学年贵州省织金县第一中学高二上学期期中考试物理试题.docx
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学年贵州省织金县第一中学高二上学期期中考试物理试题
贵州省织金县一中2018-2019学年秋季学期期中考试
高二物理
★祝考试顺利★
注意事项：
1、考试范围：
高考范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：
每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：
用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。
如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
5、选考题的作答：
先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、单选题（共10小题,每小题3.0分,共30分）
1.如图所示为处于静电场中某空腔导体周围的电场分布情况，实线表示电场线，虚线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点，O为空腔导体内的一点．下列说法正确的是（ ）
A.A、B、C、O四个点中，电场强度O点最小，B点最大
B.A、B、C、O四个点中，电势O点最小，B点最大
C.将负电荷从A点移到B点，电场力做正功
D.将正电荷从A点移到C点，电场力做正功
【答案】A
【解析】
【分析】
处于静电平衡时，整个空腔导体上各点的电势都相等．根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式WAB=qUAB来判断电场力做功的多少。
【详解】A项：
处于静电平衡状态时，导体内部电场强度为零，O为空腔导体内的一点，则O点的场强为零。
由电场线越密的地方，电场强度越大，可知B点电场强度最大，故A正确；
B项：
处于静电平衡时，整个空腔导体上各点的电势都相等，由于沿着电场线，电势逐渐降低，同一等势面上各点的电势相等，所以A、C两点的电势相等，高于O点的电势，O点的电势高于B点的电势，即φA=φC＞φO＞φB，即A、C两点的电势最高，B点的电势最低，故B错误；
C项：
根据负电荷在电势高处电势能小，可知将负电荷从A点移到B点，电势能增大，则电场力做负功，故C错误；
D项：
由于从A和C处于同一条等势线上，故从A到C过程的电场力不做功，故D错误。
故选：
A。
【点睛】本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系．同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密．当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减。
2.A、B两个点电荷间距离恒定，当其他点电荷移到A、B附近时，A、B之间的库仑力将（ ）
A.可能变大B.可能变小C.一定不变D.不能确定
【答案】C
【解析】
A、B之间的库仑力
，只与两者的带电量和距离有关，与其他无关，所以C正确。
思路分析：
根据库仑定律直接判断。
试题点评：
考查对库仑定律表达式中字母所代表的物理意义的理解
3.如图虚线为某电场的等势面，有两个带电粒子（重力不计），以不同的速率沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动，由轨迹可以判定（）
A.两粒子带电多少一定不同
B.两粒子的电性可能相同
C.两粒子的电势能都是先减少后增大
D.经过B、C两点，两粒子的速率可能相等
【答案】D
【解析】
试题分析：
由图无法判定两电荷在同一位置时所受电场力的大小，故无法判定两粒子带电量的大小关系，故A错误．由图可知电荷1如果不受电场力的话将沿直线向中心电荷运动，而本题中电荷1却逐渐远离了中心电荷，故电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力，故两粒子的电性一定不同．故B错误．由B选项分析可知2粒子在从A向C运动过程中电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，而粒子1在从A向B运动过程中电场力先做负功后做正功，电势能小增大后减小，故C错误；从A到B和从A到C电场力做功不同，而两粒子的初速度不同，所以经过B、C两点，两粒子的速率可能相等，D正确；
故选D
考点：
带电粒子在电场中的运动
点评：
根据轨迹判定“电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力”是解决本题的突破口．
4.两个完全相同的金属小球A、B，球A所带电荷量为＋4Q，球B不带电．现将球B与球A接触后，移到与球A相距为d处（d远远大于小球半径）．已知静电力常量为k，则此时两球A、B之间相互作用的库仑力大小是（）
A.
B.
C.
.D.
