届百校联盟高考物理冲刺金卷三解析版.docx
《届百校联盟高考物理冲刺金卷三解析版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《届百校联盟高考物理冲刺金卷三解析版.docx（31页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
届百校联盟高考物理冲刺金卷三解析版
2016届百校联盟高考物理冲刺金卷（三）
一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分.第1~5小题只有一项符合题目要求。
第6~8小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）
1．如图所示，一条形磁铁用细线悬挂在天花板上，金属环水平固定放置在其正下端，现将细线剪断，在条形磁铁穿过圆环的过程中，条形磁铁与圆环（ ）
A．始终相互吸引B．始终相互排斥
C．先相互吸引，后相互排斥D．先相互排斥，后相互吸引
2．在真空中某区域有一电场，电场中有一点O，经过O点的一条直线上有P、M、N三点，到O点距离分别为r0、r1、r2，直线上各点的电势φ分布如图所示，r表示该直线上某点到O点的距离，下列说法中正确的是（ ）
A．O、P两点间各点电势相同，沿OP方向场强一定为零
B．M点的电势低于N点的电势
C．M点的电场强度小于N点的电场强度
D．正电荷沿直线从M点移动N点的过程中，电场力做负功
3．下列图象中同一坐标系的两条图线分别表示某质点运动的速度v和加速度a随时间t变化的关系，选择同一正方向，则其中可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
4．进行科学研究有时需要大胆的想象，假设宇宙中存在一离其它恒星较远的，由质量相等的四颗星组成的四星系统（忽略其它星体对它们的引力作用），这四颗星恰好位于正方形的四个顶点上，并沿外接于正方形的圆形轨道做匀速圆周运动，若该系统中的星体的周期为原来的2倍，则正方形的边长和原来的边长的比值为（ ）
A．
B．
C．2D．
5．两平行的金属板水平放置，极板上所带电荷情况如图所示，且极板间有垂直向里的匀强磁场，现将两个质量相等的带电小球A，B分别从P点沿水平方向射入极板间，所带电荷量分别为qA、qB，初速度分别为vA、vB，两个小球均能沿直线穿过平行板，现撤去磁场，仍将这两个带电小球分别保持原来的速度从P点沿水平方向射入极板间，结果两个小球分别落在M、N两点，则下关于此过程的说法正确的是（ ）
A．两小球一定带负电
B．若qA＞qB，则两小球射入时的初速度一定有vA＞vB
C．若qA＞qB，则两小球射入时的初动能一定有EBA＜EAB
D．两个小于球在极板间运动的加速度可能相等
6．如图所示，AB为圆盘的直径，O为圆盘的圆心，在圆盘边缘A点固定一直立的细杆，一质量为m的物块放在OB的中点，用细线将物块和杆相连，且线刚好拉直但无拉力，转动圆盘的竖直中心轴，使圆盘在水平面内做匀速圆速运动，运动过程中物块与圆盘始终保持相对静止，已知物块与圆盘间的动摩擦因数为μ，圆盘的半径为R，细线能承受的最大拉力F=2μmg，物块与圆盘间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力，重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）
A．当圆盘转动的角速度为
时，绳的拉力为0
B．当圆盘转动的角速度为
时，滑块的摩擦力刚好达到最大
C．当圆盘转动的角速度为
时，物块受到的摩擦力为μmg
D．当绳刚好要断时，圆盘转动的角速度为
7．如图所示，理想变压器的副线圈接有一规格为“44V、44W”的灯泡和线圈电阻r=1Ω的电动机，原线圈接上u=220
sinlOOπt（V）的正弦交流电后灯泡和电动机都正常工作，且原线圈中理想交流电流表的示数为1A，则下列说法正确的是（ ）
A．理想变压器原、副线圈匝数之比为4：
