牛顿运动定律的综合应用知识交流.docx
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牛顿运动定律的综合应用知识交流
牛顿运动定律的综合应用
一．选择题（共30小题）
1．（2016•海南）沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度﹣时间图线如图所示．已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数，在0～5s，5～10s，10～15s内F的大小分别为F1、F2和F3，则（ ）
A．F1＜F2B．F2＞F3C．F1＞F3D．F1=F3
2．（2016•宿迁模拟）如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，而长木板保持静止状态．己知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等．下列说法正确的是（ ）
A．木块受到的摩擦力大小为μ1（m1+m2）g
B．长木板受到的摩擦力大小为μ2（m1+m2）g
C．若改变F的大小，当F＞μ1（m1+m2）g时，长木板将开始运动
D．若将F作用于长木板，长木板与木块有可能会相对滑动
3．（2016•广安校级一模）在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，不计空气阻力，则（ ）
A．小球受到的重力与电场力之比为3：
5
B．在t=5s时，小球经过边界MN
C．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功
D．在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大
4．（2016•上海模拟）如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是（ ）
A．电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0m/s2
B．电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0m/s2
C．电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5m/s2
D．电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5m/s2
5．（2016•金山区一模）如图（a），倾角为37°且足够长的固定斜面底端有一物块，在沿斜面向上的拉力F=30N作用下，物块开始沿斜面运动，0.5s时撤去F，其运动的v‒t图线如图（b）所示．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，则可确定（ ）
A．物块的质量为2kg
B．物块与斜面间的动摩擦因数为0.5
C．物块沿斜面向上滑行的最大距离为7.5m
D．物块回到斜面底端的时刻为2.74s
6．（2016春•重庆校级期末）如图所示，一块质量为M=2kg的木板放在光滑的水平地面上，在木板上放着一个质量为m=1kg的小物体，它被一根水平方向上压缩了的弹簧推着静止在木板上，此时弹簧的弹力为2N．现沿水平向左的方向对木板施以作用力，使木板由静止开始运动起来，运动中力F由0逐渐增加到9N，以下说法正确的是（ ）
A．物体与小木板先保持相对静止一会，后相对滑动
B．物体受到的摩擦力先减小后增大
C．当力F增大到6N时，物体不受摩擦力作用
D．小木板受到9N的拉力时，物体受到的摩擦力为3N
7．（2016•天门模拟）如图所示，在竖直平面内有一圆，O为圆心，AB为竖直直径，C为圆周上一点，在圆内放置两跟光滑杆AC、OC，AC与AB成θ角，两杆上各套一个小球（可看作质点）a、b，将小球a、b由杆的上端从静止释放，小球a在杆上运动的时间为t1，小球b在杆上运动的时间为t2，当θ角在0°到90°之间取值时，则下列说法正确的是（ ）
A．若t1=t2，θ角有一个确定的值
B．若t1＜t2，则30°＜θ＜60°
C．若t1＞t2，则30°＜θ＜60°
D．若θ＜30°，则t1＜t2
8．（2016春•大庆校级月考）如图所示，倾斜的传送带始终以恒定速率v2运动．一小物块以v1的初速度冲上传送带．小物块从A到B的过程中一直做减速运动，则（ ）
A．如果v1＞v2，小物块到达B端的速度可能等于0
B．如果v1＜v2，小物块到达B端的速度可能等于0
C．如果v1＞v2，减小传送带的速度，物块到达B端的时间可能增长
D．如果v1＜v2，增大传送带的速度，物块到达B端的时间可能变短
9．（2015•杭州校级模拟）如图甲所示，在水平地面上放置一个质量为m=4kg的物体，让其在随位移均匀减小的水平推力作用下运动，推力随位移x变化的图象乙所示．已知物体与地面间的动摩擦因数为μ=0.5，g=10m/s2．下列说法正确的是（ ）
