高考物理复习 物体的平衡物体的平衡答案与解析.docx

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高考物理复习物体的平衡物体的平衡答案与解析

2013年高考物理复习物体的平衡（练习）

答案与解析

1.【答案】A

【解析】　没点燃缓冲火箭前，伞绳的拉力等于返回舱的重力，点燃火箭后，返回舱受到向上的推力，使伞绳的张力减小，A正确；返回舱在喷气过程中减速的主要原因是火箭推力的作用，B错误；返回舱在喷气过程所受合外力向上，与位移方向相反，合外力做负功，C错误；返回舱向下做减速运动，其加速度向上，应处于超重状态，D错误．

2.【答案】AD

【解析】　将右侧绳子剪断的瞬间，弹簧的长度不发生变化，对a来说，还处于平衡状态，摩擦力的大小和方向都不发生变化，A项正确，B项错误．对b来说，这时有向左运动的趋势，所以摩擦力不为零，方向向右，C项错误，D项正确．

3.【答案】C

【解析】　装置稳定以后对结点c受力分析，各力大小如图所示，因为c处于平衡状态，在竖直方向有：

m1gsinθ＝m2g，由几何图形可知sinθ＝

，可解得：

＝

＝

，选项C正确．

图1－3

4.【答案】A

【解析】取斜劈和物块组成的整体为研究对象，因物块沿斜面匀速下滑、斜劈静止，故说明系统水平方向加速度为零，由牛顿第二定律可知，水平方向合外力为零，故地面与斜劈间没有摩擦力，A选项正确．

5.【答案】A　

【解析】以楔形石块为研究对象，它受到竖直向下的重力和垂直侧面斜向上的两个支持力，利用正交分解法可得：

2Fsinα＝mg，则F＝

，A正确．

6.【答案】Ⅰ.

（1）如图所示　

（2）0.248～0.262

【解析】

（1）根据所描的点画直线即可．

（2）在直线上取相距较远的两点，横轴之差Δl为弹簧长度的变化量，纵轴之差Δm为砝码质量的变化量，根据k＝

＝

≈0.26N/m.

Ⅱ.

（1）①断开待测电阻，将选择开关旋到“×100”挡

②将两支表笔短接，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0Ω”

③再接入待测电阻，将指针示数×100，即为待测电阻阻值

（2）如图所示

（3）电阻　1、2　1

【解析】

（2）由于待测电阻阻值较大，所以采用电流表内接法．（3）当转换开关S旋到位置3时，由电路图可知，此时电路中有电源，故可用来测量电阻．如果要测量电流，则需要并联小电阻分流，故S应旋到位置1和2.当旋到位置1时，此时电路的连接是表头跟右边电阻串联后再与左边电阻并联，当表头满偏时，流过左边电阻的电流更大，从红表笔流进的电流更大，量程就更大．

7.【答案】

（1）3.6　

（2）D　（3）改变弹簧测力计B的方向，减小重物的质量．

【解析】

（1）弹簧测力计读数为3.6N，可以不估读．

（2）验证力的平行四边形定则，需要分别测量各个力的大小和方向，所以A选项是必要的；根据仪器使用常识，弹簧在使用前需校零，B选项是必要的；实验中力必须在同一平面内的，C选项也是必要的；实验是验证三个力的关系，只要测出三个力就可以了，所以不需要固定O点位置，D选项不必要，本题应该选D.

8.【答案】B　

【解析】结点P在F1、F2、F3三个力作用下处于平衡状态，将三个力平移围成矢量三角形．如图所示，由各边在矢量三角形中的位置，F3为斜边，F1为较长直角边，F2为较短直角边，可得B选项正确．

9.【答案】AC　

【解析】轻质丝绸无质量，对于丝绸而言，受到M、m的摩擦力都和丝绸中的张力大小相等，所以两物块所受摩擦力的大小总是相等，故最大摩擦力为丝绸与m间的最大静摩擦力，所以M不可能相对丝绸滑动，故A、C正确；若两物块同时相对绸带静止，此时对整体分析：

