山师附中届高三最后打靶题理科数学试题包括答案.docx
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山师附中届高三最后打靶题理科数学试题包括答案
第九次模拟考试试题
高三数学(理科)2015.6
第I卷(选择题共50分)
一、选择题:
本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知复数(i是虚数单位),则的共轭复数的虚部是()
A.B.C.D.
2.设集合,,则()
A.B.C.D.
3.已知变量x与y正相关,且由观测数据算得样本平均数x=3,y=3.5,则由该观测数据算得的线性回归方程可能是( )
A.B.
C.D.
4.已知命题对任意,总有;命题是的充分不必要条件.则下列命题为真命题的是()
A.B.C.D.
5.下列函数中,满足“”的单调递增函数是()
A.B.C.D.
6.已知圆C的方程为x2+y22x=0,若以直线y=kx2上任意一点为圆心,以l为半径的圆与圆C没有公共点,则k的整数值是()
A.lB.0C.1D.2
7.函数的图象大致是()
8.已知点P(x,y)的坐标满足条件,当取得最大值为1时,那么x2+y2的最小值为( )
A.B.C.1D.2
9.将个相同的小球放入个不同的盒子,要求每个盒子中至少有一个小球,且每个盒子里的小球个数都不相同,则不同的放法种数为( )
A.12 B.15 C.18 D.21
10.已知双曲线左、右焦点分别为F1(-c,0),F2(c,0),若双曲线右支上存在点P使得,则该双曲线离心率的取值范围为( )
A.(0,)B.(,1)C.(1,)D.(,)
第II卷(非选择题共100分)
二、填空题:
本大题共5小题,每小题5分,共25分.
11.若一个几何体的三视图如图所示,则此几何体的体积为________.
12.执行如图所示的程序框图,若输入x=0.1,则输出的m的值是________.
13.在△中,,边,,过点作交于,且,则________.
14.直线过抛物线的焦点且与轴垂直,则与所围成的图形的面积等于.
15.定义域为R的函数满足,当时,,若时,恒成立,则实数t的取值范围是.
三、解答题:
本大题共6小题,共75分,解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.
16.(本小题满分12分)
已知函数(),直线,是图象的任意两条对称轴,且的最小值为.
(Ⅰ)求的表达式;
(Ⅱ)将函数的图象向右平移个单位后,再将得到的图象上各点的横坐标伸长为原来的2倍,纵坐标不变,得到函数的图象,若关于的方程,在区间上有且只有一个实数解,求实数的取值范围.
17.(本小题满分12分)
袋中装着标有数字1,2,3的小球各2个,从袋中任取2个小球,每个小球被取出的可能性都相等.
(Ⅰ)求取出的2个小球上的数字互不相同的概率;
(Ⅱ)用表示取出的2个小球上的数字之和,求随机变量的概率分布与数学期望.
18.(本小题满分12分)
已知等边三角形的边长为,点分别在边上,且满足,将沿折叠到的位置,使,连接.
(Ⅰ)证明:
;
(Ⅱ)在线段上是否存在点,使得直线与平面所成的角为?
若存在,求出的长;若不存在,说明理由.
19.(本小题满分12分)
设数列的前项和为,对一切,点都在函数的图象上.
(Ⅰ)求数列的通项公式;
(Ⅱ)设为数列的前项积,若不等式对一切都成立,其中,求的取值范围.
20.(本小题满分13分)
设平面上一动点到定点(1,0)的距离与到定直线的距离之比为.
(Ⅰ)求动点的轨迹的方程;
(Ⅱ)设定点(-2,),曲线上一点,其中.若曲线上存在两点,使,求的取值范围.
21.(本小题满分14分)
函数,.
(Ⅰ)设(其中是的导函数),求的最大值;
(Ⅱ)求证:
当时,有;
(Ⅲ)设,当时,不等式恒成立,求的最大值.
山师附中第九次模拟考试高三数学(理科)答案
一、选择题:
1—5DBACD6—10ACBCC
二、填空题
11.412.013.14.15.
16.(Ⅱ)将的图象向右平移个个单位后,得到的图象,再将所得图象所有点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变,得到的图象.
-------------------------9分
令,∵,∴
,在区间上有且只有一个实数解,即函数与在区间上有且只有一个交点,由正弦函数的图像可知或
∴或k=-1.-------------------12分
17.解:
(Ⅰ)设“取出的2个小球上的数字互不相同”为事件,
∵从袋中的6个小球中任取2个小球的方法共有种,……1分
其中取出的2个小球上的数字互不相同的方法有,……3分
∴.……4分
(Ⅱ)由题意,所有可能的取值为:
2,3,4,5,6.……5分
,,
,
,.……10分
故随机变量的概率分布为
2
3
4
5
6
因此,的数学期望为.……12分
18.证明:
(1)在中,得………1分
在中,由余弦定理得
于是,故为直角三角形,且……………………3分
折叠后由
…………………………6分
(2)由
(1)可知,两两垂直
以为坐标原点,建立直角坐标系如图所示
则………………8分
由可知,向量为面的一个法向量………………9分
设
则……………………10分
∵直线与平面所成的角为
∴
解得……………………11分
故存在点满足要求,此时的长为。
……………………12分
19.解:
(1),所以.……………1分
2分
又
则奇数项与偶数项分别成等差数列
当n取奇数时,当n取偶数时,
故……………6分
(2)因为,故,
所以.……………7分
又,……………8分
对一切都成立.设,则只需……………9分
由于,
所以,故是单调递减,……………10分
于是.……………11分
令,即,
解得.………………………………………………………………………12分
20.解:
()设,由题意得,………………2分
化简得,所以,所求轨迹方程为………………4分
(2)中点
直线的斜率存在,设直线方程为:
由得:
,
方程有解,则(*)
设,则………………6分
中点坐标为,由
知,为同一点,所以………………8分
上两式相比得:
………………9分
由,得代入(*)得:
(**)………………10分
将代入得:
再代入(**)并结合得:
又所以,(或)
所以,(舍去)………………12分
故的取值范围.:
………………13分
21.(Ⅰ)
所以……………………2分
当时,当时,
因此,在上单调递增,在上单调递减.
因此,当时,取得最大值 ……………………4分
(Ⅱ)当时,
由(Ⅰ)知:
当时,即……………………6分
因此,有 ……………………8分
(Ⅲ)不等式化为
则令则
所以函数在上单调递增。
……………………10分
因为
所以方程在上存在唯一实根且满足
当时,即;
当时,即;
所以函数在上单调递减,在上单调递增.………12分
所以
所以故整数的最大值是……………………14分