学年贵州省织金县第一中学高二上学期期中考试物理试题.docx

1、学年贵州省织金县第一中学高二上学期期中考试物理试题贵州省织金县一中2018-2019学年秋季学期期中考试高二物理祝考试顺利注意事项：1、考试范围：高考范围。2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。如

2、需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图所示为处于静电场中某空腔导体周围的电场分布情况，实线表示电场线，虚线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点，O为空腔导体内的一点下列

3、说法正确的是()A. A、B、C、O四个点中，电场强度O点最小，B点最大B. A、B、C、O四个点中，电势O点最小，B点最大C. 将负电荷从A点移到B点，电场力做正功D. 将正电荷从A点移到C点，电场力做正功【答案】A【解析】【分析】处于静电平衡时，整个空腔导体上各点的电势都相等根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式WAB=qUAB来判断电场力做功的多少。【详解】A项：处于静电平衡状态时，导体内部电场强度为零，O为空腔导体内的一点，则O点的场强为零。由电场线越密的地方，电场强度越大，可

4、知B点电场强度最大，故A正确；B项：处于静电平衡时，整个空腔导体上各点的电势都相等，由于沿着电场线，电势逐渐降低，同一等势面上各点的电势相等，所以A、C两点的电势相等，高于O点的电势，O点的电势高于B点的电势，即A=COB，即A、C两点的电势最高，B点的电势最低，故B错误；C项：根据负电荷在电势高处电势能小，可知将负电荷从A点移到B点，电势能增大，则电场力做负功，故C错误；D项：由于从A和C处于同一条等势线上，故从A到C过程的电场力不做功，故D错误。故选：A。【点睛】本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密当然

5、也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减。2. A、B两个点电荷间距离恒定，当其他点电荷移到A、B附近时，A、B之间的库仑力将()A. 可能变大 B. 可能变小 C. 一定不变 D. 不能确定【答案】C【解析】A、B之间的库仑力，只与两者的带电量和距离有关，与其他无关，所以C正确。思路分析：根据库仑定律直接判断。试题点评：考查对库仑定律表达式中字母所代表的物理意义的理解3. 如图虚线为某电场的等势面，有两个带电粒子（重力不计），以不同的速率沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动，由轨迹可以判定（ ）A. 两粒子带电多少一定不同B. 两粒子的电性可能相同C. 两粒子的电势能都是

6、先减少后增大D. 经过B、C两点，两粒子的速率可能相等【答案】D【解析】试题分析：由图无法判定两电荷在同一位置时所受电场力的大小，故无法判定两粒子带电量的大小关系，故A错误由图可知电荷1如果不受电场力的话将沿直线向中心电荷运动，而本题中电荷1却逐渐远离了中心电荷，故电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力，故两粒子的电性一定不同故B错误由B选项分析可知2粒子在从A向C运动过程中电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，而粒子1在从A向B运动过程中电场力先做负功后做正功，电势能小增大后减小，故C错误；从A到B和从A到C电场力做功不同，而两粒子的初速度不同，所以经过B、C两点，两粒子

7、的速率可能相等，D正确；故选D考点：带电粒子在电场中的运动点评：根据轨迹判定“电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力”是解决本题的突破口4. 两个完全相同的金属小球A、B，球A所带电荷量为4Q，球B不带电现将球B与球A接触后，移到与球A相距为d处（d远远大于小球半径）已知静电力常量为k，则此时两球A、B之间相互作用的库仑力大小是（ ）A. B. C. . D. 【答案】C【解析】试题分析：d远远大于小球半径，所以两个小球可看做点电荷，根据平均分配原则，两个小球接触后，所带电荷量都为2Q，根据库仑定律可得，它们之间的作用力为，故D正确考点： 考查了库仑定律的简单应用5.如图所示是点

8、电荷Q周围的电场线，图中A到Q的距离小于B到Q的距离。以下判断正确的是( )A. Q是正电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度B. Q是正电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度C. Q是负电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度D. Q是负电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度【答案】A【解析】试题分析：电场线是从正电荷出发止于负电荷所以Q是正电荷，根据点电荷的场强公式得：A点的电场强度大于B点的电场强度，故选A。考点：电场线、电场强度。【名师点睛】解决该题根据点电荷的场强公式和电场线的特点，注意电场强度的大小跟电场线的疏密有关，点电荷形成的电场越靠近电荷场强越大。6.实验室有一盏“40 V5.