1
B．电动机的输出功率为176W
C．电动机的热功率为16W
D．若电动机被卡住，灯泡仍正常工作，则电流表的示数变为9A，此时应及时切断电源排除故障
8．2016年1月28日消息，重庆将建空中卫生应急救援队，救援直升机转运停机坪覆盖区县．假设应急救援中直升机下面吊着一个箱子，箱里装有一物体，箱里物体刚好与箱顶接触，在直升机快速竖直上升的过程中，悬挂箱子的绳子突然断了，此后箱子运动过程中保持开始时的姿势，箱子所受的空气阻力与箱子运动速率的平方成正比，则在绳断后箱子运动过程中（箱子在空中运动的时间足够长），下列说法正确的是（ ）
A．箱子的加速度一直减小直到最后为零
B．箱子的重力势能一直减小
C．绳断的一瞬间，箱内物体对箱底的压力为零
D．箱内物体的机械能一直减小
二、必考题（共4小题，满分47分）
9．某同学用频闪照相法来研究小球的落体运动，用频次照相机在一底片上多次曝光，得到了图甲所示小球运动过程中每次曝光的位置，频闪照相机的频闪周期为T，其中小球位于位置2、3、4、5时球心与小球位于位置1时球心的距离分别为x1，x2、x3、x4…．
（1）用游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）测量小球的直径，示数如图乙所示，其读数为 cm．
（2）小球位于位置2时的速度大小为 ，小球下落时的加速度大小为 ．
（3）如果计算出小示的加速度小于当地的重力加速度，可能的原因是 ．
10．（9分）某实验探究小组为了较精确地测量一待测电阻Rx的阻值，利用多用电表粗测出它的阻值，然后再改用伏安法测量，以下是备用器材：
A．多用电表
B．电压表V1，量程6V，内阻约8kΩ
C．电压表V2，量程15V，内阻约10kΩ
D．电流表A1，量程10mA，内阻约20Ω
E．电流表A2，量程0.6A，内阻约0.5Ω
F．电源电动势E=6V
G．滑动变阻器R1，最大阻值10Ω，额定电流为2A
H．滑动变阻器R2，最大阻值50Ω，额定电流为0.1A
I．导线、电键若干
（1）如图为多用电表盘，若用×100Ω挡测量电阻，则读数为 Ω．
（2）在伏安法测量电阻实验中应选择的元器件 （填器材前面的字母代号）．
（3）在虚线框内画出伏安法测量该电阻时的实验电路图．
（4）探究小组的同学合理地连接好电路，交按正确的顺序操作，闭合开关后发现移动滑动变阻器滑片时，电压表示数有变化，电流表示数为零，故障可能是 ．为了检测故障具体原因，可以先使用多用电表的 挡检测，再在断电后用多用电表的 挡检测．
11．（12分）如图所示，挡板P固定在足够高的倾角为θ=37°的斜面上，小物块A、B的质量均为m，两物块由劲度系数为k的轻弹簧相连，两物块与斜面的动摩擦因数均为μ=0.5，一不可伸长的轻绳跨过滑轮，一端与物块B连接，另一端连接一轻质小钩，初始小物块A、B静止，且物块B恰不下滑，若在小钩上挂一质量为M的物块C并由静止释放，当物块C运动到最低点时，小物块A恰好离开挡板P，重力加速度为g，sin37°≈0.6，cos37°≈0.8．
（1）求物块C下落的最大高度；
（2）求物块C由静止开始运动到最低点的过程中，弹簧弹性势能的变化量；
（3）若把物块C换成质量为（M+m）的物块D，小物块A恰离开挡板P时小物块B的速度为多大？
12．（20分）如图所示，以MN为界的两匀强磁场，方向均垂直纸面向里，MN边界上方的磁感应强度B1大于下方的磁感应强度B2，且B2=B0，一质量为m，带正电荷且电量为q的粒子从O点沿图示方向垂直MN进入磁场B1中，不计粒子重力．
（1）若B1=2B0，求带电粒子从O点出发至再次回到O点所需的时间，并画出粒子运动轨迹．
（2）求带电粒子从O点出发后能再次回到O点的所有B1的可能值及其运动过程所用的时间．
三、选考题：
[选修3－3]（共2小题，满分15分）
13．（5分）关于分子动理论与液体的性质，下列说法正确的是（ ）
A．液体分子间既有引力也有斥力
B．夏天的清晨，草叶上的露珠呈球形是一种浸润现象
C．扩散现象与布朗运动都与分子的热运动有关