A．物体先做加速运动，推力撤去时开始做减速运动
B．物体在水平面上运动的最大位移是12m
C．物体在运动中的加速度先变小后不变
D．物体运动的最大速度为8m/s
10．（2015•湖南模拟）如图甲所示，一质量为M=3.3kg的滑块随足够长的水平传送带一起向右匀速运动，滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．一质量m=0.05kg的子弹水平向左射入滑块并留在其中，设子弹与滑动碰撞时在极短的时间内达到速度一致，取水平向左的方向为正方向，子弹在整个运动过程中的v﹣t图象如图乙所示，已知传送带的速度始终保持不变，滑块最后恰好能从传送带的右端水平飞出，g取10m/s2．下列说法正确的是（ ）
A．传送带的速度大小为4m/s
B．滑块相对传送带滑动的距离为9m
C．滑块相对地面向左运动的最大位移为3m
D．若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R为0.4m
11．（2015•天水校级模拟）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧下端系一个质量为m的小球A，小球被水平挡板P托住使弹簧长度恰为自然长度（小球与挡板不粘连），然后使挡板P以恒定的加速度a（a＜g）开始竖直向下做匀加速直线运动，则（ ）
A．小球与与挡板分离的时间为t=
B．小球与与挡板分离的时间为t=
C．小球从开始运动直到最低点的过程中，小球速度最大时弹簧的伸长量x=
D．小球从开始运动直到最低点的过程中，小球速度最大时弹簧的伸长量x=
12．（2015秋•九江期末）在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．物块接触弹簧后即做减速运动
B．物块接触弹簧后先加速后减速
C．当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度不等于零
D．当物块的速度为零时，它所受的合力不为零
13．（2015秋•晋江市校级期中）一小滑块从斜面上A点由静止释放，经过时间4t0到达B处，在5t0时刻滑块运动到水平面的C点停止，滑块与斜面和水平面间的动摩擦因数相同．已知滑块在运动过程中与接触面间的摩擦力大小与时间的关系如图所示，设滑块运动到B点前后速率不变．以下说法中正确的是（ ）
A．滑块在斜面和水平面上的位移大小之比为16：
5
B．滑块在斜面和水平面上的加速度大小之比为1：
4
C．斜面的倾角为45°
D．滑块与斜面的动摩擦因数μ=
14．（2015秋•陕西校级月考）如图甲所示，静止在水平面C上足够长的木板B左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示．已知A、B间最大静摩擦力大于B、C之间的最大静摩擦力，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则在拉力逐渐增大的过程中，下列反映A、B运动过程中的加速度及A与B间摩擦力f1、B与C间摩擦力f2随时间变化的图线中正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
15．（2016•福建模拟）一物块静止在粗糙的水平桌面上．从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用．假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小．能正确描述F与a之间的关系的图象是（ ）
A．
B．
C．
D．
16．（2016•北京校级模拟）如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为（ ）
A．
B．gsinαC．
gsinαD．2gsinα
17．（2016•河西区二模）一物体放置在倾角为θ的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯中，加速度为a，如图所示．在物体始终相对于斜面静止的条件下，下列说法中正确的是（ ）
A．当θ一定时，a越大，斜面对物体的正压力越小
B．当θ一定时，a越大，斜面对物体的摩擦力越大
C．当a一定时，θ越大，斜面对物体的正压力越小
D．当a一定时，θ越大，斜面对物体的摩擦力越小
18．（2016•南京校级模拟）如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a站于地面，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a质量与演员b质量之比为（ ）
A．1：
1B．2：
1C．3：
1D．4：
1
19．（2016•盐城模拟）如图所示，将底部装有弹簧的木箱在某一高度由静止释放，从弹簧接触地面到木箱速度为零的过程中，木箱速度的变化情况是（ ）