9、0 A”的弧光灯，要使它接入220 V的电路中能正常工作，应该()A. 串联一个阻值为36 的电阻后接入电路中B. 串联一个阻值为72 的电阻后接入电路中C. 并联一个阻值为36 的电阻后接入电路中D. 并联一个阻值为72 的电阻后接入电路中【答案】A【解析】【分析】弧光灯正常工作时，它两端的电压应是40V，所以，就需要串联一个电阻分担电压，利用欧姆定律，代入数值，即可求得。【详解】电阻需要分担的电压为：U=220V-40V=180V。由串联电路的特点，各处电流相等，则有： 故选：A。【点睛】本题考查了欧姆定律的应用和串联电阻分压的知识点。要注意明确串联电路中电流相等，由额定值可求得电路中的电

10、流。7.一只电熨斗，内部电路如图1所示，其中M是测温旋钮的内部接线端子旋钮上分别标有“高”、“中”、“低”、“关”四挡，每挡对应图2中的一种接线端子的接线方法下列判断正确的是()A. 为“高”挡 B. 为“中”挡C. 为“低”挡 D. 为“关”挡【答案】B【解析】【分析】电源的电压保持不变，根据接线端子的接线方法，分析电路中电阻的大小，确定功率大小，判断旋钮的挡位高低。【详解】A项：接线端子接时，两电阻R串联，电路中总电阻最大，而电源的电压不变，发热功率最小，则旋钮为“低”挡。故A错误；B项：接线端子接时，左侧的电阻R工作，电路介于最大与最小之间，发热功率居中，则旋钮为“中”挡，故B正确；C项

11、：接线端子接时，电路断开，则旋钮为“关”挡，故C错误；D项：接线端子接时，两电阻R并联，电路中总电阻最小，而电源的电压不变，发热功率最大，则旋钮为“高”挡。故D错误。故选：B。【点睛】本题考查对电路连接方式的理解两个电阻连接时电路中电阻有四种可能值：R、2R、R/2、。8.关于电阻和电阻率的说法中，正确的是A. 导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B. 由可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C. 金属的电阻率随温度的升高而增大D. 将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【答案】C【解析】试题分析：R =UI，是比值

12、定义式，电阻与导体的电压、电流都没有关系，故AB错；纯金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大，C对；根据电阻定律，将一根导线等分为二，电阻减半，而电阻率是导体材料的特性，与长度无关，D错。所以本题选择C。考点：电阻定律、电阻率9.如图所示电路中，电池内阻符号为r，电键S原来是闭合的当S断开时，电流表( )A. r0时示数变大，r0时示数变小B. r0时示数变小，r0时示数变大C. r0或r0时，示数都变大D. r0时示数不变，r0时示数变大【答案】D【解析】试题分析：r=0时，电源的路端电压一定，所以电流表示数不变；当r0时，电键断开后，外电路电阻变大，路端电压变大，所以电流表示数增大，选项D

13、正确。考点：闭合电路的欧姆定律。10. 如图所示，甲、乙、丙三个逻辑电路的符号分别表示A. “与”门、“或”门、“非”门 B. “与”门、“非”门 、“或”门C. “或”门、“与”门、“非”门 D. “或”门、“非”门 、“与”门【答案】A【解析】本题考查简单的逻辑电路“与”门、“或”门、“非”门，注意掌握各种门电路的特点二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.如图所示，一个不带电的导体球A放在带负电的可以看作点电荷的导体B附近，达到静电平衡后，则有A. 导体球A左端的电势高于右端的电势B. 导体球A左端的电势等于右端的电势C. 当导体球A接地后，导体B的电势将降低D. 当导体