D．分子动理论中所提到的分子，不包含原子和离子
E．利用物质的摩尔质量与阿伏加德罗常数可以计算每个分子的质量
14．（10分）如图所示，导热性能良好的气缸开口向下，内有体积为V0的理想气体，外界大气压强为p0，环境温度为T0．轻活塞的面积为S，轻活塞与气缸之间的摩擦不计，在活塞下面挂一个质量为m的小桶，活塞下移，并处于某一位置静止不动，重力加速度为g，求：
（1）挂上小桶后，气缸内的体积V；
（2）拿掉小桶，保持气缸的体积V不变，环境温度需要升高到多少；并判断气缸吸热还是放热．
[选修3－4]（共2小题，满分0分）
15．图甲为一列横波在t=0时刻的波动图象，图乙为介质中M点的振动图象，下列说法正确的是（ ）
A．这列波沿x轴正方向传播
B．这列波的频率为2Hz
C．这列波的波速大小为4m/s
D．经过2s，M点通过的路程是0.4cm
E．在t=1.5s时刻，N点向下运动
16．某探究小组的同学利用直角三棱镜做光学实验，直角三棱镜的截面积如图所示，棱镜的折射率为
，项角α=30°，BC边长度为α，P为垂直于直线BCO的光屏，现有一宽度等于AB的平行单色光束垂直射向AB面．（已知sin75°=
+
，cos75°=
﹣
）求：
（1）光线从AC面射出时的折射角；
（2）在光屏P上被折射光线照亮的光带宽度．
[选修3－5]（共2小题，满分0分）
17．如图是研究光电效应的电路图，现有频率为v的某种光通过学电管的窗口照射阴极K，阴极有光电子射出，使滑动变阻器的触头P向右滑动，电流表示数逐渐增大，一直达到饱和电流；如果针触头滑动到最左端，电流表将 （填“有示数”或“无示数”）．如果将电源反接，再将滑动变阻器的触头从左端逐渐向右滑动，当电流表示数为零时，电压表示数为U0，如果阴极K金属的逸出功为W，已知电子电荷量为e，普朗克常量为h，则各量间的关系是 ．
18．如图所示，质量为2m，长为L的木块置于光滑水平台面上，质量为m的子弹以初速度v0水平向右射向木块，穿过木块的过程中受到木块的恒定阻力为f=
的作用，试问子弹能否穿过木块？
若能穿过求出子弹穿过木块后的速度；若不能穿过，求出子弹打入木块后的速度．
2016届百校联盟高考物理冲刺金卷（三）
参考答案与试题解析
一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分.第1~5小题只有一项符合题目要求。
第6~8小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）
1．如图所示，一条形磁铁用细线悬挂在天花板上，金属环水平固定放置在其正下端，现将细线剪断，在条形磁铁穿过圆环的过程中，条形磁铁与圆环（ ）
A．始终相互吸引B．始终相互排斥
C．先相互吸引，后相互排斥D．先相互排斥，后相互吸引
【考点】楞次定律
【分析】分析圆环在下降过程中穿过圆环的磁通量的变化，再由楞次定律可知圆环与磁铁间的相互作用．
【解答】解：
磁铁靠近圆环的过程中，穿过圆环的磁通量增加，根据楞次定律可知，感应定流的磁场阻碍穿过圆环的原磁通量的增加，与原磁场方向相反，如图甲所示，二者之间是斥力；
当磁铁穿过圆环下降离开圆环时，穿过圆球的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流的磁场阻碍穿过圆环的磁通量减少，二者方向相同，如图乙所示，磁铁与圆环之间是引力，故D正确；
故选：
D．
【点评】本题也可以直接根据楞次定律中“阻碍”的推广结论：
“来拒去留”进行分析；磁铁在圆环上方下落过程是靠近圆环，此时为拒，为斥力；而当磁铁穿过圆环后继续下落过程是远离圆环，此时为留，为引力．
2．在真空中某区域有一电场，电场中有一点O，经过O点的一条直线上有P、M、N三点，到O点距离分别为r0、r1、r2，直线上各点的电势φ分布如图所示，r表示该直线上某点到O点的距离，下列说法中正确的是（ ）
A．O、P两点间各点电势相同，沿OP方向场强一定为零
B．M点的电势低于N点的电势
C．M点的电场强度小于N点的电场强度
