学业水平测试信息技术第三部分 专题一.docx
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学业水平测试信息技术第三部分专题一
专题一 多媒体技术基础及信息编码
【考纲标准】
考试内容
考试要求
考试属性
选考规律
1.多媒体技术的概念和特征
b
必考＋加试
每次选考1～3个选择题
2.多媒体技术的应用
a
3.多媒体计算机系统的组成
a
4.多媒体作品的规划和设计
c
5.脚本编写
c
6.多媒体数据文件
a
7.多媒体数据压缩技术
b
8.二进制、十六进制与十进制的相互转换
b
9.ASCII码和汉字编码
b
10.图像、音频与视频数字化的概念
b
11.图像、音频、视频存储量的计算
c
1.（2017·4浙江选考）将一个动画导出为AVI格式视频，导出设置如图所示：
若导出后的视频文件存储容量43.95MB，则该动画总帧数约为（ ）
A.38B.150C.300D.1200
解析 本题考查视频存储量的计算。
假设该动画总帧数为x，则320*240*16*x＝43.95*8*1024*1024（位）。
求得x约为300。
答案 C
2.（2017·11浙江选考）未经压缩的BMP图像文件a.bmp和b.bmp，其参数分别为80万像素、256色和40万像素、16色，则图像文件a.bmp与b.bmp存储容量之比约为（ ）
A.4∶1B.8∶1C.16∶1D.32∶1
解析 考查图像存储量的计算。
未经压缩的位图存储量＝水平像素*垂直像素*每个像素色彩所需位数/8（单位：
字节B）。
答案 A
3.（2018·11浙江选考）一个时长为8分钟、采样频率为32kHz、量化位数为16、双声道未经压缩的Wave格式音频文件，其存储容量约为（ ）
A.1MBB.29MBC.59MBD.469MB
答案 C
4.（2017·11浙江选考）十进制正整数n转换为二进制数，该二进制数末位是“0”。
下列说法正确的是（ ）
A.无法确定n是奇数还是偶数
B.若该二进制数的位数是4，则n的最大值是15
C.n与n＋1分别转换为二进制数，这两个二进制数的位数可能不同
D.该二进制数末位的“0”去掉后，再转换为十进制数，所得的值是n/2
答案 D
5.（2018·11浙江选考）使用UltraEdit软件观察字符“A—Za—z0—9”的内码，部分界面如图所示。
下列说法正确的是（ ）
A.字符“F”、“d”、“6”的内码值由小变大
B.字符“a”与“A”内码值之差的十进制表示为20
C.字符“2”内码值的二进制表示为“00000010”
D.图中所有字符内码值的十进制表示均小于128
答案 D
6.（2015·10浙江选考）用24位二进制数来表示的RGB颜色，将其每位二进制数取反（0改为1，1改为0），即变为另一种颜色，这种操作称为颜色反相。
若某RGB颜色值用十六进制表示为123456H，则其反相后的颜色值用十六进制表示为（ ）
A.654321HB.987654H
C.EDCBA9HD.FEDCBAH
解析 本题考查二进制与十六进制的转换，每个十六进制位对应4位二进制位，十六进制数123456H第1位的1对应二进制的0001，反相后二进制为1110，转换为十六进制为E，只有C第一位为E，已可判定答案为C。
其他位转换方法相同。
答案 C
7.（2018·4浙江选考）使用UltraEdit软件查看字符内码，部分界面如下图所示：
图中内码所对应的字符是（ ）
A.bdoaMLNVB.填充颜色
C.背景backD.技术abcd
解析 从内码来看，前面两个为汉字，后面4个为英文字符。
答案D中4个字符是连续的，而图中6261636B符合back的规律。
答案 C
8.（2018·11浙江选考）下列关于多媒体技术的说法，正确的是（ ）
A.多媒体技术中的媒体是指承载信息的载体，如文字、声音、图形和图像等
B.多媒体数据压缩标准中，MPEG是静态图像压缩标准，JPEG是动态图像压缩标准
C.某软件能根据文本内容自动朗读，该功能主要应用了多媒体技术中的语音识别技术
D.智能手机的指纹识别功能，主要应用了多媒体技术中的OCR技术
答案 A
一、ASCII码和汉字编码
计算机内的英文字符以二进制编码的形式来表示，其中使用最广的是ASCII码，即美国信息交换标准代码。
一个ASCII码存储在计算机内部占8位（一个字节），最高位标记为“0”，ASCII码用一个字节中的后7个位来表示，二进制编码从00000000到01111111（对应十进制0到127），可以表示128种编码。
