15.答案f(x)=2+8
x
33
解析设函数f(x)=ax+b(a≠0),因为函数f(x)的图像过点(2,4),所以有b=4-2a.
11
∴∫f(x)dx=∫(ax+4-2a)dx
00
1
=1210
[ax+(4-2a)x]Error!
=a+4-2a=1.
22
=.∴b=.∴f(x)=x+.
∴a2828
3333
16.答案21
解析∵y′=2x,∴过点(ak,a2k)处的切线方程为y-a2k=2ak(x-
a),又该切线与x轴的交点为(a
0),所以a
1a,即数列{a}是
kk+1,
k+1=kk
2
等比数列,首项a=16,其公比q1a=4,a=1,∴a+a+a=21.
1=,∴35
2
135
17.解析抛物线y=x-x2与x轴两交点的横坐标为x1=0,x2=1,
1
2
3
所以,抛物线与x轴所围图形面积S=∫(x-x2)dx=Error!
10=1-1
0
1
=.6
又Error!
由此可得抛物线y=x-x2与y=kx两交点的横坐标x3=
0,x=1-kS
2
1
1-k
4,所以=
∫
0
(x-x2-kx)dx=Error!
1-0k1(1-k)3.
=
6
1
又S=,所以(1-k)3=,∴k=1-.
622
18.解析
(1)由函数f(x)=x4-4x3+ax2-1在区间[0,1]单调递增,在区间[1,2)单调递减,
∴x=1时,取得极大值,∴f′
(1)=0.
又f′(x)=4x3-12x2+2ax,
∴4-12+2a=0⇒a=4.
(2)点A(x0,f(x0))关于直线x=1的对称点B的坐标为(2-x0,
f(x0)),
f(2-x0)=(2-x0)4-4(2-x0)3+4(2-x0)2-1
=(2-x0)2[(2-x0)-2]2-1
=x40-4x30+ax20-1=f(x0),
∴A关于直线x=1的对称点B也在函数f(x)的图像上.19.解析f′(x)=3x2+2ax+b.
(1)由极值点的必要条件可知:
f′(-2)=f′(4)=0,即Error!
解得a=-3,b=-24.
或f′(x)=3x2+2ax+b=3(x+2)(x-4)
=3x2-6x-24,
也可得a=-3,b=-24.
(2)由f′(x)=3(x+2)(x-4).
当x<-2时,f′(x)>0,当-2<x<4时,f′(x)<0.
∴x=-2是极大值点,而当x>4时,f′(x)>0,
∴x=4是极小值点.
20.解析a≠0(否则f(x)=b与题设矛盾),
由f′(x)=3ax2-12ax=0及x∈[-1,2],得x=0.
(1)当a>0时,列表:
x
(-1,0)
0
(0,2)
f′(x)
+
0
-
f(x)
增
极大值b
减
由上表知,f(x)在[-1,0]上是增函数,
f(x)在[0,2]上是减函数.
则当x=0时,f(x)有最大值,从而b=3.
又f(-1)=-7a+3,f
(2)=-16a+3,
∵a>0,∴f(-1)>f
(2).
从而f
(2)=-16a+3=-29,得a=2.
(2)当a<0时,用类似的方法可判断当x=0时f(x)有最小值.当x=2时,f(x)有最大值.
从而f(0)=b=-29,f
(2)=-16a-29=3,得a=-2.
综上,a=2,b=3或a=-2,b=-29.
21.解析
(1)由题意得f′(x)=3ax2+2x+b.因此g(x)=f(x)+f′(x)
=ax3+(3a+1)x2+(b+2)x+b.因为函数g(x)是奇函数,所以g(-x)=
-g(x),即对任意实数x,有a(-x)3+(3a+1)(-x)2+(b+2)(-x)+b=-
[ax3+(3a+1)x2+(b+2)x+b],从而3a+1=0,b=0,解得a
1b=0,
x
因此f(x)的解析式为f(x)=-1
3
3+x2.
=-,
3
(2)由
(1)知g(x)1x3+2x,所以g′(x)=-x2+2.
=-
3
令g′(x)=0,解得x1=-
2,x2=
2,则当x<-
2或x>
2时,
g′(x)<0,从而g(x)在区间(-∞,-
2],[
2,+∞)上是减函数;
当-22时,g′(x)>0,从而g(x)在[-
2,2]上是增函数.
由前面讨论知,g(x)在区间[1,2]上的最大值与最小值只能在x=1,
2,2时取得,而g
(1)
5g
(2)=42g
(2)4g(x)在区间[1,2]
=因此
=,,.
333
上的最大值为g(
424
)
2=,最小值为g
(2)=.
33
22.分析解答本题,应先正确求出函数f(x)的导数f′(x),再利用导数与函数的单调性、导数与极值、导数与最值等知识求解,并注意在定义域范围内求解.
=-
解析
(1)f′(x)a2=
ax2+a-2,
ax+1
(1+x)2
(ax+1)(1+x)2
∵f(x)在x=1处取得极值,
∴f′
(1)=0,即a·12+a-2=0,解得a=1.
(2)f′(x)=
ax2+a-2,
(ax+1)(1+x)2
∵x≥0,a>0,∴ax+1>0.
①当a≥2时,在区间[0,+∞)上,f′(x)>0,
∴f(x)的单调增区间为[0,+∞).
②当0由f′(x)>0,解得x>
由f′(x)<0,解得x<
2-a.
a
2-a.
a
∴f(x)的单调减区间为(0,
2-a),单调增区间为(
a
2-a,+∞).
a
(3)当a≥2时,由
(2)①知,f(x)的最小值为f(0)=1;
当0(2)②知,f(x)在x=处取得最小值,且f(
)综上可知,若f(x)的最小值为1,则a的取值范围是[2,+∞).