【答案】C
【解析】
试题分析：
d远远大于小球半径，所以两个小球可看做点电荷，根据平均分配原则，两个小球接触后，所带电荷量都为＋2Q，根据库仑定律可得，它们之间的作用力为
，故D正确
考点：
考查了库仑定律的简单应用
5.如图所示是点电荷Q周围的电场线，图中A到Q的距离小于B到Q的距离。
以下判断正确的是（）
A.Q是正电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度
B.Q是正电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度
C.Q是负电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度
D.Q是负电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度
【答案】A
【解析】
试题分析：
电场线是从正电荷出发止于负电荷．所以Q是正电荷，根据点电荷的场强公式
得：
A点的电场强度大于B点的电场强度，故选A。
考点：
电场线、电场强度。
【名师点睛】解决该题根据点电荷的场强公式和电场线的特点，注意电场强度的大小跟电场线的疏密有关，点电荷形成的电场越靠近电荷场强越大。
6.实验室有一盏“40V 5.0A”的弧光灯，要使它接入220V的电路中能正常工作，应该（ ）
A.串联一个阻值为36Ω的电阻后接入电路中
B.串联一个阻值为72Ω的电阻后接入电路中
C.并联一个阻值为36Ω的电阻后接入电路中
D.并联一个阻值为72Ω的电阻后接入电路中
【答案】A
【解析】
【分析】
弧光灯正常工作时，它两端的电压应是40V，所以，就需要串联一个电阻分担电压，利用欧姆定律，代入数值，即可求得。
【详解】电阻需要分担的电压为：
U=220V-40V=180V。
由串联电路的特点，各处电流相等，则有：
故选：
A。
【点睛】本题考查了欧姆定律的应用和串联电阻分压的知识点。
要注意明确串联电路中电流相等，由额定值可求得电路中的电流。
7.一只电熨斗，内部电路如图1所示，其中M是测温旋钮的内部接线端子．旋钮上分别标有“高”、“中”、“低”、“关”四挡，每挡对应图2中的一种接线端子的接线方法．下列判断正确的是（ ）
A.②为“高”挡B.③为“中”挡
C.①为“低”挡D.④为“关”挡
【答案】B
【解析】
【分析】
电源的电压保持不变，根据接线端子的接线方法，分析电路中电阻的大小，确定功率大小，判断旋钮的挡位高低。
【详解】A项：
接线端子接②时，两电阻R串联，电路中总电阻最大，而电源的电压不变，发热功率最小，则旋钮为“低”挡。
故A错误；
B项：
接线端子接③时，左侧的电阻R工作，电路介于最大与最小之间，发热功率居中，则旋钮为“中”挡，故B正确；
C项：
接线端子接①时，电路断开，则旋钮为“关”挡，故C错误；
D项：
接线端子接④时，两电阻R并联，电路中总电阻最小，而电源的电压不变，发热功率最大，则旋钮为“高”挡。
故D错误。
故选：
B。
【点睛】本题考查对电路连接方式的理解．两个电阻连接时电路中电阻有四种可能值：
R、2R、R/2、
。
8.关于电阻和电阻率的说法中，正确的是
A.导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻
B.由
可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比
C.金属的电阻率随温度的升高而增大
D.将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一
【答案】C
【解析】
试题分析：
R=U／I，是比值定义式，电阻与导体的电压、电流都没有关系，故AB错；纯金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大，C对；根据电阻定律
，将一根导线等分为二，电阻减半，而电阻率是导体材料的特性，与长度无关，D错。
所以本题选择C。
考点：
电阻定律、电阻率
9.如图所示电路中，电池内阻符号为r，电键S原来是闭合的．当S断开时，电流表（ ）
A.r＝0时示数变大，r≠0时示数变小
B.r＝0时示数变小，r≠0时示数变大
C.r＝0或r≠0时，示数都变大
D.r＝0时示数不变，r≠0时示数变大
【答案】D
【解析】
试题分析：
r=0时，电源的路端电压一定，所以电流表示数不变；当r≠0时，电键断开后，外电路电阻变大，路端电压变大，所以电流表示数增大，选项D正确。
考点：
闭合电路的欧姆定律。
10.如图所示，甲、乙、丙三个逻辑电路的符号分别表示
A.“与”门、“或”门、“非”门B.“与”门、“非”门、“或”门
C.“或”门、“与”门、“非”门D.“或”门、“非”门、“与”门
【答案】A
【解析】
本题考查简单的逻辑电路
“与”门、“或”门、“非”门，注意掌握各种门电路的特点
二、多选题（共4小题,每小题4.0分,共16分）
11.如图所示，一个不带电的导体球A放在带负电的可以看作点电荷的导体B附近，达到静电平衡后，则有
