专题13多元复合函数和隐函数的求导方法与技巧 1.docx
《专题13多元复合函数和隐函数的求导方法与技巧 1.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《专题13多元复合函数和隐函数的求导方法与技巧 1.docx(35页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
![专题13多元复合函数和隐函数的求导方法与技巧 1.docx](https://file1.bdocx.com/fileroot1/2022-12/1/1a341653-424c-4851-a5b4-61344966ea12/1a341653-424c-4851-a5b4-61344966ea121.gif)
专题13多元复合函数和隐函数的求导方法与技巧1
2021考研高等数学17堂课
主讲武忠祥教授
专题13:
多元复合函数与隐函数求导的方法和技巧
(一)复合函数求导法
设u=u(x,y),v=v(x,y)可导,z=
f(u,v)在相应点有连续一阶偏导数,则
∂z=∂f∂u+∂f∂vz
∂x∂u∂x∂v∂x
∂z=∂f∂u+∂f∂vuv
∂y∂u∂y
∂v∂y
xyxy
(二)全微分形式不变性
设z=f(u,v),u=u(x,y),v=v(x,y)都有连续一阶偏导数.则
dz=∂zdx+∂zdy,dz=∂zdu+∂zdv
∂x∂y∂u∂v
(三)隐函数求导法
1)由一个方程所确定的隐函数
设F(x,y,z)有连续一阶偏导数,Fz'≠0,z=z(x,y)由F(x,y,z)=0所确定.
方法:
(1)公式:
∂z=-Fx',
∂z=-Fy';
∂xFz'∂yFz'
(2)等式两边求导
F'+F'∂z=0,F'+F'∂z=0.
xz∂xyz∂y
(3)利用微分形式不变性:
Fx'dx+Fy'dy+Fz'dz=0
2)由方程组所确定的隐函数(仅数一要求)
⎧F(x,y,u,v)=0
设u=u(x,y),v=v(x,y)由⎨
⎩G(x,y,u,v)=0
所确定
方法:
⎧F'+F'∂u+F'∂v=0
(1)等式两边求导
⎪xu∂x
⎨∂u
v∂x
∂v
⎩
⎪Gx'+Gu'∂x+Gv'∂x=0
(2)利用微分形式不变性
⎧Fx'dx+Fy'dy+Fu'du+Fv'dv=0
⎨G'dx+G'dy+G'du+G'dv=0
⎩xyuv
1.复合函数偏导数与全微分
【例1】设z=
x
cos(y-1)-(y-1)cosx
∂z
∂y
则
1+sinx+sin(y-1)
(0,1)
=.
(-1)
x
=
【例2】设函数z=(1+x)y,则dz
y
(1,1)
.(1+2ln2)(dx-dy)
∂2F
∂x2
=⎰
xysint
【例3】设函数F(x,y)01+t2dt,则
x=0y=2
=.
【解1】
∂F=ysinxy,
∂x1+x2y2
∂2F=
∂x2
y2cos(xy)(1+x2y2)-2xy3sinxy
,
(1+x2y2)2
∂2F
∂x2
故
x=0y=2
=4.
∂2F
∂x2
【解2】
∂F=ysinxy
∂x1+x2y2
xx2
=
2sin2x
=
,Fx(x,2)1+4x2
2sin2x4x
x=0y=2
F(0,2)=lim
x→0x(1+4x
=lim=4
)x→0x(1+4x2)
22xy
∂z∂z
【例4】设z=(1+xy)
求及.
∂x∂y
【解1】由原题设可知z=exyln(1+x2y2),两端对x,y分别求偏导.
【解2】由原题设知lnz=xyln(1+x2y2),两端对x,y分别求偏导.
【解3】令u=1+x2y2,v=xy,则z=uv,由复合函数求导法可知
∂z=∂z∂u+∂z∂v=vuv-12xy2+uvlnu⋅y
∂x∂u∂x∂v∂x
=(1+x2
y2)
xy2x2y32
++
[1+x2y2yln(1x
y2)].
同理可得
∂z.
∂y
【注】解法3也可用于一元幂指函数,如y=(1+x2)sinx,可令
u=1+x2,v=sinx.
【例5】(2007年1)设f(u,v)为二元可微函数,z=f(xy
yx
),则∂z=.
∂x
1
2
[yxy-1f+yxlnyf]
【例6】设函数f(u,v)满足f(x+y,
y)=x2
x
-y2,则
∂f
∂v
与
u=1v=1
u=1v=1
依次是()
(A)
1,0.
2
(B)0,1.
2
y
∂f
∂u
(C)-
1,0.
2
(D)0,-1.