D．正电荷沿直线从M点移动N点的过程中，电场力做负功
【考点】电势差与电场强度的关系；电势
【分析】根据直线上各点的电势φ分布图直接判断M点和N点电势高低．图象斜率大小等于场强．沿电场线方向电势逐渐降低．根据电场力方向和运动方向关系判断电场力做功情况．
【解答】解：
A、O、P两点间各点电势相同沿OP方向场强一定为零，故A正确；
B、由图象可知，M点的电势高于N点的电势，故B错误；
C、电势变化越快的地方场强越大，根据图线斜率可以得出，M点的电场强度大于N点的电场强度，故C错误；
D、正电荷沿直线从M点移到N点的过程中电势降低，电势能减小，电场力做正功，故D错误；
故选：
A
【点评】解决该题要掌握根据电势高低判断电场方向，根据电场力和速度方向判断做功情况．本题也根据场强公式E=
分析得出图象斜率大小等于场强，判断场强的关系．
3．下列图象中同一坐标系的两条图线分别表示某质点运动的速度v和加速度a随时间t变化的关系，选择同一正方向，则其中可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系
【分析】因为两个图象表示一种运动且正方向相同；所以可以根据速度图象的斜率分析物体的加速度变化情况，即可判断．
【解答】解：
根据速度时间图象的斜率表示加速度，可知：
A、A图中，由速度时间图象知，质点的加速度不变，且为正，与加速度图象不符，故A错误．
B、B图中，由速度时间图象知，质点的加速度为正，且逐渐减小直至零，与加速度图象相符，故B正确．
C、C图中，由速度时间图象知，质点的加速度先减小后反向增大，与加速度图象不符，故C错误．
D、D图中，由速度时间图象知，质点的加速度不变，且为负，与加速度图象不符，故D错误．
故选：
B．
【点评】本题的关键要明确速度时间图象的斜率表示加速度，要求同学们会分析图象的含义，能根据图象得出有效信息；也可以根据加速度的图象分析速度的变化情况，从而得出结论．
4．进行科学研究有时需要大胆的想象，假设宇宙中存在一离其它恒星较远的，由质量相等的四颗星组成的四星系统（忽略其它星体对它们的引力作用），这四颗星恰好位于正方形的四个顶点上，并沿外接于正方形的圆形轨道做匀速圆周运动，若该系统中的星体的周期为原来的2倍，则正方形的边长和原来的边长的比值为（ ）
A．
B．
C．2D．
【考点】万有引力定律及其应用
【分析】在四颗星组成的四星系统中，其中任意一颗星受到其它三颗星对它的合力提供圆周运动的向心力，根据合力提供向心力，求出正方形的边长和原来的边长的比值
【解答】解：
设原来正方形的边长为
，角速度为
，后来正方形的边长变为
，角速度为
，则有
①
②
周期变为原来2倍，角速度为原来
，即
③
联立解得：
，选项D正确，ABC错误
故选：
D
【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力，以及知道在四颗星组成的四星系统中，其中任意一颗星受到其它三颗星对它的合力提供圆周运动的向心力．
5．两平行的金属板水平放置，极板上所带电荷情况如图所示，且极板间有垂直向里的匀强磁场，现将两个质量相等的带电小球A，B分别从P点沿水平方向射入极板间，所带电荷量分别为qA、qB，初速度分别为vA、vB，两个小球均能沿直线穿过平行板，现撤去磁场，仍将这两个带电小球分别保持原来的速度从P点沿水平方向射入极板间，结果两个小球分别落在M、N两点，则下关于此过程的说法正确的是（ ）
A．两小球一定带负电
B．若qA＞qB，则两小球射入时的初速度一定有vA＞vB
C．若qA＞qB，则两小球射入时的初动能一定有EBA＜EAB
D．两个小于球在极板间运动的加速度可能相等
【考点】磁感应强度
【分析】A、根据有磁场匀速直线运动，结合左手定则，即可判定电性；
B、根据平衡条件，列出平衡方程，从而即可判定；
C、依据动能表达式，即可确定；
D、依据牛顿第二定律，结合撤去磁场，只受到电场力与重力，从而即可判定．
【解答】解：
