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1、学业水平测试信息技术第三部分 专题一专题一多媒体技术基础及信息编码【考纲标准】考试内容考试要求考试属性选考规律1.多媒体技术的概念和特征b必考加试每次选考13个选择题2.多媒体技术的应用a3.多媒体计算机系统的组成a4.多媒体作品的规划和设计c5.脚本编写c6.多媒体数据文件a7.多媒体数据压缩技术b8.二进制、十六进制与十进制的相互转换b9.ASCII码和汉字编码b10.图像、音频与视频数字化的概念b11.图像、音频、视频存储量的计算c1.(20174浙江选考)将一个动画导出为AVI格式视频，导出设置如图所示：若导出后的视频文件存储容量43.95MB，则该动画总帧数约为()A.38 B.15

2、0 C.300 D.1 200解析本题考查视频存储量的计算。假设该动画总帧数为x，则320*240*16*x43.95*8*1024*1024(位)。求得x约为300。答案C2.(201711浙江选考)未经压缩的BMP图像文件a.bmp和b.bmp，其参数分别为80万像素、256色和40万像素、16色，则图像文件a.bmp与b.bmp存储容量之比约为()A.41 B.81 C.161 D.321解析考查图像存储量的计算。未经压缩的位图存储量水平像素*垂直像素*每个像素色彩所需位数/8(单位：字节B)。答案A3.(201811浙江选考) 一个时长为8分钟、采样频率为32 kHz、量化位数为16、

3、双声道未经压缩的Wave格式音频文件，其存储容量约为()A.1 MB B.29 MB C.59 MB D.469 MB答案C4.(201711浙江选考)十进制正整数n转换为二进制数，该二进制数末位是“0”。下列说法正确的是()A.无法确定n是奇数还是偶数B.若该二进制数的位数是4，则n的最大值是15C.n与n1分别转换为二进制数，这两个二进制数的位数可能不同D.该二进制数末位的“0”去掉后，再转换为十进制数，所得的值是n/2答案D5.(201811浙江选考)使用UltraEdit软件观察字符“AZ az 09”的内码，部分界面如图所示。下列说法正确的是()A.字符“F”、“d”、“6”的内码值

4、由小变大B.字符“a”与“A”内码值之差的十进制表示为20C.字符“2”内码值的二进制表示为“00000010”D.图中所有字符内码值的十进制表示均小于128答案D6.(201510浙江选考)用24位二进制数来表示的RGB颜色，将其每位二进制数取反(0改为1，1改为0)，即变为另一种颜色，这种操作称为颜色反相。若某RGB颜色值用十六进制表示为123456H，则其反相后的颜色值用十六进制表示为()A.654321H B.987654HC.EDCBA9H D.FEDCBAH解析本题考查二进制与十六进制的转换，每个十六进制位对应4位二进制位，十六进制数123456H第1位的1对应二进制的0001，反

5、相后二进制为1110，转换为十六进制为E，只有C第一位为E，已可判定答案为C。其他位转换方法相同。答案C7.(20184浙江选考)使用UltraEdit软件查看字符内码，部分界面如下图所示：图中内码所对应的字符是()A.bdoaMLNV B.填充颜色C.背景back D.技术abcd解析从内码来看，前面两个为汉字，后面4个为英文字符。答案D中4个字符是连续的，而图中62 61 63 6B符合back的规律。答案C8.(201811浙江选考)下列关于多媒体技术的说法，正确的是()A.多媒体技术中的媒体是指承载信息的载体，如文字、声音、图形和图像等B.多媒体数据压缩标准中，MPEG是静态图像压缩标

6、准，JPEG是动态图像压缩标准C.某软件能根据文本内容自动朗读，该功能主要应用了多媒体技术中的语音识别技术D.智能手机的指纹识别功能，主要应用了多媒体技术中的OCR技术答案A一、ASCII码和汉字编码计算机内的英文字符以二进制编码的形式来表示，其中使用最广的是ASCII码，即美国信息交换标准代码。一个ASCII码存储在计算机内部占8位(一个字节)，最高位标记为“0”，ASCII码用一个字节中的后7个位来表示，二进制编码从00000000到01111111(对应十进制0到127)，可以表示128种编码。我国最早采用的汉字编码是GB2312，每个汉字用两个字节进行编码，每个字节的最高位用“1”填充