2
【解1】令x+y=u,
x
=v,则
x=u
1+v
y=
uv
1+v
ç
2
⎪
故f(u,v)=⎛u⎫
⎛uv
-
ç
⎫u2(1-v)
2
=
⎪
⎝1+v⎭
∂f2u(1-v)∂f
⎝1+v⎭
2u2
1+v
所以∂u=
1+v
=0,
∂v=-(1+v)2
∂f
∂v
2
=-1
∂f
∂u
u=1v=1
u=1v=1
y1
【解2】令x+y=u,=v,则当u=1,v=1时,x=y=.等式f(x+y,y)=x2-y2两端
x2x
分别对x,y求偏导得
fu+fv(-
f+f1
y)=2xx2
=-2y
uv(x)
1
⎧fu(1,1)-2fv(1,1)=1
f
⎩u
v
将x=y=代入上式得
2
⎨(1,1)+2f(1,1)=-1
1
由此解得fu(1,1)=0,fv(1,1)=-2.
∂f∂f
【例7】设函数z=
f(x,y)在点(1,1)处可微,且f(1,1)=1,∂x
(1,1)
=2,∂y
(1,1)
=3,
ϕ(x)=
f(x,f(x,x)).
求dϕ3(x)dx
..
x=1
【解】
ϕ
(1)=
f(1,f(1,1))=
f(1,1)=1,
dϕ3(x)
=⎡3ϕ2(x)dϕ(x)⎤
dxx=1⎢⎣
dx⎥⎦
x=1
=3ϕ2(x)[f'(x,f(x,x))+f'(x,f(x,x))(f'(x,x)+f'(x,x))]
12
=3⋅1⋅[2+3(2+3)]=51.
12x=1
3⎛y⎫
∂z∂2z
∂2z
【例8】设z=x
fçxy,x⎪,f具有连续二阶偏导数,求∂y,∂y2及∂x∂y.
⎝⎭
【解】
∂z=x4f'+x2f',
∂y12
xxf+f+xxf+f=
∂2z=4⎡'1'⎤2⎡'1'⎤
5'+
3'+'
∂y2
⎣⎢11
x12⎥⎦
⎣⎢21
x22⎥⎦
xf11
2xf12
xf22,
∂2z=
3'+4⎡
'-y
'⎤+
'+2⎡
'-y'⎤
∂x∂y
4xf1
x⎢⎣yf11
x2f12⎥⎦
2xf2
x⎢⎣yf21
x2f22⎥⎦
=4x3f'+2xf'+x4yf'-yf'.
1211
x+y-2
22
∂u∂2u
【例9】设u=
f(x,y,z),z=⎰0
etdt.求
∂x,∂x∂y,其中f有二阶连续偏导数.
【例10】设z=
∂2z
f(x+y,x-y,xy),其中f具有二阶连续偏导数,求dz与∂x∂y.
∂z∂z
【解】由于=f'+f'+yf',=f'-f'+xf',所以
∂x123∂y123
dz=∂zdx+∂zdy=(f'+f'+yf')dx+(f'-f'+xf')dy
∂x
∂2z=
∂y
'-'+
1231
'+'-'+'+'+
23
'-'+'
∂x∂y
f11
f12
xf13
f21
f22
xf23
f3y(f31
f32
xf33)
=f1'1'+(x+y)f1'3'-f2''2+(x-y)f2''3+xyf3'3'+f3'.
【例11】设函数z=
f(xy,yg(x)),其中函数f具有二阶连续偏导数,函数g(x)可导且在
∂2z
∂x∂y
x=1处取得极值g
(1)=1.求
.
x=1y=1
【解1】由z=
f(xy,yg(x))知
∂z=yf'+yg'(x)f',
∂x12
上式两端对y求偏导得
∂2z='+'+
'+'
'+''+'
∂x∂y
f1y[xf11
g(x)f12]
g(x)f2
yg(x)[xf21
g(x)f22].
由题意g
(1)=1,g'
(1)=0,在上式中令x=1,y=1得
【解2】由z=
=
∂2z
∂x∂y
x=1y=1
f(xy,yg(x))知
f1'(1,1)+
f1'1(1,1)+
f1'2(1,1).
∂z=yf'+yg'(x)f',
∂x12
由题意g
(1)=1,g'
(1)=0,在上式中令x=1得
zx(1,y)=yf1'(y,y)
上式两端对y求偏导得
zxy(1,y)=f1'(y,y)+y[f1'1'(y,y)+f2''2(y,y)]
令y=1得
=
∂2z
∂x∂y
x=1y=1
f1'(1,1)+
f1'1(1,1)+
f1'2(1,1).
⎨
⎧u=x-2y,
【例12】设变换
⎩v=x+ay
可把方程6
∂2z+
∂x2
∂2z
∂x∂y
∂2z
-
=
∂y20简化为
∂2z
∂u∂v
=0,求常数a.