A、根据题意可知，没有磁场时，小球所受合力向下，有磁场时，小球做匀速直线运动，故可知，洛伦兹力一定向上，由左手定则可知，小球一定带正电，故A错误；
B、同时可知，小球的重力不能忽略，当小球做匀速直线运动时，则有：
qAvAB+qAE=mg，
qBvBB+qBE=mg，联立可得，qAvAB+qAE=qBvBB+qBE，即有qA（vAB+E）=qB（vBB+E），
由此可知，当qA＞qB，则一定有vA＜vB，故B错误；
C、由Ek=
，可知，故C正确；
D、没有磁场时，由受力分析，可知，mg﹣qE=ma，当qA＞qB，则aA＜aB，
当qA=qB，则aA=aB，vA＜vB，而由题意可知，xA＞xB，则有vA＞vB，故与题设相矛盾，
由此可知，两个小球在极板间运动的加速度不可能相等，故D错误；
故选：
C．
【点评】考查左手定则的内容，掌握牛顿第二定律与平衡条件的应用，注意D选项中确定影响加速度的因素是解题的关键．
6．如图所示，AB为圆盘的直径，O为圆盘的圆心，在圆盘边缘A点固定一直立的细杆，一质量为m的物块放在OB的中点，用细线将物块和杆相连，且线刚好拉直但无拉力，转动圆盘的竖直中心轴，使圆盘在水平面内做匀速圆速运动，运动过程中物块与圆盘始终保持相对静止，已知物块与圆盘间的动摩擦因数为μ，圆盘的半径为R，细线能承受的最大拉力F=2μmg，物块与圆盘间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力，重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）
A．当圆盘转动的角速度为
时，绳的拉力为0
B．当圆盘转动的角速度为
时，滑块的摩擦力刚好达到最大
C．当圆盘转动的角速度为
时，物块受到的摩擦力为μmg
D．当绳刚好要断时，圆盘转动的角速度为
【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速
【分析】根据牛顿第二定律求出物块摩擦力达到最大时，圆盘的角速度，从而判断圆盘在不同角速度下，绳子有无拉力，摩擦力是否达到最大值．当绳子刚好要断时，拉力达到最大，根据牛顿第二定律求出圆盘转动的角速度．
【解答】解：
A、当绳子的拉力恰好为零时，有：
，解得
，可知当圆盘的角速度为
时，绳的拉力为0，故A正确，B错误．
C、当圆盘转动的角速度为
，可知物块的摩擦力达到最大静摩擦力，为μmg，故C正确．
D、当绳刚好要断时，有：
，解得ω′=
，故D错误．
故选：
AC．
【点评】解决本题的关键知道当角速度达到最大时，绳子的拉力最大，物块靠拉力和所受的最大静摩擦力提供向心力．
7．如图所示，理想变压器的副线圈接有一规格为“44V、44W”的灯泡和线圈电阻r=1Ω的电动机，原线圈接上u=220
sinlOOπt（V）的正弦交流电后灯泡和电动机都正常工作，且原线圈中理想交流电流表的示数为1A，则下列说法正确的是（ ）
A．理想变压器原、副线圈匝数之比为4：
1
B．电动机的输出功率为176W
C．电动机的热功率为16W
D．若电动机被卡住，灯泡仍正常工作，则电流表的示数变为9A，此时应及时切断电源排除故障
【考点】变压器的构造和原理
【分析】根据电压与匝数成正比求出匝数比；电流与匝数比求副线圈电流，根据欧姆定律求出灯泡的电流，从而求出电动机电流，电动机为非纯电阻器件，电动机消耗的功率为内阻消耗+输出的机械功率，
【解答】解：
A、原线圈两端的电压
，根据题意灯泡和电动机都正常工作，所以灯泡两端的电压为44V，灯泡中的电流
，根据电压与匝数成正比，得
，故A错误；
B、根据电流与匝数成反比得副线圈中的电流，
，流过电动机的电流
，电动机输出功率为
，故B错误；
C、电动机的热功率
，故C正确；
D、电动机被卡住，灯泡仍正常工作，
，流过副线圈的电流
，根据
，
，得
，故D正确；
故选：
CD
【点评】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，知道变压器的原理，难度不大，属于基础题．