Mgsinα－mgsinα＝（M＋m）a，对m分析：

f－mgsinα＝ma，且f≤μmgcosα，解之得tanα≤

，调整α角取值即可满足此条件，故两物块可以相对丝绸静止，M相对斜面下滑，m相对斜面上滑，所以B、D错误．

10.【答案】D　

【解析】由两根吊带对称可知，两根吊带受到环的拉力大小相等，A错；人受力平衡，每个吊环对手的作用力方向由人的重心指向环，方向斜向上方，手对吊环的作用力斜向下方，B错误；两吊带对环的拉力方向沿着吊带斜向上，其合力与人和环的重力平衡，即其合力方向竖直向上，故两根吊带受到环的拉力合力一定竖直向下，D正确；由于每根吊带受到环的拉力方向不是竖直向下，故其大小一定大于人的重量的一半，C错误．

11.【答案】A　

【解析】A物体受重力、水平推力F、B对A的支持力，由于A、B间接触面光滑，故A、B间无摩擦力，物体A恰好不离开地面，于是地面对A无支持力，同时地面对A也就没有摩擦力，因此A受3个力；B物体受重力、A对B的压力、地面对B的支持力，由于A、B两物体紧靠着放在粗糙水平面上，故还有地面对B的摩擦力，于是B受4个力，答案选A.

12.【答案】D　

【解析】沿斜面分析四种情况下的受力，分别可得四种条件下的静摩擦力为：

mgsinα－F、mgsinα－Fcosα、mgsinα、（mg＋F）sinα，可见第四种情况摩擦力最大，所以选D.

13.【答案】C　

【解析】弹簧秤的示数决定于作用在秤钩上力的大小，而与作用在与外壳相连的提环上的力无关，故答案为C.

14.【答案】D　

【解析】物体所受三力如图所示：

根据平衡条件，F、F′N的合力与重力等大反向，有F＝Gtanθ，FN＝F′N＝

，故只有D选项正确．

15.【答案】B　

【解析】工人受力如图所示，

由平衡条件，F1cosα＝G,F1sinα＝F2，于是F1＝

，F2＝Gtanα，所以A错，B对；缓慢减小悬绳的长度，α角变大，F1.F2都增大，工人仍然处于平衡状态，所以F1与F2的合力不变，C、D均错．

16.【答案】B　

【解析】物块静止在斜面上时，物块所受的摩擦力为：

f1＝Mgsinα.给物块平行于斜面的水平力F后，在斜面内，重力沿斜面向下的分力、水平力F、摩擦力f2三力平衡，根据平衡条件有：

f

＝（Mgsinα）2＋F2，重力沿斜面向下的分力与F的合力方向的反向是摩擦力f2的方向，所以摩擦力的方向和大小都发生了改变，B正确．

17.【答案】B　

【解析】解此题的技巧就是灵活变换研究对象．当物块沿斜面向上滑动时，以斜面体为研究对象，物块对斜面体的正压力不变，物块与斜面之间的滑动摩擦力大小f1则不变，物块对斜面体的正压力和滑动摩擦力都不变，斜面体受力则不变，所以斜面与地面之间的摩擦力大小f2也就不变，B正确；如果物块与斜面相对静止时，物块对斜面体的正压力不变，可是物块与斜面体间的静摩擦力随F的变化而变化，由于初始时物块的重力沿斜面向下的分力与F的关系未知，于是不能确定f1的变化情况；分析f2的变化时，若再以斜面体为研究对象情况就复杂了，但由于整体处于平衡状态，故可对整体受力分析如图所示：

根据平衡条件知，地面对斜面体的摩擦力随F的增大而增大，所以C、D都不对．

18.【答案】D　

【解析】这是典型的相互作用中的静力学问题，取物体B为研究对象，分析其受力情况如图所示．

则有F＝mgtanθ，T＝

，在物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，则水平力F随之变大，对A、B两物体与斜面体这个整体而言，由于斜面体与物体A仍然保持静止，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，但是因为整体竖直方向并没有其他力，故斜面体所受地面的支持力不变；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体A所受斜面体的摩擦力开始并不知道其方向，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定，所以答案为D.

19.【答案】200　20　

【解析】根据胡克定律F与l的关系式为：

F＝k（l＋h－l0）＝kl＋k（h－l0），从图象中得到直线的斜率为2N/cm，截距为20N，故弹簧的劲度系数为k＝2N/cm＝200N/cm，由k（h－l0）＝20N，于是l0＝20cm.