A.导体球A左端的电势高于右端的电势
B.导体球A左端的电势等于右端的电势
C.当导体球A接地后，导体B的电势将降低
D.当导体球A接地后，导体B的电势将升高
【答案】BD
【解析】
【分析】
导体在电场中处于静电平衡后，整个导体是个等势体．负电荷产生的电场是发散的电场，沿着电场线电势要降低。
【详解】A、B项：
把一个在绝缘支架上不带电的导体A放在带负电的导体B附近，达到静电平衡后，导体A是个等势体。
带负电的导体B产生的是会聚的电场，产生的电场的电场线如右图所示，
由于沿着电场线电势降低，以无穷远处的电势为零，那么电场中的所有电势都是负值。
所以A错误，B正确；
C、D项：
当导体球A接地后，则导体A右端电势为零，因导体间的电势差不变，所以导体B的电势将升高，故C错误，D正确。
故选：
BD。
【点睛】此题考查静电平衡中的导体，电场中的处于静电平衡的导体是等势体，导体上电势处处相同．同时要知道负电荷产生的电场特点，以及电势分布的特点。
12.（2013•河南模拟）在两块带等量异性电荷的平行金属板M、N之间，垂直于金属板放置一个原来不带电的金属棒AB，如图所示．当达到静电平衡后，以下说法中正确的是（）
A.金属棒上A端电势高于B端电势
B.金属棒上A、B两端电势相等
C.由于静电感应，金属棒的A端带正电荷
D.由于静电感应，金属棒的A端带负电荷
【答案】BD
【解析】
试题分析：
根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，再由感应带电，可确定棒的正负极．
解：
达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φA=φB，
由于正电荷在左边，所以棒A带负电，B带正电，所以BD正确，AC错误．
故选：
BD．
点评：
达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．
13.关于电源与电路，下列说法正确的是（）
A.外电路中电流由电源正极流向负极，内电路中电流也由电源正极流向负极
B.外电路中电流由电源正极流向负极，内电路中电流由电源负极流向正极
C.外电路中电场力对电荷做正功，内电路中电场力对电荷也做正功
D.外电路中电场力对电荷做正功，内电路中非静电力对电荷做正功
【答案】BD
【解析】
【分析】
根据以下知识分析答题：
电路中有电流的条件是：
电路闭合，且电路中有电源；电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流的方向；在电源外部，电流由正极流向负极．
【详解】电源外部电流由正极流向负极；内部由负极流向正极；故A错误，B正确；在外电路中电场力对电荷做正功，从而转化为其他形式的能；而在内部非静电力对电荷做正功，内部电场力对电荷做负功；故C错误，D正确；故选BD。
14.如图所示，电源内阻不可忽略，已知R1为半导体热敏电阻，R2为锰铜合金制成的可变电阻，若发现灯泡L的亮度变暗，可能的原因是（ ）
A.R1的温度逐渐降低
B.R1受到可见光的照射
C.R2的阻值逐渐增大
D.R2的阻值逐渐减小
【答案】AD
【解析】
灯泡L亮度变暗，说明流过灯泡的电流减小，其原因可能是R1的阻值增大或R2的阻值减小引起，半导体热敏电阻随温度的升高电阻率减小，故可能的原因是R1的温度降低或R2的阻值减小，所以A、D正确，B、C错误．
三、实验题（共2小题,共16分）
15.某同学用图（甲）所示的电路，描绘标有“3.8V0.3A”的小灯泡灯丝电阻R随电压U变化的图象。
除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：
电流表：
A1（量程100mA，内阻约2Ω）A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）
电压表：
V1（量程5V，内阻约5kΩ）V2（量程15V，内阻约15Ω）
电源：
E1（电动势为1.5V，内阻为0.2Ω）E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）
滑动变阻器：
R1（最大阻值约为100Ω）R2（最大阻值约为10Ω）
电键S，导线若干。
（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表_____，电压表_____，滑动变阻器____，电源____________。
（选填器材前的字母代号）
（2）根据实验数据，计算并描绘出R－U的图象如图（乙）所示.由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为_____Ω；当所加电压为3.00V时，灯丝电阻为_____Ω，灯泡实际消耗的电功率为___W（计算结果保留两位有效数字）.
（3）根据R－U图象，可确定小灯泡电功率P与外加电压U的示意图，最接近（丙）中的___．
【答案】
（1）.
（2）.
（3）.
（4）.
