学业水平测试信息技术第三部分 专题一.docx
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学业水平测试信息技术第三部分专题一
专题一 多媒体技术基础及信息编码
【考纲标准】
考试内容
考试要求
考试属性
选考规律
1.多媒体技术的概念和特征
b
必考+加试
每次选考1~3个选择题
2.多媒体技术的应用
a
3.多媒体计算机系统的组成
a
4.多媒体作品的规划和设计
c
5.脚本编写
c
6.多媒体数据文件
a
7.多媒体数据压缩技术
b
8.二进制、十六进制与十进制的相互转换
b
9.ASCII码和汉字编码
b
10.图像、音频与视频数字化的概念
b
11.图像、音频、视频存储量的计算
c
1.(2017·4浙江选考)将一个动画导出为AVI格式视频,导出设置如图所示:
若导出后的视频文件存储容量43.95MB,则该动画总帧数约为( )
A.38B.150C.300D.1200
解析 本题考查视频存储量的计算。
假设该动画总帧数为x,则320*240*16*x=43.95*8*1024*1024(位)。
求得x约为300。
答案 C
2.(2017·11浙江选考)未经压缩的BMP图像文件a.bmp和b.bmp,其参数分别为80万像素、256色和40万像素、16色,则图像文件a.bmp与b.bmp存储容量之比约为( )
A.4∶1B.8∶1C.16∶1D.32∶1
解析 考查图像存储量的计算。
未经压缩的位图存储量=水平像素*垂直像素*每个像素色彩所需位数/8(单位:
字节B)。
答案 A
3.(2018·11浙江选考)一个时长为8分钟、采样频率为32kHz、量化位数为16、双声道未经压缩的Wave格式音频文件,其存储容量约为( )
A.1MBB.29MBC.59MBD.469MB
答案 C
4.(2017·11浙江选考)十进制正整数n转换为二进制数,该二进制数末位是“0”。
下列说法正确的是( )
A.无法确定n是奇数还是偶数
B.若该二进制数的位数是4,则n的最大值是15
C.n与n+1分别转换为二进制数,这两个二进制数的位数可能不同
D.该二进制数末位的“0”去掉后,再转换为十进制数,所得的值是n/2
答案 D
5.(2018·11浙江选考)使用UltraEdit软件观察字符“A—Za—z0—9”的内码,部分界面如图所示。
下列说法正确的是( )
A.字符“F”、“d”、“6”的内码值由小变大
B.字符“a”与“A”内码值之差的十进制表示为20
C.字符“2”内码值的二进制表示为“00000010”
D.图中所有字符内码值的十进制表示均小于128
答案 D
6.(2015·10浙江选考)用24位二进制数来表示的RGB颜色,将其每位二进制数取反(0改为1,1改为0),即变为另一种颜色,这种操作称为颜色反相。
若某RGB颜色值用十六进制表示为123456H,则其反相后的颜色值用十六进制表示为( )
A.654321HB.987654H
C.EDCBA9HD.FEDCBAH
解析 本题考查二进制与十六进制的转换,每个十六进制位对应4位二进制位,十六进制数123456H第1位的1对应二进制的0001,反相后二进制为1110,转换为十六进制为E,只有C第一位为E,已可判定答案为C。
其他位转换方法相同。
答案 C
7.(2018·4浙江选考)使用UltraEdit软件查看字符内码,部分界面如下图所示:
图中内码所对应的字符是( )
A.bdoaMLNVB.填充颜色
C.背景backD.技术abcd
解析 从内码来看,前面两个为汉字,后面4个为英文字符。
答案D中4个字符是连续的,而图中6261636B符合back的规律。
答案 C
8.(2018·11浙江选考)下列关于多媒体技术的说法,正确的是( )
A.多媒体技术中的媒体是指承载信息的载体,如文字、声音、图形和图像等
B.多媒体数据压缩标准中,MPEG是静态图像压缩标准,JPEG是动态图像压缩标准
C.某软件能根据文本内容自动朗读,该功能主要应用了多媒体技术中的语音识别技术
D.智能手机的指纹识别功能,主要应用了多媒体技术中的OCR技术
答案 A
一、ASCII码和汉字编码
计算机内的英文字符以二进制编码的形式来表示,其中使用最广的是ASCII码,即美国信息交换标准代码。
一个ASCII码存储在计算机内部占8位(一个字节),最高位标记为“0”,ASCII码用一个字节中的后7个位来表示,二进制编码从00000000到01111111(对应十进制0到127),可以表示128种编码。
我国最早采用的汉字编码是GB2312,每个汉字用两个字节进行编码,每个字节的最高位用“1”填充。
用UltraEdit或WinHex工具软件观察内码时,ASCII码(英文字符)只占1个字节,汉字编码占2个字节。
【例1】使用UltraEdit软件查看字符内码,部分界面如下图所示:
图中内码所对应的字符是( )
A.赤裸的bareB.best最好的
C.Bike自行车D.2018世界杯
解析 从内码的第1位数字来看,前面4个为ASCII码字符,后面为3个汉字。
前面3个ASCII字符是相连的,但次序为中间的最小。
答案 D
【例2】使用UltraEdit软件观察字符“挑战AlphaGo!