7、。用UltraEdit或WinHex工具软件观察内码时，ASCII码(英文字符)只占1个字节，汉字编码占2个字节。【例1】 使用UltraEdit软件查看字符内码，部分界面如下图所示：图中内码所对应的字符是()A.赤裸的bare B.best最好的C.Bike自行车 D.2018世界杯解析从内码的第1位数字来看，前面4个为ASCII码字符，后面为3个汉字。前面3个ASCII字符是相连的，但次序为中间的最小。答案D【例2】 使用UltraEdit软件观察字符“挑战AlphaGo！”的内码，部分界面如图所示：下列说法正确的是()A.字符“！”的内码占两个字节B.字符“战”的十六进制码是“BD 41

8、”C.字符“h”的二进制码是“01101000”D.字符“go”的十六进制码是“47 6F”解析图中所示共12个字节，挑战占4个字节，剩下8个英文字符，因此字符“！”的内码占1个字节，字符“Go”的十六进制码是“47 6F”， 字符“h”的内码为68H01101000B。答案C二、图像、音频、视频存储量的计算1.位图图像存储空间的计算未经压缩的位图存储量水平像素*垂直像素*每个像素色彩所需位数/8(单位：字节B)2.视频存储量的计算未经压缩的视频存储量帧图像存储量帧频播放时间(单位：字节B)3.声音存储量的计算未经压缩的Wave文件存储量采样频率量化位数声道数时间/8(单位：字节B)【例3】

9、(20164浙江选考)一个未经压缩的BMP格式图像文件，其相关信息如图所示。由此可知，表示该图像的每个像素需要的二进制位数是()A.4 B.8 C.24 D.32解析本题考查图像存储量的计算。假设每个像素的二进制位数是x，则该图像大小(单位：位)为：(640*512*x) 1.25*1024*1024*8，x32。答案D【例4】 (20169台州评估)一段时长为1分钟，帧频为15帧/秒的视频，用视频处理软件导出文件时的参数如下图所示。则导出的视频文件存储容量约为()A.77 MB B.206 MB C.616 MB D.1 648 MB解析本题考查视频存储量的计算，从图中看出，导出的视频文件为

10、600*400，色彩位数8位，题目中给出帧频为15，时长为1分钟。未经压缩的视频存储量帧图像存储量帧频播放时间(单位：字节B)600*400*8*15*60/8/1 024/1 024206(MB)。答案B【例5】 小张录制了一段时长5秒的自我介绍，文件格式如下图所示：则存储该音频文件需要的磁盘空间约为()A.430.7 KB B.0.43 KB C.215.3 KB D.3445.3 KB解析本题考查音频存储量的计算，22 050*16*52/8/1024430.7(KB)。答案A考点1多媒体技术的概念、特征及应用【训练1】 以下关于多媒体及多媒体技术描述中错误的是()A.多媒体就是集声音、

11、图像和动画等多种媒体 B.作品中的按钮，最能体现多媒体技术的交互性C.在计算机中，可以用十进制数据存储多媒体信息D.当用户按下键盘上某个键时，舞台人物立即执行相应动作，体现了多媒体技术的实时性 答案C【训练2】 (20169台州评估)智能手环是一种穿戴式智能设备，通过它可以即时记录用户日常生活中的锻炼、睡眠等数据。这主要体现多媒体技术特征的()A.传递性 B.集成性 C.交互性 D.实时性解析注意题目中的关键词“即时记录”，说明实时性。答案D考点2多媒体计算机系统的组成【训练3】 小李拍摄、制作一段主题为“环境保护”的视频，需要的视频采集工具和加工软件分別是()A.录音机、ACDSee B.扫

12、描仪、PowerPointC.数码摄像机、会声会影 D.绘图仪、Photoshop解析数码摄像机是常用视频采集工具，会声会影是常用视频编辑软件。答案C【训练4】 小李在进行创作需求分析的过程中，列出了一些软件和硬件，在下列选项中全是软件的是()A.CDROM，麦克风，音箱 B.Premiere，Authorware，DirectorC.Photoshop，Flash，扫描仪 D.音频卡，视频卡，3DSMAX解析Premiere是一款视频编辑软件，Authorware、Director都是多媒体集成开发软件。答案B考点3多媒体作品的规划和设计、脚本编写【训练5】 (20159浙江选考模拟)小李设