（5）.1.5Ω（6）.11.5Ω（7）.0.78（8）.A
【解析】
①因小灯泡额定电流为0.3A，额定电压为3.8V，故电流表应选
，电压表应选
，又因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法，应选阻值小的变阻器，故变阻器应选
，显然电源应选
．
②由R﹣U图象知U=0时R为1.5Ω，U=3V时R为11.5Ω，由
得P=0.78W．
③由
知，P与
成正比，P﹣U的图线弯曲的方向向上，故CD错误；
时
，故B不合题意，P随U的增大而增大，故A正确．
16.某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻。
他设计了一个用标准电流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示。
已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱。
该同学顺利完成了这个实验。
①实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为（填步骤的字母代号）；
A．合上开关S2
B．分别将R1和R2的阻值调至最大
C．记下R2的最终读数
D．反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1，使Ｇ２的指针偏转到满刻度的一半，此时R２的最终读数为r
E．合上开关S1
F．调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时G1的示数为I1，记下此时G1的示数
②仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”）；
③若要将G2的量程扩大为I，并结合前述实验过程中测量的结果，写出须在G2上并联的分流电阻RS的表达式，RS。
【答案】①BEFADC②相等③
【解析】
闭合开关前将R1和R2的阻值调至最大，以免烧坏电流表，本实验用半偏法测电流表的量程和内阻，实验时通过反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1保持不变，使G2和R2的电流相等，等G2满刻度的一半，G2和R2并联，则G2和R2电阻相等。
由并联电路关系可得分流电阻RS=
四、计算题
17.已知，规定离场源电荷无穷远处电势为零之后，在点电荷电场中电势φ与场源电荷电荷量Q及离点电荷的距离之间的关系为φ＝k
，其中k为静电力常量，k＝9.0×109N·m2/C2.如图所示，某处固定一带电量为Q＝＋1×10－6C，可看做点电荷的带电小球，另一电荷量为q＝＋4×10－12C的试探电荷从电场中A点沿曲线（图中实线）运动到B点，已知A、B两点与带电小球球心之间的距离分别为rA＝20cm，rB＝10cm.求：
（1）A、B间的电势差UAB；
（2）从A到B过程中，试探电荷电势能的变化量．
【答案】
（1）
（2）
【解析】
（1）根据点电荷电势公式，可得A、B两点的电势分别为：
A、B间的电势差为：
UAB＝φA-φB＝4.5×104－9×104＝－4.5×104V
（2）设从A到B过程中电势能变化量为ΔEp
根据电场力做功与电势能变化的关系有：
ΔEp＝-WE＝-qUAB
代入数值得：
ΔEp＝－4×10－12×（－4.5×104）J＝1.8×10－7J.
【点睛】本题是信息题，要读懂题意，正确求解电势，再根据功能关系求解电势能的变化量．
18.如图所示，为一个从上向下看的俯视图，在光滑绝缘的水平桌面上，固定放置一条光滑绝缘的挡板轨道ABCD，AB段为直线，BCD段是半径为R的一部分圆弧（两部分相切于B点），挡板处于场强为E的匀强电场中，电场方向与圆的直径MN平行．现使一带电量为＋q、质量为m的小球由静止从斜挡板内侧上某点释放，为使小球能沿挡板内侧运动，最后从D点抛出，试求：
（1）小球从释放点到N点沿电场强度方向的最小距离s；
（2）在上述条件下小球经过N点时对挡板的压力大小．
【答案】
（1）
（2）6qE
【解析】
试题分析：
（1）小球经过M点时恰好无压力，此时对应的s最小，
①
②
由①②式解得s＝
.
（2）过N点时，
③
④
所以
考点：
圆周运动的向心力公式，动能定理，
19.如图所示，电源电动势E=18V，内阻r=2Ω，两平行金属板水平放置，相距d=2cm，当变阻器R2的滑片P恰好移到中点时，一带电量q=﹣2×10﹣7C的液滴刚好静止在电容器两板的正中央，此时理想电流表的读数为1A．已知定值电阻R1=6Ω求：
（1）带电液滴的质量（取g=10m/s2）．
（2）当把滑动变阻器的滑动片P迅速移到C点后，液滴到达极板时的动能．
【答案】
（1）1.6×10﹣5kg
（2）7.14×10﹣8J
【解析】
【分析】
（1）根据闭合电路欧姆定律求解路端电压，然后对液滴根据共点力平衡条件列式求解质量；
（2）当把滑动变阻器的滑动片P迅速移到C点后，电压增加，液滴向上做匀加速直线运动，根据动能定理列式求解末动能。
【详解】
（1）根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：
U=E-Ir=18-1×2.0=16V
液滴平衡，故：
代入数据解得：
；
（2）当滑片在中点时：
解得：
R2=20Ω
当滑片滑到C点时，路端电压：
根据动能定理，液滴到达上极板时的动能为：
。
【点睛】本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律和串并联电路的电压、电流关系求解极板间的电压；然后结合平衡条件、动能定理列式求解。
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