A．一直增大B．一直减小C．先减小后增大D．先增大后减小
20．（2016春•邢台校级月考）某物体受一对平衡力作用处于静止状态，现将其中一个力先减小到零再增大恢复到原来的大小，方向不变，而另一个力保持不变．在此过程中，该物体的速度变化情况是（ ）
A．逐渐增大B．先增大后减小C．逐渐减小D．先减小后增大
21．（2016•武威校级模拟）在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k．在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为（ ）
A．伸长量为
tanθB．压缩量为
tanθ
C．伸长量为
D．压缩量为
22．（2016•南昌校级二模）一长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为mA=1kg和mB=2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因素都为μ=0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示（重力加速度g取10m/s2）．则（ ）
A．若F=1N，则物块、木板都静止不动
B．若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5N
C．若F=4N，则B物块所受摩擦力大小为4N
D．若F=8N，则B物块的加速度为1m/s2
23．（2016•江西二模）如图甲所示，物块的质量m=1kg，初速度v0=10m/s，在一水平向左的恒力F作用下从O点沿粗糙的水平面向右运动，某时刻后恒力F突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的关系图象如图乙所示，g=10m/s2．下列选项中正确的是（ ）
A．0﹣5s内物块做匀减速运动
B．在t=1s时刻，恒力F反向
C．恒力F大小为10N
D．物块与水平面的动摩擦因数为0.3
24．（2016•铜仁市模拟）如图所示，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2．重力加速度大小为g，则有（ ）
A．a1=0，a2=gB．a1=g，a2=g
C．a1=0，a2=
gD．a1=g，a2=
g
25．（2016•浦东新区三模）如图a所示，用一水平力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，根据图b中所提供的信息可以计算出（ ）
A．物体的质量
B．斜面的倾角
C．物体能静止在斜面上所施加的最小外力
D．加速度为6m/s2时物体的速度
26．（2016•北京校级模拟）如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为θ的固定斜面上．滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ．若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则（ ）
A．将滑块由静止释放，如果μ＞tanθ，滑块将下滑
B．给滑块沿斜面向下的初速度，如果μ＜tanθ，滑块将减速下滑
C．用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是mgsinθ
D．用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果μ=tanθ，拉力大小应是2mgsinθ
27．（2016•镇江校级一模）如图所示，物体A、B、C质量分别为m、2m、3m，A与天花板间，B与C之间用轻弹簧连接，当系统平衡后，突然将AB间绳烧断，在绳断的瞬间，A、B、C的加速度分别为（以向下的方向为正方向）（ ）
A．g，g，gB．﹣5g，2.5g，0C．﹣5g，2g，0D．﹣g，2.5g，3g
28．（2016•开封模拟）如图所示，一固定杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为m2的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为μ．若滑块与小球保持相对静止以相同的加速度a一起运动，此时绳子与竖直方向夹角为β，且θ＜β，则滑块的运动情况是（ ）
A．沿着杆加速下滑B．沿着杆加速上滑
C．沿着杆减速下滑D．沿着杆减速上滑
29．（2016•广东三模）如图所示，物块A放在木板B上，A、B的质量均为m，A、B之间的动摩擦因数为μ，B与地面之间的动摩擦因数为
．若将水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，此时A的加速度为a1；若将水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时B的加速度为a2，则a1与a2的比为（ ）