13、计多媒体作品时，确定作品的发布方式，这个过程属于()A.需求分析 B.脚本编写 C.结构设计 D.模块设计答案A【训练6】 (20171杭州期末)脚本编写的过程一般分为以下四个步骤：制订脚本大纲编写制作脚本编写文字脚本媒体元素分解正确的排列顺序是()A. B. C. D.答案B考点4多媒体数据文件及数据压缩技术【训练7】 小明和小张在讨论WAVE格式音频可以被压缩成MP3格式音频的原因，各自说出了很多理由：数据本身存在可被压缩的冗余因素数据压缩的容量是无限制的数据压缩是为了让数据文件更大数据压缩允许有少量的失真数据压缩是为了让音频文件音质更好上述理由正确的是()A. B. C. D.答案B【训

14、练8】 关于多媒体数据压缩，下列说法正确的是 ()A.压缩后的图像质量会提高B.视频压缩都采用无损压缩 C.压缩比是衡量压缩技术好坏的一个标准D.声音压缩不允许有失真 答案C考点5二进制、十六进制与十进制的相互转换(正整数位)【训练9】 将二进制数11B、十进制数15D和十六进制数10H按从大到小排序，下列结果正确的是()A.10H，15D，11B B.10H，11B，15DC.15D，10H，11B D.15D，11B，10H解析转化为统一数制进行比较，比如转为十进制后为3，15，16。答案A【训练10】 MAC地址长度为6个字节，每个字节用十六进制数表示，用“”分割，每个字节的范围在125

15、4之间，以下MAC地址表示正确的是()A.00264728307A B.2469A5867DC.8C705AF60B5835 D.66098002H273解析本题考查十进制及二进制与十六进制之间的转换。题中描述“长度为6个字节”，“用12位十六进制数字表示”，C、D选项是14位十六进制数字，B选项10位十六进制数字，所以明显排除B、C、D。进一步分析，12位十六进制数字对应6个字节，即每2位十六进制数字对应1个字节，这两位十六进制数字最大应为“FF”(对应二进制数“11111111”，十进制数255)，最小应为“00”(对应二进制数“00000000”)。答案A考点6ASCII码和汉字编码【训

16、练11】 使用UltraEdit软件观察字符“AI，人工智能！”的内码，部分界面如图所示：下列说法正确的是()A.字符“！”的内码是“A1” B.字符“人”的内码是“AC C8” C.字符“AI，人工智能！”共占 13 个字节D.把内码“41 49”改成“48 69”，则文字将变成“Hi，人工智能！”解析最后两个字节数字的最高位均为1，可见是中文的“！”，大写“I”的内码为49。答案C【训练12】 小明设计了一个字母加密算法，将字母对应ASCII码转成二进制数后，再加上二进制数100，产生新的字母。使用小明这个加密算法，加密后字符串为“Fish”，则该字符串加密前为()A.beod B.Beo

17、d C.jmwl D.Jmwl解析考查字符的编码，将字母对应ASCII码为加二进制数100，根据ASCII中字母编码的连续性，产生的是该字母后的第4个字母。答案B考点7图像、音频与视频数字化的概念【训练13】 下列关于多媒体数字化的描述，正确的是()A.数码相机记录的可能是模拟信号B.通过音箱播放计算机中的声音信息是一个模数转换的过程C.通过话筒录将声音信号录入到计算机，是数模转换的过程D.将多媒体信号转换成1和0的信息就是多媒体的数字化的过程答案D【训练14】 可见光可用红色、绿色和蓝色三色光的不同比例和强度的混合来表示。红色用RGB(255，0，0)表示，绿色用RGB(0，255，0)表示

18、，蓝色用RGB(0，0，255)表示，红色和绿色叠加产生黄色RGB(255，255，0)，绿色和蓝色叠加产生青色，如下图所示，则青色表示为()A.RGB(255，0，255) B.RGB(255，255，255)C.RGB(0，0，0) D.RGB(0，255，255)答案D考点8图像、音频、视频存储量的计算【训练15】 某数码相机的部分性能参数如下表所示：相机类型单反数码相机照片分辨率大：51843456中：34562304小：25921728RAW：51843456(约1800万像素)照片格式JPEG，RAW存储介质SD卡，SDHC卡，SDXC卡RAW是一种没有经过压缩等处理的图像文件格式