我国最早采用的汉字编码是GB2312，每个汉字用两个字节进行编码，每个字节的最高位用“1”填充。
用UltraEdit或WinHex工具软件观察内码时，ASCII码（英文字符）只占1个字节，汉字编码占2个字节。
【例1】使用UltraEdit软件查看字符内码，部分界面如下图所示：
图中内码所对应的字符是（ ）
A.赤裸的bareB.best最好的
C.Bike自行车D.2018世界杯
解析 从内码的第1位数字来看，前面4个为ASCII码字符，后面为3个汉字。
前面3个ASCII字符是相连的，但次序为中间的最小。
答案 D
【例2】使用UltraEdit软件观察字符“挑战AlphaGo！
”的内码，部分界面如图所示：
下列说法正确的是（ ）
A.字符“！
”的内码占两个字节
B.字符“战”的十六进制码是“BD41”
C.字符“h”的二进制码是“01101000”
D.字符“go”的十六进制码是“476F”
解析 图中所示共12个字节，挑战占4个字节，剩下8个英文字符，因此字符“！
”的内码占1个字节，字符“Go”的十六进制码是“476F”，字符“h”的内码为68H＝01101000B。
答案 C
二、图像、音频、视频存储量的计算
1.位图图像存储空间的计算
未经压缩的位图存储量＝水平像素*垂直像素*每个像素色彩所需位数/8（单位：
字节B）
2.视频存储量的计算
未经压缩的视频存储量＝帧图像存储量×帧频×播放时间（单位：
字节B）
3.声音存储量的计算
未经压缩的Wave文件存储量＝采样频率×量化位数×声道数×时间/8（单位：
字节B）
【例3】（2016·4浙江选考）一个未经压缩的BMP格式图像文件，其相关信息如图所示。
由此可知，表示该图像的每个像素需要的二进制位数是（ ）
A.4B.8C.24D.32
解析 本题考查图像存储量的计算。
假设每个像素的二进制位数是x，则该图像大小（单位：
位）为：
（640*512*x）＝1.25*1024*1024*8，x＝32。
答案 D
【例4】（2016·9台州评估）一段时长为1分钟，帧频为15帧/秒的视频，用视频处理软件导出文件时的参数如下图所示。
则导出的视频文件存储容量约为（ ）
A.77MBB.206MBC.616MBD.1648MB
解析 本题考查视频存储量的计算，从图中看出，导出的视频文件为600*400，色彩位数8位，题目中给出帧频为15，时长为1分钟。
未经压缩的视频存储量＝帧图像存储量×帧频×播放时间（单位：
字节B）600*400*8*15*60/8/1024/1024≈206（MB）。
答案 B
【例5】小张录制了一段时长5秒的自我介绍，文件格式如下图所示：
则存储该音频文件需要的磁盘空间约为（ ）
A.430.7KBB.0.43KBC.215.3KBD.3445.3KB
解析 本题考查音频存储量的计算，22050*16*5×2/8/1024≈430.7（KB）。
答案 A
考点1 多媒体技术的概念、特征及应用
【训练1】以下关于多媒体及多媒体技术描述中错误的是（ ）
A.多媒体就是集声音、图像和动画等多种媒体
B.作品中的按钮，最能体现多媒体技术的交互性
C.在计算机中，可以用十进制数据存储多媒体信息
D.当用户按下键盘上某个键时，舞台人物立即执行相应动作，体现了多媒体技术的实时性
答案 C
【训练2】（2016·9台州评估）智能手环是一种穿戴式智能设备，通过它可以即时记录用户日常生活中的锻炼、睡眠等数据。
这主要体现多媒体技术特征的（ ）
A.传递性B.集成性C.交互性D.实时性
解析 注意题目中的关键词“即时记录”，说明实时性。
答案 D
考点2 多媒体计算机系统的组成
【训练3】小李拍摄、制作一段主题为“环境保护”的视频，需要的视频采集工具和加工软件分別是（ ）
A.录音机、ACDSeeB.扫描仪、PowerPoint
C.数码摄像机、会声会影D.绘图仪、Photoshop
解析 数码摄像机是常用视频采集工具，会声会影是常用视频编辑软件。
答案 C
【训练4】小李在进行创作需求分析的过程中，列出了一些软件和硬件，在下列选项中全是软件的是（ ）
A.CD－ROM，麦克风，音箱B.Premiere，Authorware，Director
C.Photoshop，Flash，扫描仪D.音频卡，视频卡，3DSMAX
解析 Premiere是一款视频编辑软件，Authorware、Director都是多媒体集成开发软件。