A．1：
1B．2：
3C．1：
3D．3：
2
30．（2016•杨浦区三模）三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37°．现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）下列说法正确的是（ ）
A．物块A先到达传送带底端
B．物块A、B同时到达传送带底端
C．传送带对物块A、B均做负功
D．物块A、B在传送带上的划痕长度之比为1：
3
牛顿运动定律的综合应用
参考答案与试题解析
一．选择题（共30小题）
1．（2016•海南）沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度﹣时间图线如图所示．已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数，在0～5s，5～10s，10～15s内F的大小分别为F1、F2和F3，则（ ）
A．F1＜F2B．F2＞F3C．F1＞F3D．F1=F3
【分析】速度时间图象的斜率表示加速度的大小，斜率为正，表示加速运动，斜率为负，表示减速运动，再根据牛顿第二定律分析拉力的大小即可．
【解答】解：
由速度时间图象的斜率可知，0～5s内和10～15s内物体的加速度大小a相等．
在0～5s内，物体加速下滑，由牛顿第二定律可得：
mgsinθ﹣f﹣F1=ma，所以F1=mgsinθ﹣f﹣ma；
在5～10s，物体匀速下滑，受力平衡，则mgsinθ﹣f=F2，所以F2=mgsinθ﹣f；
在10～15s内，物体减速下滑，由牛顿第二定律可得，F3+f﹣mgsinθ=ma，所以F3=mgsinθ﹣f+ma；
由以上分析可得，F1＜F2＜F3；
故选：
A
【点评】本题是对速度时间图象含义的考查，明确速度时间图象的斜率表示加速度的大小，斜率为正，表示加速运动，斜率为负，表示减速运动，再根据牛顿第二定律计算拉力的大小即可．
2．（2016•宿迁模拟）如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，而长木板保持静止状态．己知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等．下列说法正确的是（ ）
A．木块受到的摩擦力大小为μ1（m1+m2）g
B．长木板受到的摩擦力大小为μ2（m1+m2）g
C．若改变F的大小，当F＞μ1（m1+m2）g时，长木板将开始运动
D．若将F作用于长木板，长木板与木块有可能会相对滑动
【分析】先对木块受力分析，求出滑块与长木板之间的滑动摩擦力；然后对长木板受力分析，求出其受到的静摩擦力；则可明确二者的受力及运动情况．
【解答】解：
A、B、先对木块受力分析，受拉力F、重力、支持力和向后的滑动摩擦力，滑动摩擦力为f1=μ1m1g；
根据牛顿第三定律，木块对长木板有向前的滑动摩擦力，长木板还受到重力、压力、支持力和地面对其向后的静摩擦力，根据平衡条件，有
f2=f1=μ1m1g≤μ2（m1+m2）g
故AB错误；
C、若改变F的大小，当F＞μ1（m1+m2）g时，滑块加速，但滑块与长木板的滑动摩擦力不变，故长木板与地面间的静摩擦力也不变，故木板不会运动；故C错误；
D、若将力F作用在长木板上时，滑块受木板的作用力等于二者间的滑动摩擦力；当整体的加速度大于μg时，木块一定会发生木板的滑动；故D正确；
故选：
D
【点评】本题关键是先对滑块受力分析，求出滑块与长木板间的滑动摩擦力，然后对长木板受力分析，求出长木板与地面间的静摩擦力；同时要分清楚静摩擦力和滑动摩擦力，判断摩擦力的有无可以根据摩擦力的产生条件、作用效果、牛顿第三定律判断．
3．（2016•广安校级一模）在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，不计空气阻力，则（ ）
A．小球受到的重力与电场力之比为3：
5
B．在t=5s时，小球经过边界MN
C．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功
D．在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大
【分析】小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．
【解答】解：
B、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时．故B错误．
A、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为：
a1=
，
进入电场后的加速度大小为：
a2=
由牛顿第二定律得：
mg=ma1…①
F﹣mg=ma2
得电场力：
F=mg+ma2=
…②
由①②得重力mg与电场力F之比为3：
5．故A正确．
C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C错误．