20.【答案】AC　

【解析】物体B在水平力F作用下向右缓慢移动过程中，处于动态平衡状态，根据平衡条件知，绳的拉力T逐渐增大．设拉A的绳与水平方向的夹角为α，将绳对A的拉力T分解，根据平衡条件知，物体A受到的静摩擦力f＝Tcosα随拉力T的增大而增大，物体A受到的支持力FN＝mg－Tsinα随拉力T的增大而逐渐减小，根据牛顿第三定律，物体A对地面的压力逐渐变小．地面对A的作用力指地面对A的支持力FN和静摩擦力f的合力，其大小、方向均改变．所以选项AC正确、选项BD错误．

21.【答案】C　

【解析】设A、B圆心连线与竖直方向的夹角为α，先以B为研究对象，其受力分析如图甲所示，由平衡条件可得F2′sinα＝F1，F2′cosα＝F＋mBg，根据牛顿第三定律F2＝F2′，当F增大时，F2增大，F1也增大．再以A、B整体为研究对象，其受力分析如图乙所示，设地面对A的支持力为FN，对A的摩擦力为f，则F3就是FN与f的合力．由整体的平衡有（mA＋mB）g＋F＝FN，f＝F1.当F增大时，FN、f都增大，所以F3也增大，所以C正确．

22.【答案】C　

【解析】由共点力的平衡条件及对称性知，a、b两球质量必然相等，而c球质量则可大可小，所以A错误；同理a、b两球所带电荷量必然相等，而c球所带电荷量则可大可小，所以B错误；a、b球所受库仑力大小一定相等，c所受的库仑力可大可小，所以D错误．只有C是正确的．

23.【答案】B　

【解析】选择小环P、Q和细绳整体为研究对象，在竖直方向上只受重力和支持力FN的作用，而小环移动前后系统的重力保持不变，故FN保持不变；取环Q为研究对象，其受力如图所示，Fcosα＝mg，当P环向左移时，α将变小，故F变小．选项B正确．

24.【答案】A　

【解析】设物体刚好不下滑时F＝F1，则F1cosθ＋μFN＝Gsinθ，FN＝F1sinθ＋Gcosθ，联立解得：

＝

＝

＝

＝

；设物体刚好不上滑时F＝F2，则：

F2cosθ＝μFN＋Gsinθ，FN＝F2sinθ＋Gcosθ，解得

＝

＝

＝

＝2，即

≤

≤2.

25.【答案】B　

【解析】以A、B整体为研究对象，则Fcos30°＝2mgsin30°，得：

F＝

mg；隔离A球有：

kx＝mgsin30°，则可得选项B正确．

26.【答案】A　

【解析】两个包装箱随传送带一起上行时，对两个包装箱整体受力分析知，受重力、斜面的支持力及斜面的静摩擦力共三个力作用，匀速时静摩擦力与两个包装箱重力的下滑分力大小相等，fa＋fb＝（ma＋mb）gsinα.对包装箱b受力分析，因包装箱与传送带的动摩擦因数相同（材料相同），匀速时有fb＝mbgsinα，两包装箱之间不存在弹力．当两物体一起加速或减速运动时，两包装箱受力情况与匀速类似，只是静摩擦力大小发生变化，两包装箱之间仍然不存在弹力，且加速运动时摩擦力大于原来的摩擦力，减速运动时摩擦力小于原来的摩擦力．所以只有选项A正确．

27.【答案】B　

【解析】绳的拉力大小等于B的重力，因A、B的质量大小不明确，则斜面对A的静摩擦力可能平行斜面向上、向下，也可能为零．斜面倾角θ缓慢增大到45°时，物体A受细绳的拉力大小仍然等于B的重力，物体A对斜面的压力减小，物体A受的静摩擦力可能增大，也可能减小，所以选项AC错误，B正确．物体A受斜面的作用力是指支持力和静摩擦力的合力F，根据平衡条件知，该合力与物体A受到的重力G及绳的拉力T的合力F′等大反向，因重力G与绳对A的拉力T之间的夹角增大，所以其合力F′减小，选项D不正确．

28.【答案】D　

【解析】设斜面倾角为θ，对M、m整体分析受力可得平衡方程：

Tcosθ＝f，Tsinθ＋FN＝（M＋m）g，故选项D正确．

29.【答案】C　

【解析】装置稳定以后对结点c受力分析，各力大小如图所示，因为c处于平衡状态，在竖直方向有：

m1gsinθ＝m2g，由几何图形可知sinθ＝

，可解得：

＝

＝

，选项C正确．

30.【答案】4　49mg

【解析】第6小球受重力、斜面的支持力、上下两球对它的弹力共4个力作用．

设第2小球与第3小球之间的作用力为F，以3到100之间共98个小球为研究对象，根据共点力的平衡条件，平行斜面方向上有：

F＝98mgsin30°＝49mg.