8．（2016•四川一模）2016年1月28日消息，重庆将建空中卫生应急救援队，救援直升机转运停机坪覆盖区县．假设应急救援中直升机下面吊着一个箱子，箱里装有一物体，箱里物体刚好与箱顶接触，在直升机快速竖直上升的过程中，悬挂箱子的绳子突然断了，此后箱子运动过程中保持开始时的姿势，箱子所受的空气阻力与箱子运动速率的平方成正比，则在绳断后箱子运动过程中（箱子在空中运动的时间足够长），下列说法正确的是（ ）
A．箱子的加速度一直减小直到最后为零
B．箱子的重力势能一直减小
C．绳断的一瞬间，箱内物体对箱底的压力为零
D．箱内物体的机械能一直减小
【考点】功能关系
【分析】箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，刚开始时，速度增大，阻力越来越大，当阻力等于重力时，箱子做匀速运动，根据牛顿第二定律即可分析．
【解答】解：
A、箱子下落过程中速度增大，阻力越来越大，a=
，所以加速度随速度的增大而减小，当阻力等于重力时，箱子做匀速运动，故A正确；
B、箱子下落过程中，重力一直做正功，所以重力势能不断减小．故B正确；
C、绳断的一瞬间，箱子与箱子内的物体都处于完全失重状态，箱内物体对箱底的压力为零，故C正确；
D、在箱子开始下落的一小段时间内，箱内物体随箱子做加速度减小的加速运动，对物体有：
mg﹣N=ma，N=mg﹣ma，加速度减小，N增大，N与物体运动的方向相反，始终对物体做负功，所以箱内物体的机械能一直减小．故D正确．
故选：
ABCD
【点评】本题主要是考查根据物体的运动情况来分析物体受力的大小，物体运动状态的判断是解题的关键．
二、必考题（共4小题，满分47分）
9．某同学用频闪照相法来研究小球的落体运动，用频次照相机在一底片上多次曝光，得到了图甲所示小球运动过程中每次曝光的位置，频闪照相机的频闪周期为T，其中小球位于位置2、3、4、5时球心与小球位于位置1时球心的距离分别为x1，x2、x3、x4…．
（1）用游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）测量小球的直径，示数如图乙所示，其读数为 0.960 cm．
（2）小球位于位置2时的速度大小为
，小球下落时的加速度大小为
．
（3）如果计算出小示的加速度小于当地的重力加速度，可能的原因是 受到空气的阻力 ．
【考点】测定匀变速直线运动的加速度
【分析】
（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．主尺读数时看游标的0刻度线超过主尺哪一个示数，该示数为主尺读数，看游标的第几根刻度与主尺刻度对齐，乘以游标的分度值，即为游标读数．
（2）中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度；根据相邻相等时间内位移之差等于常数，依据a=
，即可求解；
（3）在下落过程中受到空气阻力．
【解答】解：
（1）主尺读数为0.90cm，游标尺读数为0.05×12mm=0.60mm，故小球的直径为0.960cm
（2）小球位移位置2时的速度为v=
根据相邻相等时间内位移之差等于常数；
可知（x4﹣x2）﹣x2=a（2T）2；
解得：
a=
；
（3）小球在下落过程中，受到空气的阻力，故测量加速度小于当地重力加速度
故答案为：
（1）0.960；
（2）
，
；（3）受到空气的阻力．
【点评】本题主要考查了游标卡尺的读数方法和匀变速直线运动的推论，注意作差法求加速度，及理解因阻力，从而导致加速度的测量值小于真实值．
10．（9分）某实验探究小组为了较精确地测量一待测电阻Rx的阻值，利用多用电表粗测出它的阻值，然后再改用伏安法测量，以下是备用器材：
A．多用电表
B．电压表V1，量程6V，内阻约8kΩ
C．电压表V2，量程15V，内阻约10kΩ
D．电流表A1，量程10mA，内阻约20Ω
E．电流表A2，量程0.6A，内阻约0.5Ω
F．电源电动势E=6V
G．滑动变阻器R1，最大阻值10Ω，额定电流为2A
H．滑动变阻器R2
升级会员 