答案 B
考点3 多媒体作品的规划和设计、脚本编写
【训练5】（2015·9浙江选考模拟）小李设计多媒体作品时，确定作品的发布方式，这个过程属于（ ）
A.需求分析B.脚本编写C.结构设计D.模块设计
答案 A
【训练6】（2017·1杭州期末）脚本编写的过程一般分为以下四个步骤：
①制订脚本大纲 ②编写制作脚本 ③编写文字脚本 ④媒体元素分解
正确的排列顺序是（ ）
A.①②③④B.①③②④C.①②④③D.④①②③
答案 B
考点4 多媒体数据文件及数据压缩技术
【训练7】小明和小张在讨论WAVE格式音频可以被压缩成MP3格式音频的原因，各自说出了很多理由：
①数据本身存在可被压缩的冗余因素 ②数据压缩的容量是无限制的 ③数据压缩是为了让数据文件更大 ④数据压缩允许有少量的失真 ⑤数据压缩是为了让音频文件音质更好
上述理由正确的是（ ）
A.②⑤B.①④C.②③D.③⑤
答案 B
【训练8】关于多媒体数据压缩，下列说法正确的是（ ）
A.压缩后的图像质量会提高
B.视频压缩都采用无损压缩
C.压缩比是衡量压缩技术好坏的一个标准
D.声音压缩不允许有失真
答案 C
考点5 二进制、十六进制与十进制的相互转换（正整数位）
【训练9】将二进制数11B、十进制数15D和十六进制数10H按从大到小排序，下列结果正确的是（ ）
A.10H，15D，11BB.10H，11B，15D
C.15D，10H，11BD.15D，11B，10H
解析 转化为统一数制进行比较，比如转为十进制后为3，15，16。
答案 A
【训练10】MAC地址长度为6个字节，每个字节用十六进制数表示，用“∶”分割，每个字节的范围在1～254之间，以下MAC地址表示正确的是（ ）
A.00∶26∶47∶28∶30∶7AB.24∶69∶A5∶86∶7D
C.8C∶70∶5A∶F6∶0B∶58∶35D.66∶09∶80∶02∶H2∶73
解析 本题考查十进制及二进制与十六进制之间的转换。
题中描述“长度为6个字节”，“用12位十六进制数字表示”，C、D选项是14位十六进制数字，B选项10位十六进制数字，所以明显排除B、C、D。
进一步分析，12位十六进制数字对应6个字节，即每2位十六进制数字对应1个字节，这两位十六进制数字最大应为“FF”（对应二进制数“11111111”，十进制数255），最小应为“00”（对应二进制数“00000000”）。
答案 A
考点6 ASCII码和汉字编码
【训练11】使用UltraEdit软件观察字符“AI，人工智能！
”的内码，部分界面如图所示：
下列说法正确的是（ ）
A.字符“！
”的内码是“A1”
B.字符“人”的内码是“ACC8”
C.字符“AI，人工智能！
”共占13个字节
D.把内码“4149”改成“4869”，则文字将变成“Hi，人工智能！
”
解析 最后两个字节数字的最高位均为1，可见是中文的“！
”，大写“I”的内码为49。
答案 C
【训练12】小明设计了一个字母加密算法，将字母对应ASCII码转成二进制数后，再加上二进制数100，产生新的字母。
使用小明这个加密算法，加密后字符串为“Fish”，则该字符串加密前为（ ）
A.beodB.BeodC.jmwlD.Jmwl
解析 考查字符的编码，将字母对应ASCII码为加二进制数100，根据ASCII中字母编码的连续性，产生的是该字母后的第4个字母。
答案 B
考点7 图像、音频与视频数字化的概念
【训练13】下列关于多媒体数字化的描述，正确的是（ ）
A.数码相机记录的可能是模拟信号
B.通过音箱播放计算机中的声音信息是一个模数转换的过程
C.通过话筒录将声音信号录入到计算机，是数模转换的过程
D.将多媒体信号转换成1和0的信息就是多媒体的数字化的过程
答案 D
【训练14】可见光可用红色、绿色和蓝色三色光的不同比例和强度的混合来表示。
红色用RGB（255，0，0）表示，绿色用RGB（0，255，0）表示，蓝色用RGB（0，0，255）表示，红色和绿色叠加产生黄色RGB（255，255，0），绿色和蓝色叠加产生青色，如下图所示，则青色表示为（ ）
A.RGB（255，0，255）B.RGB（255，255，255）
C.RGB（0，0，0）D.RGB（0，255，255）
答案 D
考点8 图像、音频、视频存储量的计算
【训练15】某数码相机的部分性能参数如下表所示：
相机类型
单反数码相机
照片分辨率
大：