31.【答案】

（1）负电　负电　略　

（2）

　（3）变大　不变

【解析】

（1）由对称，B、C两球带电性相同．这样B（或C）球要受力平衡，线中还无拉力，只能是A给它引力．A球带正电，故B、C两球都带负电荷．

（2）由对称性知：

qB＝qC　　

C球受三力作用，对C球根据平衡条件有：

k

cos60°＝k

联立解得：

qB＝

（3）AB细线中拉力增大，BC细线中仍无作用力．

32.【答案】B

解析：

本题考查物理学史或者说考查牛顿第一定律的提出背景。

亚里士多德根据经验事实（如用力推车，车子才前进，停止用力，车子就要停下来），得出结论“力是维持物体运动的原因”，而伽利略根据理想实验得出“力不是维持物体的运动，即维持物体速度的原因，而恰恰是改变物体速度的原因”；与伽利略同时代的法国科学家笛卡尔补充和完善了伽利略的观点，明确指出“除非物体受到外力的作用，物体将永远保持其静止或运动状态，永远不会使自己沿曲线运动，而只保持在直线上运动。

”；伽利略和笛卡尔的正确结论在隔了一代人以后，由牛顿总结成动力学的一条基本定律，即牛顿第一定律（内容略）。

本题答案为B。

33.【答案】A

解析：

本题考查矢量合成的三角形定则。

根据三角形定则，求两个力的合力时，可以将它们首尾相接，其合力与这两个分力组成闭合三角形，方向由起点指向箭头，如选项A所示，F3就是F1与F2的合力；本题求解三个力的合力，可以先将两个力合成，再将求出的合力与第三个力合成，结合三角形定则可知，四个选项的合力分别为2F3、0、2F1和2F2，因为F1＜F2＜F3，所以A图合力最大。

本题答案为A。

点评：

力和位移都是矢量，矢量的合成都遵循三角形定则或平行四边形定则（它们实质上是一样的）；如果把本题中的三个分力看做三个分位移，就可以把求合力转化为求合位移，其结果是一样的，不妨比较一下，看哪种方法简单。

34.【答案】C

解析：

本题考查受力分析。

处在最高层的那个人共受到三个力的作用而处于平衡状态：

竖直向下的重力、两只腿受到的竖直向上的支持力，每个支持力大小为

；根据牛顿第三定律，处在中间层的那两个人每人承受了竖直向下的压力，大小为

，对中间层的那两个人受力分析，同理可得，他们每只腿对最低层人员的压力大小为

；分析最低层正中间那个人的受力情况，其共受到五个力的作用：

竖直向下的重力G、两个竖直向下的正压力（大小均为

）和两只腿受到的竖直向上的支持力（设大小均为N），根据平衡条件，可得2N=G+

+

，所以N=

，根据牛顿第三定律，这个人的一只脚对水平地面的压力约为

。

本题答案为C。

35.【答案】C

解析：

先用隔离法，选取A为研究对象，A必受到B对其施加的水平向左的摩擦力，所以A对B施加了水平向右的摩擦力；再运用整体法，选取A和B组成的系统为研究对象，系统做匀减速运动，合力方向向后，即地面对系统或B物体施加了水平向左的摩擦力；最后再选取B为研究对象，其共受到6个力的作用：

竖直向下的重力，A对其竖直向下的压力和水平向左的摩擦力，地面对它竖直向上的支持力和水平向左的摩擦力以及水平拉力F。

本题答案为C。

36.【答案】D

解析：

木块A、B之间发生了相对运动，所以木块A受到的是水平向左的滑动摩擦力（设其大小为f1），因为木块A相对地面静止，其受力平衡，所以f1=T，选项B错误；根据牛顿第三定律，木板B受到木块A对其施加的水平向右的滑动摩擦力的作用（大小为f1），因为木板B相对地面向左运动，所以其还受到地面对其施加的水平向右的滑动摩擦力的作用（设其大小为f2），在水平方向上其还受到水平向左的拉力F，三力平衡，所以F=f1+f2=T+f2，选项AC错误；若木板B以2v的速度匀速运动，其受到的两个滑动摩擦力大小和方向均不变，拉力仍为F，选项D正确。