14、球A接地后，导体B的电势将升高【答案】BD【解析】【分析】导体在电场中处于静电平衡后，整个导体是个等势体负电荷产生的电场是发散的电场，沿着电场线电势要降低。【详解】A、B项：把一个在绝缘支架上不带电的导体A放在带负电的导体B附近，达到静电平衡后，导体A是个等势体。带负电的导体B产生的是会聚的电场，产生的电场的电场线如右图所示，由于沿着电场线电势降低，以无穷远处的电势为零，那么电场中的所有电势都是负值。所以A错误，B正确；C、D项：当导体球A接地后，则导体A右端电势为零，因导体间的电势差不变，所以导体B的电势将升高，故C错误，D正确。故选：BD。【点睛】此题考查静电平衡中的导体，电场中的处于静电

15、平衡的导体是等势体，导体上电势处处相同同时要知道负电荷产生的电场特点，以及电势分布的特点。12. （2013河南模拟）在两块带等量异性电荷的平行金属板M、N之间，垂直于金属板放置一个原来不带电的金属棒AB，如图所示当达到静电平衡后，以下说法中正确的是（ ）A. 金属棒上A端电势高于B端电势B. 金属棒上A、B两端电势相等C. 由于静电感应，金属棒的A端带正电荷D. 由于静电感应，金属棒的A端带负电荷【答案】BD【解析】试题分析：根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，再由感应带电，可确定棒的正负极解：达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到A=B，由

16、于正电荷在左边，所以棒A带负电，B带正电，所以BD正确，AC错误故选：BD点评：达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉13.关于电源与电路，下列说法正确的是( )A. 外电路中电流由电源正极流向负极，内电路中电流也由电源正极流向负极B. 外电路中电流由电源正极流向负极，内电路中电流由电源负极流向正极C. 外电路中电场力对电荷做正功，内电路中电场力对电荷也做正功D. 外电路中电场力对电荷做正功，内电路中非静电力对电荷做正功【答案】BD【解析】【分析】根据以下知识分析答题：电路中有电流的条件是：电路闭合，且电路中有电源；电荷的定向移

17、动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流的方向；在电源外部，电流由正极流向负极【详解】电源外部电流由正极流向负极；内部由负极流向正极；故A错误，B正确；在外电路中电场力对电荷做正功，从而转化为其他形式的能；而在内部非静电力对电荷做正功，内部电场力对电荷做负功；故C错误，D正确；故选BD。14.如图所示，电源内阻不可忽略，已知R1为半导体热敏电阻，R2为锰铜合金制成的可变电阻，若发现灯泡L的亮度变暗，可能的原因是()A. R1的温度逐渐降低B. R1受到可见光的照射C. R2的阻值逐渐增大D. R2的阻值逐渐减小【答案】AD【解析】灯泡L亮度变暗，说明流过灯泡的电流减小，其原因可能是R1的阻值增大

18、或R2的阻值减小引起，半导体热敏电阻随温度的升高电阻率减小，故可能的原因是R1的温度降低或R2的阻值减小，所以A、D正确，B、C错误三、实验题(共2小题,共16分) 15.某同学用图（甲）所示的电路，描绘标有“3.8 V 0.3 A ”的小灯泡灯丝电阻R随电压U变化的图象。除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A1（量程100 mA，内阻约2） A2（量程0.6 A，内阻约0.3)电压表：V1(量程5 V，内阻约5k ) V2（量程15 V，内阻约15 )电源：E1（电动势为1.5 V，内阻为0.2） E2（电动势为4V，内阻约为0.04）滑动变阻器：R1（最大阻值约为100） R

19、2（最大阻值约为10）电键S，导线若干。（1）为了调节方便，测量准确， 实验中应选用电流表 _，电压表_，滑动变阻器_，电源_。(选填器材前的字母代号)（2）根据实验数据，计算并描绘出RU的图象如图（乙）所示.由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为_；当所加电压为3.00 V时，灯丝电阻为_，灯泡实际消耗的电功率为_W（计算结果保留两位有效数字）. （3）根据RU图象，可确定小灯泡电功率P与外加电压U的示意图，最接近（丙）中的_【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). 1.5 (6). 11.5 (7). 0.78 (8). A【解析】因小灯泡额定电流为0.3A，额定电压为