19、，其RGB中的每个颜色分量存储需用2个字节，则一幅采用RAW格式拍摄的照片需要的存储空间大约是()A.9 MB B.34 MB C.103 MB D.820 MB解析位图图像存储空间的计算公式是：水平像素*垂直像素*每个像素色彩位数/8(字节)。本题“RGB中的每个颜色分量存储需用2个字节”，说明每个像素色彩位数为3*2*848位，则：5184*3456*48/8/1024/1024(MB)约为103(MB)。答案C【训练16】 (20171金华期末)将一时长为10分钟、未经压缩、采样频率为44.1 kHz、量化位数16位，双声道WAV音频文件另存为MP3格式，压缩比为101，该MP3音频的存

20、储容量约为()A.100 MB B.10 MB C.80 MB D.50 MB解析未经压缩的Wave文件所占磁盘的存储量计算公式为：存储量采样频率量化位数声道数时间/8(单位：字节B)。则WAV音频文件容量为44100*16*2*10*60/8/1024/1024100(MB)，压缩比为101，MP3格式文件约为10MB。答案B【训练17】 一段分辨率为320*240像素、24位色、帧频为25 s 的视频， 其未经压缩的存储容量为55 MB，则该视频时长约为 ()A.1秒 B.4秒 C.10秒 D.250秒 解析未经压缩的视频文件存储量的计算方法为：存储量帧图像存储量帧频播放时间(单位：字节)

21、假设该视频时长为x秒，则：320*240*24*25*x/8/1024/102455(MB)，解得x约为10秒。答案C1.(20171温州期末)一个成功的多媒体作品，创作前都会进行应用和创作需求分析，在进行应用需求分析时，一般不需要考虑的是()A.作品创作的主题是否鲜明 B.作品的经济效益C.作品要面向哪些用户 D.当前社会对此类作品的需求程度答案A2.王老师创作的优美的生物课件，该课件中既包含相关的文字说明，又包含了实验过程的视频，这主要体现了多媒体技术特征中的()A.实时性 B.交互性 C.集成性 D.应用性答案C3.设计多媒体作品时，“了解作品主要面向哪些用户”属于()A.需求分析阶段

22、B.规划设计阶段C.脚本编写阶段 D.运行测试阶段答案A4.某公司开发一款游戏，该游戏不仅画面优美，还有声音、动画等配合，并且可以和网友利用键盘鼠标在网络上的进行对战。下列说法不正确的是()A.画面和声音的配合，体现多媒体技术的集成性B.和网友通过键盘鼠标的对战，说明多媒体技术的交互性C.网络技术和多媒体的结合，改变了信息的传播方式D.多媒体技术类似于信息技术，给人们生活带为更多收获答案D5.使用UltraEdit 软件观察字符“Good Luck！”的内码，部分界面如图所示：则下列说法错误的是()A.字符“！”是在英文状态上输入的B.字符“Good Luck！”共占用11个字节C.字符“g”

23、内码用二进制表示是01100111D.字符“o”内码转十进制过程应为61621516 答案A6.(20171湖州期末)某加密算法如下：(1)以字节为单位进行加密处理；(2)将1个字节二进制数的第4位和第5位互换；(3)将处理后的二进制数转换成十六进制。根据以上加密算法，结合观察字符“how are you！”的内码字符“j”加密后的密文应是()A.6A B.68 C.70 D.72答案D7.(20171慈溪期末)小明观察字符“Baby”的内码如图所示，则随机产生一个大写英文字母的VB表达式是()A.Chr(Int(Rnd()*2541) B. Chr(Int(Rnd()*2641)C.Chr(

24、Int(Rnd()*2565) D. Chr(Int(Rnd()*2665)解析考查字符的编码及VB常用函数。从图中可知，B内码为“42”，则A为“41”，AZ内码范围应为41，66选项B正确。答案B8.(20171台州期末)用UltraEdit软件观察“2016IC互联网大会”这几个字的内码，如下图所示：下列说法不正确的是()A.字符“网”的内码是110011*0B.字符“互联网大会”占10个字节的存储空间C.将内码“49”修改为“50”，字符“I”将改为“J”D.将字符“6”修改为“5”，内码“36”将改为“35”答案C9.下面说法错误的是()A. 二进制数11与十进制数2相加的结果是(1