”的内码,部分界面如图所示:
下列说法正确的是( )
A.字符“!
”的内码占两个字节
B.字符“战”的十六进制码是“BD41”
C.字符“h”的二进制码是“01101000”
D.字符“go”的十六进制码是“476F”
解析 图中所示共12个字节,挑战占4个字节,剩下8个英文字符,因此字符“!
”的内码占1个字节,字符“Go”的十六进制码是“476F”,字符“h”的内码为68H=01101000B。
答案 C
二、图像、音频、视频存储量的计算
1.位图图像存储空间的计算
未经压缩的位图存储量=水平像素*垂直像素*每个像素色彩所需位数/8(单位:
字节B)
2.视频存储量的计算
未经压缩的视频存储量=帧图像存储量×帧频×播放时间(单位:
字节B)
3.声音存储量的计算
未经压缩的Wave文件存储量=采样频率×量化位数×声道数×时间/8(单位:
字节B)
【例3】(2016·4浙江选考)一个未经压缩的BMP格式图像文件,其相关信息如图所示。
由此可知,表示该图像的每个像素需要的二进制位数是( )
A.4B.8C.24D.32
解析 本题考查图像存储量的计算。
假设每个像素的二进制位数是x,则该图像大小(单位:
位)为:
(640*512*x)=1.25*1024*1024*8,x=32。
答案 D
【例4】(2016·9台州评估)一段时长为1分钟,帧频为15帧/秒的视频,用视频处理软件导出文件时的参数如下图所示。
则导出的视频文件存储容量约为( )
A.77MBB.206MBC.616MBD.1648MB
解析 本题考查视频存储量的计算,从图中看出,导出的视频文件为600*400,色彩位数8位,题目中给出帧频为15,时长为1分钟。
未经压缩的视频存储量=帧图像存储量×帧频×播放时间(单位:
字节B)600*400*8*15*60/8/1024/1024≈206(MB)。
答案 B
【例5】小张录制了一段时长5秒的自我介绍,文件格式如下图所示:
则存储该音频文件需要的磁盘空间约为( )
A.430.7KBB.0.43KBC.215.3KBD.3445.3KB
解析 本题考查音频存储量的计算,22050*16*5×2/8/1024≈430.7(KB)。
答案 A
考点1 多媒体技术的概念、特征及应用
【训练1】以下关于多媒体及多媒体技术描述中错误的是( )
A.多媒体就是集声音、图像和动画等多种媒体
B.作品中的按钮,最能体现多媒体技术的交互性
C.在计算机中,可以用十进制数据存储多媒体信息
D.当用户按下键盘上某个键时,舞台人物立即执行相应动作,体现了多媒体技术的实时性
答案 C
【训练2】(2016·9台州评估)智能手环是一种穿戴式智能设备,通过它可以即时记录用户日常生活中的锻炼、睡眠等数据。
这主要体现多媒体技术特征的( )
A.传递性B.集成性C.交互性D.实时性
解析 注意题目中的关键词“即时记录”,说明实时性。
答案 D
考点2 多媒体计算机系统的组成
【训练3】小李拍摄、制作一段主题为“环境保护”的视频,需要的视频采集工具和加工软件分別是( )
A.录音机、ACDSeeB.扫描仪、PowerPoint
C.数码摄像机、会声会影D.绘图仪、Photoshop
解析 数码摄像机是常用视频采集工具,会声会影是常用视频编辑软件。
答案 C
【训练4】小李在进行创作需求分析的过程中,列出了一些软件和硬件,在下列选项中全是软件的是( )
A.CD-ROM,麦克风,音箱B.Premiere,Authorware,Director
C.Photoshop,Flash,扫描仪D.音频卡,视频卡,3DSMAX
解析 Premiere是一款视频编辑软件,Authorware、Director都是多媒体集成开发软件。
答案 B
考点3 多媒体作品的规划和设计、脚本编写
【训练5】(2015·9浙江选考模拟)小李设计多媒体作品时,确定作品的发布方式,这个过程属于( )