5184×3456
中：
3456×2304
小：
2592×1728
RAW：
5184×3456（约1800万像素）
照片格式
JPEG，RAW
存储介质
SD卡，SDHC卡，SDXC卡
RAW是一种没有经过压缩等处理的图像文件格式，其RGB中的每个颜色分量存储需用2个字节，则一幅采用RAW格式拍摄的照片需要的存储空间大约是（ ）
A.9MBB.34MBC.103MBD.820MB
解析 位图图像存储空间的计算公式是：
水平像素*垂直像素*每个像素色彩位数/8（字节）。
本题“RGB中的每个颜色分量存储需用2个字节”，说明每个像素色彩位数为3*2*8＝48位，则：
5184*3456*48/8/1024/1024（MB）约为103（MB）。
答案 C
【训练16】（2017·1金华期末）将一时长为10分钟、未经压缩、采样频率为44.1kHz、量化位数16位，双声道WAV音频文件另存为MP3格式，压缩比为10∶1，该MP3音频的存储容量约为（ ）
A.100MBB.10MBC.80MBD.50MB
解析 未经压缩的Wave文件所占磁盘的存储量计算公式为：
存储量＝采样频率×量化位数×声道数×时间/8（单位：
字节B）。
则WAV音频文件容量为44100*16*2*10*60/8/1024/1024≈100（MB），压缩比为10∶1，MP3格式文件约为10MB。
答案 B
【训练17】一段分辨率为320*240像素、24位色、帧频为25s的视频，其未经压缩的存储容量为55MB，则该视频时长约为（ ）
A.1秒B.4秒C.10秒D.250秒
解析 未经压缩的视频文件存储量的计算方法为：
存储量＝帧图像存储量×帧频×播放时间（单位：
字节）
假设该视频时长为x秒，则：
320*240*24*25*x/8/1024/1024＝55（MB），解得x约为10秒。
答案 C
1.（2017·1温州期末）一个成功的多媒体作品，创作前都会进行应用和创作需求分析，在进行应用需求分析时，一般不需要考虑的是（ ）
A.作品创作的主题是否鲜明B.作品的经济效益
C.作品要面向哪些用户D.当前社会对此类作品的需求程度
答案 A
2.王老师创作的优美的生物课件，该课件中既包含相关的文字说明，又包含了实验过程的视频，这主要体现了多媒体技术特征中的（ ）
A.实时性B.交互性C.集成性D.应用性
答案 C
3.设计多媒体作品时，“了解作品主要面向哪些用户”属于（ ）
A.需求分析阶段B.规划设计阶段
C.脚本编写阶段D.运行测试阶段
答案 A
4.某公司开发一款游戏，该游戏不仅画面优美，还有声音、动画等配合，并且可以和网友利用键盘鼠标在网络上的进行对战。
下列说法不正确的是（ ）
A.画面和声音的配合，体现多媒体技术的集成性
B.和网友通过键盘鼠标的对战，说明多媒体技术的交互性
C.网络技术和多媒体的结合，改变了信息的传播方式
D.多媒体技术类似于信息技术，给人们生活带为更多收获
答案 D
5.使用UltraEdit软件观察字符“GoodLuck！
”的内码，部分界面如图所示：
则下列说法错误的是（ ）
A.字符“！
”是在英文状态上输入的
B.字符“GoodLuck！
”共占用11个字节
C.字符“g”内码用二进制表示是01100111
D.字符“o”内码转十进制过程应为6×162＋15×16
答案 A
6.（2017·1湖州期末）某加密算法如下：
（1）以字节为单位进行加密处理；
（2）将1个字节二进制数的第4位和第5位互换；
（3）将处理后的二进制数转换成十六进制。
根据以上加密算法，结合观察字符“howareyou！
”的内码
字符“j”加密后的密文应是（ ）
A.6AB.68C.70D.72
答案 D
7.（2017·1慈溪期末）小明观察字符“Baby”的内码如图所示，则随机产生一个大写英文字母的VB表达式是（ ）
A.Chr（Int（Rnd（）*25＋41））B.Chr（Int（Rnd（）*26＋41））
C.Chr（Int（Rnd（）*25＋65））D.Chr（Int（Rnd（）*26＋65））
解析 考查字符的编码及VB常用函数。
从图中可知，B内码为“42”，则A为“41”，A～Z内码范围应为[41，66]选项B正确。
答案 B
8.（2017·1台州期末）用UltraEdit软件观察“2016IC互联网大会”这几个字的内码，如下图所示：
下列说法不正确的是（ ）
A.字符“网”的内码是110011*********0