25、010)2B.计算机内部用二进制代码来传送、存储、加工数据或指令C.某数据文件压缩后是512 KB ，已知其压缩比201，原文件数据是10 MBD.多媒体电脑能够处理文字、声音等信息，是因为这些信息都已被数字化解析十进制2转为二进制为(10)2(11)2(10)2(101)2。答案A10.有一个二进制数为(10010)2，其中两位的数模糊不清，下列可能与其值相等的是()A.46H B.77D C.4AH D.75D答案A11.算式(10011)2(11)16的运算结果是()A.(10000)2 B.(10)16 C.(10)10 D.(10)2解析(11)16(00010001)2(10001

26、)2，(10011)2(10001)2(10)2。答案D12.某图像如下图所示：下列关于冗余的说法错误的是()A.图像中存在结构冗余B.去除图像冗余部分进行数据压缩是一种无损压缩C.超出人类眼睛对图像的分辨能力，这种冗余属于视觉冗余D.墙面上各个像素点是相同的，大量的重复像素形成了空间冗余解析图像的上部存在相同的结构，中间存在大量的空间冗余，多媒体的压缩往往是有损压缩。答案B13.(20171温州期末)图像序列中的两幅相邻的图像，后一幅图像与前一幅图像之间有较大的相关性，这在数字化图像中表现为()A.空间冗余 B.结构冗余 C.视觉冗余 D.时间冗余解析空间冗余：在同一幅图像中，规则物体和规则

27、背景的表面物理特征具有相关性，这些相关性的光成像结构在数字化图像中表现为空间冗余。结构冗余：有些图像从大域上看存在着非常强的纹理结构，在结构上存在冗余。时间冗余：图像序列中的两幅相邻的图像，后一幅图像与前一幅图像之间有较大的相关性，这表现为时间冗余。视觉冗余：人类视学系统一般的分辩能力约为26灰度等级，而一般图像量化采用28灰度等级，这类冗余称为视觉冗余。答案D14.(20171湖州期末)关于多媒体数据压缩，下列说法正确的是()A.视频文件压缩遵循JPEG压缩标准B.MP3是一种音频数据的无损压缩格式C.压缩比大是衡量压缩技术好坏的唯一标准D.数据压缩和解压缩一般由编码和解码的过程来实现解析本

28、题考查多媒体数据压缩知识。JPEG是一种图像压缩标准，MP3是一种音频数据的有损压缩格式。衡量压缩技术好坏除压缩比外，还有压缩、解压缩速度，压缩质量等。答案D15.(20171慈溪期末)在“画图”程序中编辑一张图片，发现图像偏小，对图像大小进行调整，操作界面如图1所示，将“水平(H)”改为400，并按图2所示参数保存，保存后的文件tupian.bmp容量大约为()A.156.3 KB B.312.5 KB C.9.8 MB D.4.9 MB解析本题考查图像存储量的计算，注意保持纵横比为选中状态，水平改为400，则垂直变为800，保存类型为256色位图，则容量为：400*800*8/8/1024

29、/10249.8 MB。答案B16.(20171杭州期末)有两个BMP图片文件“js.bmp”和“hb.bmp”，分别将他们另存为JPEG格式，文件信息如图所示。根据多媒体数据压缩原理可以推知，下列说法正确的是()A.js.bmp和hb.bmp文件大小均为1.37 MB，所以js.jpg和hb.jpg的文件大小相同B.js.bmp比hb.bmp有更大的空间冗余，所以js.jpg比hb.jpg的文件小C.hb.bmp比js.bmp有更大的结构冗余，所以hb.jpg比js.jpg的文件小D.图片不一样，无法进行比较答案C17.如图为photoshop新建文件界面，若作品完成后，不改变参数保存成BMP图像，其存储容量约为()A.11 MB B.0.46 MB C.3.66 MB D.1.37 MB答案D18.(20169嘉兴测试)使用GoldWave软件新建两段Wave格式的音频，参数设置分别如图A、图B所示，其中A的量化位数为24bit，左声道设置为静音，B的量化位数为16bit，则这2个音频文件容量