A.需求分析B.脚本编写C.结构设计D.模块设计
答案 A
【训练6】(2017·1杭州期末)脚本编写的过程一般分为以下四个步骤:
①制订脚本大纲 ②编写制作脚本 ③编写文字脚本 ④媒体元素分解
正确的排列顺序是( )
A.①②③④B.①③②④C.①②④③D.④①②③
答案 B
考点4 多媒体数据文件及数据压缩技术
【训练7】小明和小张在讨论WAVE格式音频可以被压缩成MP3格式音频的原因,各自说出了很多理由:
①数据本身存在可被压缩的冗余因素 ②数据压缩的容量是无限制的 ③数据压缩是为了让数据文件更大 ④数据压缩允许有少量的失真 ⑤数据压缩是为了让音频文件音质更好
上述理由正确的是( )
A.②⑤B.①④C.②③D.③⑤
答案 B
【训练8】关于多媒体数据压缩,下列说法正确的是( )
A.压缩后的图像质量会提高
B.视频压缩都采用无损压缩
C.压缩比是衡量压缩技术好坏的一个标准
D.声音压缩不允许有失真
答案 C
考点5 二进制、十六进制与十进制的相互转换(正整数位)
【训练9】将二进制数11B、十进制数15D和十六进制数10H按从大到小排序,下列结果正确的是( )
A.10H,15D,11BB.10H,11B,15D
C.15D,10H,11BD.15D,11B,10H
解析 转化为统一数制进行比较,比如转为十进制后为3,15,16。
答案 A
【训练10】MAC地址长度为6个字节,每个字节用十六进制数表示,用“∶”分割,每个字节的范围在1~254之间,以下MAC地址表示正确的是( )
A.00∶26∶47∶28∶30∶7AB.24∶69∶A5∶86∶7D
C.8C∶70∶5A∶F6∶0B∶58∶35D.66∶09∶80∶02∶H2∶73
解析 本题考查十进制及二进制与十六进制之间的转换。
题中描述“长度为6个字节”,“用12位十六进制数字表示”,C、D选项是14位十六进制数字,B选项10位十六进制数字,所以明显排除B、C、D。
进一步分析,12位十六进制数字对应6个字节,即每2位十六进制数字对应1个字节,这两位十六进制数字最大应为“FF”(对应二进制数“11111111”,十进制数255),最小应为“00”(对应二进制数“00000000”)。
答案 A
考点6 ASCII码和汉字编码
【训练11】使用UltraEdit软件观察字符“AI,人工智能!
”的内码,部分界面如图所示:
下列说法正确的是( )
A.字符“!
”的内码是“A1”
B.字符“人”的内码是“ACC8”
C.字符“AI,人工智能!
”共占13个字节
D.把内码“4149”改成“4869”,则文字将变成“Hi,人工智能!
”
解析 最后两个字节数字的最高位均为1,可见是中文的“!
”,大写“I”的内码为49。
答案 C
【训练12】小明设计了一个字母加密算法,将字母对应ASCII码转成二进制数后,再加上二进制数100,产生新的字母。
使用小明这个加密算法,加密后字符串为“Fish”,则该字符串加密前为( )
A.beodB.BeodC.jmwlD.Jmwl
解析 考查字符的编码,将字母对应ASCII码为加二进制数100,根据ASCII中字母编码的连续性,产生的是该字母后的第4个字母。
答案 B
考点7 图像、音频与视频数字化的概念
【训练13】下列关于多媒体数字化的描述,正确的是( )
A.数码相机记录的可能是模拟信号
B.通过音箱播放计算机中的声音信息是一个模数转换的过程
C.通过话筒录将声音信号录入到计算机,是数模转换的过程
D.将多媒体信号转换成1和0的信息就是多媒体的数字化的过程
答案 D
【训练14】可见光可用红色、绿色和蓝色三色光的不同比例和强度的混合来表示。
红色用RGB(255,0,0)表示,绿色用RGB(0,255,0)表示,蓝色用RGB(0,0,255)表示,红色和绿色叠加产生黄色RGB(255,255,0),绿色和蓝色叠加产生青色,如下图所示,则青色表示为( )