本题答案为D。

37.【答案】A

解析：

本题可以把汽车所处的两个位置看做是汽车静止在两个倾角不同的斜面上；设a点和b点位置所对应的斜面倾角分别为θ1和θ2，则θ1＜θ2，因为汽车静止在倾角为θ的斜面上时共受到三个力的作用：

竖直向下的重力mg、垂直斜面向上的支持力N和平行于斜面向上的静摩擦力f，三力平衡，所以N=mgcosθ，f=mgsinθ，因为θ1＜θ2，所以mgcosθ1＞mgcosθ2，mgsinθ1＜mgsinθ2，即N1＞N2，f1＜f2，选项A正确，B错误；车在两个位置均处于静止状态，合外力均为零，选项C错误；车在a点受的重力的下滑分力mgsinθ1小于在b点受的重力的下滑分力mgsinθ2，选项D错误。

本题答案为A。

38.【答案】D

解析：

因为A和B均静止不动，所以可以把它们看做一个系统，运用整体法，该系统在水平方向上受到大小均为F、方向相反的两个水平力的作用，这两个力的合力为零，所以不可能再受到地面摩擦力的作用，而在竖直方向上只受到重力和地面支持力的作用而平衡，所以地面的支持力大小一定等于（M+m）g，所以选项B错误，D正确；选取A为研究对象，把B对A的作用力记为T（注意这里的T可能是B对A垂直斜面向上的支持力和沿斜面方向上的摩擦力的合力），物体A就只受到三个力的作用：

竖直向下的重力mg、水平向右的推力F和B对A的作用力T，三力平衡，T与重力mg和水平推力F的合力等大反向，若该合力垂直于斜面，T就垂直于斜面，A与B之间不存在摩擦力，此时T就是B对A的支持力，并且T＞mg，所以选项AC错误。

本题答案为D。

39.【答案】B

解析：

解法一（矢量三角形法）：

选取绳子与滑轮的接触点为研究对象，对其受力分析，如题图所示，绳中的弹力大小相等，即T1=T2=G，三力平衡，将三个力的示意图平移可以组成闭合三角形，如题图虚线所示，设AC段绳子与竖直墙壁间的夹角为θ，则根据几何知识可得，杆对绳子的支持力F=2Gsin

，当绳的A端沿墙向下移时，θ增大，F也增大，根据牛顿第三定律，BC杆受压力增大，本题答案为B。

解法二（图解法）：

如上图所示，T2大小和方向不变，T1大小不变，但与T2夹角逐渐增大时，F长度变大。

本题答案为B。

40.【答案】C

解析：

画出矩形木块的俯视图，并对A木块受力分析，如上图右图所示，A木块共受到三个力的作用，三力平衡，利用正交分解法，可得N=Fsin30°=

F，f=Fsin60°=

F；B木块受到A木块对其垂直于接触面的弹力即N的反作用力和静摩擦力的作用而处于静止状态，二力平衡，所以B受到的摩擦力大小为

F，两木块受到的摩擦力之比为

F∶

F=

。

本题答案为C。

41.【答案】.C

解析：

对小球受力分析，如题图所示，三力平衡，由几何关系可得F=mgtanθ。

本题答案为C。

42.【答案】A

解析：

“缓慢吊起”说明重物始终处于平衡状态，对绳与滑轮的接触点受力分析，如上图右图所示，其中绳上的弹力T1=T2，设绳子与水平方向的夹角为θ，三力平衡，利用正交分解法，在竖直方向上，可得T1sinθ+T2sinθ=G，联立解得：

T1=T2=G/2sinθ；在重物被缓慢吊起的过程中，夹角θ变小，所以绳上弹力T1和T2逐渐变大，该同学对绳的拉力逐渐变大。

本题答案为A。

43.【答案】C

解析：

“缓慢地拉动”说明系统始终处于平衡状态，该过程中p弹簧的左端向左移动的距离等于两个弹簧长度变化量之和；最初，p弹簧处于原长，而q弹簧受到竖直向下的压力N1=mbg=1kg×10m/s2=10N，所以其压缩量为x1=N1/k=2cm；最终，c木块刚好离开水平地面，q弹簧受到竖直向下的拉力N2=mcg=1kg×10m/s2=10N，其伸长量为x2=N2/k=2cm，拉力F=（ma+mb）g=2kg×10m/s2=20N，p弹簧的伸长量为x3=N3/k=4cm，所以所求距离s=x1+x2+x3=8cm。