D、整个过程中，由图可得，小球在0﹣2.5s内向下运动，在2.5s﹣5s内向上运动，在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大电场力先做负功，后做正功．电势能先增大，后减小；由于整个的过程中动能、重力势能和电势能的总和不变，所以，小球的机械能先减小后增大．故D正确．
故选：
AD
【点评】本题一要能正确分析小球的运动情况，抓住斜率等于加速度是关键；二要运用牛顿第二定律和动能定理分别研究小球的受力情况和外力做功关系．
4．（2016•上海模拟）如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是（ ）
A．电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0m/s2
B．电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0m/s2
C．电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5m/s2
D．电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5m/s2
【分析】先对人受力分析，受重力和支持力，体重计示数即为受到的压力，而压力等于支持力；
再对人进行运动分析，确定加速度方向；
最后根据牛顿第二定律列式求解．
【解答】解：
A、电梯减速上升，加速度向下，由牛顿第二定律
mg﹣F=ma
解得
F=m（g﹣a）=9m
B、电梯匀加速上升，加速度向上，由牛顿第二定律
F﹣mg=ma
解得
F=m（g+a）=11m
C、电梯匀减速下降，加速度向上，由牛顿第二定律
F﹣mg=ma
解得
F=m（g+a）=10.5m
D、电梯匀加速下降，加速度向下，由牛顿第二定律
mg﹣F=ma
解得
F=m（g﹣a）=9.5m
故选：
B．
【点评】只要加速度向上，就是超重，加速度向下，就是失重，与物体的运动速度方向无关，同时，超重与失重现象只是物体对支撑物的压力变大，而重力保持不变！
5．（2016•金山区一模）如图（a），倾角为37°且足够长的固定斜面底端有一物块，在沿斜面向上的拉力F=30N作用下，物块开始沿斜面运动，0.5s时撤去F，其运动的v‒t图线如图（b）所示．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，则可确定（ ）
A．物块的质量为2kg
B．物块与斜面间的动摩擦因数为0.5
C．物块沿斜面向上滑行的最大距离为7.5m
D．物块回到斜面底端的时刻为2.74s
【分析】根据图象可以得出加速上升和减速上升的加速度的大小，根据牛顿第二定律计算物体的质量和动摩擦因数的大小，根据速度公式计算减速运动的时间，根据位移公式计算下滑的时间．
【解答】解：
A、v﹣t图象的斜率表示加速度的大小，根据图象可知，
加速上升时的加速度为：
a1=20m/s2，
减速上升时的加速度为：
a2=10m/s2，
对物体受力分析，利用牛顿第二定律，
加速上升时有：
F﹣mgsin37°﹣μmgcos37°=ma1，
减速上升时有：
mgsin37°+μmgcos37°=ma2，
由上式解得：
m=1kg，μ=0.5，所以A错误，B正确；
C、加速上升时运动的位移为：
x1=
a1t12=
×20×0.52m=2.5m，
减速上升的时间为：
t2=
=
s=1s，
减速上升的时运动的位移为：
x2=
=
=5m，
物块沿斜面向上滑行的最大距离为x=x1+x2=2.5m+5m=7.5m，所以C正确；
D、物体返回的时候，对物体受力分析，根据牛顿第二定律可得，
mgsin37°﹣μmgcos37°=ma3，
代入数据解得：
a3=4m/s2，
根据x═
a3t32，可得返回用的时间t3为：
t3=
=
s≈1.94s，
物块回到斜面底端的时刻为t=1.5+1.94=3.43s，所以D错误；
故选：
BC
【点评】本题是对牛顿运动定律和运动学方程的综合的应用，对物体受力分析，根据牛顿第二定律计算加速度的大小，再分析清楚物体的运动的过程，利用运动学的规律分过程来计算．
6．（2016春•重庆校级期末）如图所示，一块质量为M=2kg的木板放在光滑的水平地面上，在木板上放着一个质量为m=1kg的小物体，它被一根水平方向上压缩了的弹簧推着静止在木板上，此时弹簧的弹力为2N．现沿水平向左的方向对木板施以作用力，使木板由静止开始运动起来，运动中力F由0逐渐增加到9N，以下说法正确的是（ ）
A．物体与小木板先保持相对静止一会，后相对滑动
B．物体受到的摩擦力先减小后增大
C．当力F增大到6N时，物体不受摩擦力作用
D．小木板受到9N的拉力时，物体受到的摩擦力为3N
【分析】根据题目给出的条件，先判断出物体与木板发生滑动的条件，然后结合受力分析与牛顿第二定
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