A.RGB(255,0,255)B.RGB(255,255,255)
C.RGB(0,0,0)D.RGB(0,255,255)
答案 D
考点8 图像、音频、视频存储量的计算
【训练15】某数码相机的部分性能参数如下表所示:
相机类型
单反数码相机
照片分辨率
大:
5184×3456
中:
3456×2304
小:
2592×1728
RAW:
5184×3456(约1800万像素)
照片格式
JPEG,RAW
存储介质
SD卡,SDHC卡,SDXC卡
RAW是一种没有经过压缩等处理的图像文件格式,其RGB中的每个颜色分量存储需用2个字节,则一幅采用RAW格式拍摄的照片需要的存储空间大约是( )
A.9MBB.34MBC.103MBD.820MB
解析 位图图像存储空间的计算公式是:
水平像素*垂直像素*每个像素色彩位数/8(字节)。
本题“RGB中的每个颜色分量存储需用2个字节”,说明每个像素色彩位数为3*2*8=48位,则:
5184*3456*48/8/1024/1024(MB)约为103(MB)。
答案 C
【训练16】(2017·1金华期末)将一时长为10分钟、未经压缩、采样频率为44.1kHz、量化位数16位,双声道WAV音频文件另存为MP3格式,压缩比为10∶1,该MP3音频的存储容量约为( )
A.100MBB.10MBC.80MBD.50MB
解析 未经压缩的Wave文件所占磁盘的存储量计算公式为:
存储量=采样频率×量化位数×声道数×时间/8(单位:
字节B)。
则WAV音频文件容量为44100*16*2*10*60/8/1024/1024≈100(MB),压缩比为10∶1,MP3格式文件约为10MB。
答案 B
【训练17】一段分辨率为320*240像素、24位色、帧频为25s的视频,其未经压缩的存储容量为55MB,则该视频时长约为( )
A.1秒B.4秒C.10秒D.250秒
解析 未经压缩的视频文件存储量的计算方法为:
存储量=帧图像存储量×帧频×播放时间(单位:
字节)
假设该视频时长为x秒,则:
320*240*24*25*x/8/1024/1024=55(MB),解得x约为10秒。
答案 C
1.(2017·1温州期末)一个成功的多媒体作品,创作前都会进行应用和创作需求分析,在进行应用需求分析时,一般不需要考虑的是( )
A.作品创作的主题是否鲜明B.作品的经济效益
C.作品要面向哪些用户D.当前社会对此类作品的需求程度
答案 A
2.王老师创作的优美的生物课件,该课件中既包含相关的文字说明,又包含了实验过程的视频,这主要体现了多媒体技术特征中的( )
A.实时性B.交互性C.集成性D.应用性
答案 C
3.设计多媒体作品时,“了解作品主要面向哪些用户”属于( )
A.需求分析阶段B.规划设计阶段
C.脚本编写阶段D.运行测试阶段
答案 A
4.某公司开发一款游戏,该游戏不仅画面优美,还有声音、动画等配合,并且可以和网友利用键盘鼠标在网络上的进行对战。
下列说法不正确的是( )
A.画面和声音的配合,体现多媒体技术的集成性
B.和网友通过键盘鼠标的对战,说明多媒体技术的交互性
C.网络技术和多媒体的结合,改变了信息的传播方式
D.多媒体技术类似于信息技术,给人们生活带为更多收获
答案 D
5.使用UltraEdit软件观察字符“GoodLuck!
”的内码,部分界面如图所示:
则下列说法错误的是( )
A.字符“!
”是在英文状态上输入的
B.字符“GoodLuck!
”共占用11个字节
C.字符“g”内码用二进制表示是01100111
D.字符“o”内码转十进制过程应为6×162+15×16
答案 A
6.(2017·1湖州期末)某加密算法如下:
(1)以字节为单位进行加密处理;
(2)将1个字节二进制数的第4位和第5位互换;
(3)将处理后的二进制数转换成十六进制。
根据以上加密算法,结合观察字符“howareyou!