B.字符“互联网大会”占10个字节的存储空间
C.将内码“49”修改为“50”，字符“I”将改为“J”
D.将字符“6”修改为“5”，内码“36”将改为“35”
答案 C
9.下面说法错误的是（ ）
A.二进制数11与十进制数2相加的结果是（1010）2
B.计算机内部用二进制代码来传送、存储、加工数据或指令
C.某数据文件压缩后是512KB，已知其压缩比20∶1，原文件数据是10MB
D.多媒体电脑能够处理文字、声音等信息，是因为这些信息都已被数字化
解析 十进制2转为二进制为（10）2（11）2＋（10）2＝（101）2。
答案 A
10.有一个二进制数为（100■1■0）2，其中两位的数模糊不清，下列可能与其值相等的是（ ）
A.46HB.77DC.4AHD.75D
答案 A
11.算式（10011）2－（11）16的运算结果是（ ）
A.（10000）2B.（10）16C.（10）10D.（10）2
解析 （11）16＝（00010001）2＝（10001）2，（10011）2－（10001）2＝（10）2。
答案 D
12.某图像如下图所示：
下列关于冗余的说法错误的是（ ）
A.图像中存在结构冗余
B.去除图像冗余部分进行数据压缩是一种无损压缩
C.超出人类眼睛对图像的分辨能力，这种冗余属于视觉冗余
D.墙面上各个像素点是相同的，大量的重复像素形成了空间冗余
解析 图像的上部存在相同的结构，中间存在大量的空间冗余，多媒体的压缩往往是有损压缩。
答案 B
13.（2017·1温州期末）图像序列中的两幅相邻的图像，后一幅图像与前一幅图像之间有较大的相关性，这在数字化图像中表现为（ ）
A.空间冗余B.结构冗余C.视觉冗余D.时间冗余
解析 空间冗余：
在同一幅图像中，规则物体和规则背景的表面物理特征具有相关性，这些相关性的光成像结构在数字化图像中表现为空间冗余。
结构冗余：
有些图像从大域上看存在着非常强的纹理结构，在结构上存在冗余。
时间冗余：
图像序列中的两幅相邻的图像，后一幅图像与前一幅图像之间有较大的相关性，这表现为时间冗余。
视觉冗余：
人类视学系统一般的分辩能力约为26灰度等级，而一般图像量化采用28灰度等级，这类冗余称为视觉冗余。
答案 D
14.（2017·1湖州期末）关于多媒体数据压缩，下列说法正确的是（ ）
A.视频文件压缩遵循JPEG压缩标准
B.MP3是一种音频数据的无损压缩格式
C.压缩比大是衡量压缩技术好坏的唯一标准
D.数据压缩和解压缩一般由编码和解码的过程来实现
解析 本题考查多媒体数据压缩知识。
JPEG是一种图像压缩标准，MP3是一种音频数据的有损压缩格式。
衡量压缩技术好坏除压缩比外，还有压缩、解压缩速度，压缩质量等。
答案 D
15.（2017·1慈溪期末）在“画图”程序中编辑一张图片，发现图像偏小，对图像大小进行调整，操作界面如图1所示，将“水平（H）”改为400，并按图2所示参数保存，保存后的文件tupian.bmp容量大约为（ ）
A.156.3KBB.312.5KBC.9.8MBD.4.9MB
解析 本题考查图像存储量的计算，注意保持纵横比为选中状态，水平改为400，则垂直变为800，保存类型为256色位图，则容量为：
400*800*8/8/1024/1024≈9.8MB。
答案 B
16.（2017·1杭州期末）有两个BMP图片文件“js.bmp”和“hb.bmp”，分别将他们另存为JPEG格式，文件信息如图所示。
根据多媒体数据压缩原理可以推知，下列说法正确的是（ ）
A.js.bmp和hb.bmp文件大小均为1.37MB，所以js.jpg和hb.jpg的文件大小相同
B.js.bmp比hb.bmp有更大的空间冗余，所以js.jpg比hb.jpg的文件小
C.hb.bmp比js.bmp有更大的结构冗余，所以hb.jpg比js.jpg的文件小
D.图片不一样，无法进行比较
答案 C
17.如图为photoshop新建文件界面，若作品完成后，不改变参数保存成BMP图像，其存储容量约为（ ）
A.11MBB.0.46MBC.3.66MBD.1.37MB
答案 D
18.（2016·9嘉兴测试）使用GoldWave软件新建两段Wave格式的音频，参数设置分别如图A、图B所示，其中A的量化位数为24bit，左声道设置为静音，B的量化位数为16bit，则这2个音频文件容量
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