lga+lgb+lgc.
证明:
法一:
(综合法)
∵a,b,c∈R+,
∴≥>0,>≥0,≥>0.
又∵a,b,c是不全相等的正数,
∴··>abc.
∴lg>lgabc,
即lg+lg+lg>lga+lgb+lgc.
法二:
(分析法)
要证lg+lg+lg>lga+lgb+lgc,
即证lg>lgabc成立.
只需证··>abc成立.
又∵≥>0,≥>0,≥>0.
∴··≥abc>0.(*)
又∵a,b,c是不全相等的正数,∴(*)式等号不成立.
∴原不等式成立.
9.已知x,y,z均为正数.求证:
++≥++.
证明:
因为x,y,z均为正数.
所以+=(+)≥,
同理可得+≥,
+≥,
当且仅当x=y=z时,以上三式等号都成立.
将上述三个不等式两边分别相加,并除以2,得
++≥++.
10.设实数x,y满足y+x2=0,0求证:
loga(ax+ay)<+loga2.
证明:
因为ax>0,ay>0,
所以ax+ay≥2=2.
因为x-x2=x(1-x)≤2=,
又因为0所以ax-x2≥a,当x=时,等式成立.
但当x=,ax≠a-x2,∴>a.
所以ax+ay>2a,又∵0∴loga(ax+ay)即loga(ax+ay)