”的内码
字符“j”加密后的密文应是( )
A.6AB.68C.70D.72
答案 D
7.(2017·1慈溪期末)小明观察字符“Baby”的内码如图所示,则随机产生一个大写英文字母的VB表达式是( )
A.Chr(Int(Rnd()*25+41))B.Chr(Int(Rnd()*26+41))
C.Chr(Int(Rnd()*25+65))D.Chr(Int(Rnd()*26+65))
解析 考查字符的编码及VB常用函数。
从图中可知,B内码为“42”,则A为“41”,A~Z内码范围应为[41,66]选项B正确。
答案 B
8.(2017·1台州期末)用UltraEdit软件观察“2016IC互联网大会”这几个字的内码,如下图所示:
下列说法不正确的是( )
A.字符“网”的内码是110011*********0
B.字符“互联网大会”占10个字节的存储空间
C.将内码“49”修改为“50”,字符“I”将改为“J”
D.将字符“6”修改为“5”,内码“36”将改为“35”
答案 C
9.下面说法错误的是( )
A.二进制数11与十进制数2相加的结果是(1010)2
B.计算机内部用二进制代码来传送、存储、加工数据或指令
C.某数据文件压缩后是512KB,已知其压缩比20∶1,原文件数据是10MB
D.多媒体电脑能够处理文字、声音等信息,是因为这些信息都已被数字化
解析 十进制2转为二进制为(10)2(11)2+(10)2=(101)2。
答案 A
10.有一个二进制数为(100■1■0)2,其中两位的数模糊不清,下列可能与其值相等的是( )
A.46HB.77DC.4AHD.75D
答案 A
11.算式(10011)2-(11)16的运算结果是( )
A.(10000)2B.(10)16C.(10)10D.(10)2
解析 (11)16=(00010001)2=(10001)2,(10011)2-(10001)2=(10)2。
答案 D
12.某图像如下图所示:
下列关于冗余的说法错误的是( )
A.图像中存在结构冗余
B.去除图像冗余部分进行数据压缩是一种无损压缩
C.超出人类眼睛对图像的分辨能力,这种冗余属于视觉冗余
D.墙面上各个像素点是相同的,大量的重复像素形成了空间冗余
解析 图像的上部存在相同的结构,中间存在大量的空间冗余,多媒体的压缩往往是有损压缩。
答案 B
13.(2017·1温州期末)图像序列中的两幅相邻的图像,后一幅图像与前一幅图像之间有较大的相关性,这在数字化图像中表现为( )
A.空间冗余B.结构冗余C.视觉冗余D.时间冗余
解析 空间冗余:
在同一幅图像中,规则物体和规则背景的表面物理特征具有相关性,这些相关性的光成像结构在数字化图像中表现为空间冗余。
结构冗余:
有些图像从大域上看存在着非常强的纹理结构,在结构上存在冗余。
时间冗余:
图像序列中的两幅相邻的图像,后一幅图像与前一幅图像之间有较大的相关性,这表现为时间冗余。
视觉冗余:
人类视学系统一般的分辩能力约为26灰度等级,而一般图像量化采用28灰度等级,这类冗余称为视觉冗余。
答案 D
14.(2017·1湖州期末)关于多媒体数据压缩,下列说法正确的是( )
A.视频文件压缩遵循JPEG压缩标准
B.MP3是一种音频数据的无损压缩格式
C.压缩比大是衡量压缩技术好坏的唯一标准
D.数据压缩和解压缩一般由编码和解码的过程来实现
解析 本题考查多媒体数据压缩知识。
JPEG是一种图像压缩标准,MP3是一种音频数据的有损压缩格式。
衡量压缩技术好坏除压缩比外,还有压缩、解压缩速度,压缩质量等。
答案 D
15.(2017·1慈溪期末)在“画图”程序中编辑一张图片,发现图像偏小,对图像大小进行调整,操作界面如图1所示,将“水平(H)”改为400,并按图2所示参数保存,保存后的文件tupian.bmp容量大约为( )
A.156.3KBB.312.5KBC.9.8MBD.4.9MB
解析 本题考查图像存储量的计算,注意保持纵横比为选中状态,水平改为400,则垂直变为800,保存类型为256色位图,则容量为:
400*800*8/8/1024/1024≈9.8MB。
答案 B
16.(2017·1杭州期末)有两个BMP图片文件“js.bmp”和“hb.bmp”,分别将他们另存为JPEG格式,文件信息如图所示。
根据多媒体数据压缩原理可以推知,下列说法正确的是( )
A.js.bmp和hb.bmp文件大小均为1.37MB,所以js.jpg和hb.jpg的文件大小相同
B.js.bmp比hb.bmp有更大的空间冗余,所以js.jpg比hb.jpg的文件小
C.hb.bmp比js.bmp有更大的结构冗余,所以hb.jpg比js.jpg的文件小
D.图片不一样,无法进行比较
答案 C
17.如图为photoshop新建文件界面,若作品完成后,不改变参数保存成BMP图像,其存储容量约为( )
A.11MBB.0.46MBC.3.66MBD.1.37MB
答案 D
18.(2016·9嘉兴测试)使用GoldWave软件新建两段Wave格式的音频,参数设置分别如图A、图B所示,其中A的量化位数为24bit,左声道设置为静音,B的量化位数为16bit,则这2个音频文件容量