本题答案为C。

44.【答案】B

解法一（隔离法）：

假设地面对M的摩擦力水平向右，分别对物体和斜面受力分析如上图所示，它们都处于平衡状态，利用正交分解法有：

对物体：

平行斜面方向上有f=F+mgsinθ，垂直斜面方向上有T=mgcosθ；

对斜面：

水平方向上有f｀cosθ=T｀sinθ+f地，竖直方向上有N=Mg+f｀sinθ+T｀cosθ；

又f=f｀，T=T｀，联立以上各式可求得：

f地=Fcosθ，N=（M+m）g+Fsinθ。

显然，选项B正确，CD错误；因为f地取正值，说明假设正确，即地面对M的摩擦力水平向右，M相对地面有向左运动的趋势，选项A错误。

本题答案为B。

解法二（整体法）：

先将物体和斜面看做一个系统，运用整体法，该系统共受到重力G（大小为mg+Mg）、地面的支持力N、沿斜面方向的力F和对面摩擦力f地的作用（受力图略），系统处于平衡状态，合力为零，易得：

f地水平向右，大小f地=Fcosθ，N=（M+m）g+Fsinθ，所以，选项B正确，AC错误；再选取物体为研究对象，运用隔离法，易知，选项D错误。

本题答案为B。

点评：

当组成系统的几个物体都处于静止状态或一起匀速运动时，或者系统内一部分处于静止状态，另一部分匀速运动时可以考虑运用整体法。

根据整体的平衡条件，就可以确定整体或某一个物体的受力特点。

45.【答案】.D

解析：

由“缓慢”可知，Q始终处于平衡状态，其所受的合力始终为零，选项C错误；球Q受三个共点力mg、T1、T2而处于动态平衡，可将T1、T2平移跟重力mg组成力的矢量三角形（一般先画出初始状态的三角形），如上图右图所示，三个力中，重力mg的大小、方向都不变，弹力T1的方向也不变，随着MN保持竖直并且缓慢地向右平移，T2与mg之间的夹角逐渐变大，T1和T2大小也跟着变化（如图中虚线所示），可见T1和T2一直增大，选项AB错误；选取P和Q组成的系统为研究对象，该系统共受到四个力的作用：

竖直向下的重力、地面支持力、挡板水平向左的弹力T1和地面对P水平向右的摩擦力，系统受力平衡，地面对P的摩擦力大小等于T1，所以该摩擦力逐渐增大，选项D正确。

本题答案为。

46.【答案】B

解析：

“缓慢”说明小球始终处于平衡状态，对小球受力分析如上图右图所示，将拉力T与支持力N平移跟重力G组成闭合三角形（如图中虚线所示），其中重力G的大小和方向不变，斜面支持力N的方向不变，在小球缓慢升高的过程中，绳对小球的拉力T与小球重力G之间的夹角逐渐增大，可见，当该过程中，拉力T先减小后增大，斜面的支持力N一直增大，本题答案为B。

47.【答案】A

解析：

对B球受力分析，根据平衡条件可得：

风力F=mBgtanθ，轻质绳对B球的拉力T=mBg/cosθ，选项A正确；当风力增大时，根据关系式F=mBgtanθ可知，θ变大，那么拉力T=mBg/cosθ增大，选项B错误；选取A、B球和轻质绳组成的系统为研究对象，该系统受到重力G总、杆对A球竖直向上的支持力N、水平向右的风力F、杆对A球水平向左的摩擦力f的作用（受力图略），根据平衡条件，可得N=G总，f=F，所以杆对A球的支持力不变，选项C错误；根据N=G总=（mA+mB）g，f=F，F=mBgtanθ和f=μN可得μ=

，所以选项D错误。

本题答案为A。

48.【答案】C

解析：

“缓慢拉高”说明物体B始终处于平衡状态，对物体B受力分析如上图右图所示，根据平衡条件可得：

T=mg/cosθ，F=mgtanθ，可见，当物体B被缓慢拉高时，θ变大，T和F均变大，选项A错误；选取物体A、B和斜面体组成的系统为研究对象，该系统受到竖直向下的重力、地面的支持力、水平向右的拉力和地面水平向左的摩擦力的作用，系统四力平衡，根据平衡条件，斜面体所受地面的支持力等于系统的重力，是恒定不变的，地面对斜