20、3.8V，故电流表应选，电压表应选，又因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法，应选阻值小的变阻器，故变阻器应选，显然电源应选由RU图象知U=0时R为1.5，U=3V时R为11.5，由得P=0.78W由知，P与成正比，PU的图线弯曲的方向向上，故CD错误；时，故B不合题意，P随U的增大而增大，故A正确16.某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻。他设计了一个用标准电流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示。已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱。该同学顺利完成了这个实验。实验过程包含以下

21、步骤，其合理的顺序依次为（填步骤的字母代号）；A合上开关S2B分别将R1和R2的阻值调至最大C记下R2的最终读数D反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1，使的指针偏转到满刻度的一半，此时R的最终读数为rE合上开关S1F调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时G1的示数为I1，记下此时G1的示数仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”）；若要将G2的量程扩大为I，并结合前述实验过程中测量的结果，写出须在G2上并联的分流电阻RS的表达式，RS。【答案】BEFADC 相等【解析】闭合开关前将R1和R2的阻值调至最大，以免烧坏电流表，本实验

22、用半偏法测电流表的量程和内阻，实验时通过反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1保持不变，使G2和R2的电流相等，等G2满刻度的一半，G2和R2并联，则G2和R2电阻相等。由并联电路关系可得分流电阻RS=四、计算题 17.已知，规定离场源电荷无穷远处电势为零之后，在点电荷电场中电势与场源电荷电荷量Q及离点电荷的距离之间的关系为k ，其中k为静电力常量，k9.0109Nm2/C2.如图所示，某处固定一带电量为Q1106C，可看做点电荷的带电小球，另一电荷量为q41012C的试探电荷从电场中A点沿曲线(图中实线)运动到B点，已知A、B两点与带电小球球心之间的距离分别为rA20cm，rB10c

23、m.求：(1)A、B间的电势差UAB；(2)从A到B过程中，试探电荷电势能的变化量【答案】（1） (2) 【解析】(1)根据点电荷电势公式，可得A、B两点的电势分别为：A、B间的电势差为：UABA-B4.510491044.5104V(2)设从A到B过程中电势能变化量为Ep根据电场力做功与电势能变化的关系有：Ep-WE-qUAB代入数值得：Ep41012(4.5104) J1.8107J.【点睛】本题是信息题，要读懂题意，正确求解电势，再根据功能关系求解电势能的变化量18. 如图所示，为一个从上向下看的俯视图，在光滑绝缘的水平桌面上，固定放置一条光滑绝缘的挡板轨道ABCD，AB段为直线，BCD

24、段是半径为R的一部分圆弧（两部分相切于B点），挡板处于场强为E的匀强电场中，电场方向与圆的直径MN平行现使一带电量为q、质量为m的小球由静止从斜挡板内侧上某点释放，为使小球能沿挡板内侧运动，最后从D点抛出，试求：（1）小球从释放点到N点沿电场强度方向的最小距离s；（2）在上述条件下小球经过N点时对挡板的压力大小【答案】(1)(2)6qE【解析】试题分析：(1)小球经过M点时恰好无压力，此时对应的s最小，由式解得s.(2)过N点时，所以考点：圆周运动的向心力公式，动能定理，19.如图所示，电源电动势E=18 V，内阻r=2 ，两平行金属板水平放置，相距d=2 cm，当变阻器R2的滑片P恰好移到中

25、点时，一带电量q=2107C的液滴刚好静止在电容器两板的正中央，此时理想电流表的读数为1 A已知定值电阻R1=6 求：（1）带电液滴的质量（取g=10 m/s2）（2）当把滑动变阻器的滑动片P迅速移到C点后，液滴到达极板时的动能【答案】（1）1.6105kg（2）7.14108J【解析】【分析】(1)根据闭合电路欧姆定律求解路端电压，然后对液滴根据共点力平衡条件列式求解质量；(2)当把滑动变阻器的滑动片P迅速移到C点后，电压增加，液滴向上做匀加速直线运动，根据动能定理列式求解末动能。【详解】(1) 根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：U=E-Ir=18-12.0=16V液滴平衡，故： 代入数据解得：；(2) 当滑片在中点时： 解得：R2=20当滑片滑到C点时，路端电压： 根据动能定理，液滴到达上极板时的动能为： 。【点睛】本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律和串并联电路的电压、电流关系求解极板间的电压；然后结合平衡条件、动能定理列式求解。