【解1】将z视为以u,v为中间变量的x,y的复合函数,由题设可得
∂z∂z∂z
∂z=-∂z∂z∂2z
∂2z∂2z∂2z
∂x=∂u+∂v,
∂y2∂u+a∂v,
∂x2=∂u2+2∂u∂v+∂v2,
∂2z=
∂2z
∂2z
2∂2z
∂2z
∂2z
∂2z
∂2z
∂y2
4∂u2-4a∂u∂v+a
∂v2,
∂x∂y=-2∂u2+(a-2)∂u∂v+a∂v2.
将上述结果代入原方程,经整理后得
z2
∂2
(10+5a)∂u∂v+(6+a-a
∂2z
)∂v2=0.
依题意a应满足
6+a-a2=0
且10+5a≠0,
解之得
a=3.
【解2】将z视为以x,y为中间变量的u,v的复合函数,由题设可得
x=au+2v,
a+2
y=-u+v.
a+2
∂z∂z∂x∂z∂ya∂z1∂z
ç
⎪
ç
从而∂u=∂x∂u+∂y∂u=a+2⋅∂x-a+2∂y,
∂2z=
1
a⎛∂2z∂x+
∂2z
∂y⎫
⎪
⎭
⎝
-
⎛∂2z
∂x+
∂2z∂y⎫
∂u∂v
a+2ç∂x2∂v
∂x∂y∂v⎪
a+2ç∂y∂x∂v
∂y2∂v⎪
⎝
⎭
=2a∂2z+
a-2∂2z-1
∂2z
(a+2)2∂x2
(a+2)2∂x∂y
a+2∂y2.
∂2z
∂2z
∂2z
∂2z
由∂u∂v=0得,2a∂x2+(a-2)∂x∂y-∂y2=0.
∂2z
∂2z
∂2z
2aa-2-1
依题意6∂x2+∂x∂y-∂y2=0,可知6=1
故a=3.
=-1
2∂z
2∂z2
1111
【例13】已知函数z=z(x,y)满足x
∂ψ
∂x+y
∂y=z.设
u=x,v=-,ψ=-
yxzx
对函数ψ=ψ(u,v),求证∂u=0.
⎧u=x
⎪
⎧x=u,
⎪11
【证】由⎨v=1-1,
解得⎨y=u.
这样ψ=-便是u,v的复合函数,对u求偏
zzx
⎩⎪yx
⎩⎪1+uv
导数得
∂ψ=-1(∂z∂x+∂z∂y)+1
∂uz2
∂x∂u
∂y∂uu2
=-1(∂z+∂z
1)+1,
z2∂x
1y
∂y(1+uv)2u2
利用=
1+uv
和z(x,y)满足的等式,有
x
∂ψ=-1
(x2∂z+y2∂z)+1
=-1+1
=0.
∂uz2x2∂x
∂yu2
x2u2
2.隐函数的偏导数与全微分
【例1】若函数z=z(x,y)由方程ex+2y+3z+xyz=1确定,则
dz=.
(0,0)
【解1】将x=0,y=0代入ex+2y+3z+xyz=1中得e3z=1,则z=0
方程ex+2y+3z+xyz=1两端微分得
ex+2y+3z(dx+2dy+3dz)+yzdx+xzdy+xydz=0
将x=0,y=0,z=0代入上式得
dx+2dy+3dz=0
1
则dz
(0,0)
=-(dx+2dy).
3
【解2】将x=0,y=0代入ex+2y+3z+xyz=1中得e3z=1,则z=0
dz(0,0)=zx(0,0)dx+zy(0,0)dy
在ex+2y+3z+xyz=1中令y=0得,ex+3z=1,两边对x求导得
x
ex+3z(1+3z)=0,
z(0,0)=-1
x3
在ex+2y+3z+xyz=1中令x=0得,e2y+3z=1,两边对y求导得
y
e2y+3z(2+3z)=0,
z(0,0)=-2
y3
1
则dz
(0,0)
=-(dx+2dy)..
3
【例2】设函数z=z(x,y)由方程F⎛y,z⎫=0确定,其中F为可微函数,
ç⎪
x
x
⎝⎭
且F'≠0,则x∂z+y∂z=().
2∂x∂y
(A)x(B)z(C)-x(D)-z
-yF-zF1F
∂zx21
x22∂zx1
【解】
∂x=-
1,∂y=-1,
xF2xF2
∂∂-yF-zF
yF
xz+y
z=-
x1x
2-x1
∂x∂y
1F1F
x2x2
=z
故应选(B).
【例3】设u=f(x,y,z)有连续的一阶偏导数,又函数y=y(x)及z=z(x)分别由下列两
式确定:
exy-xy=2和
ex=⎰x-zsintdt,
du
求.
dx
【解1】
du=∂f
+∂fdy+∂fdz.
0t
(1)
dx∂x
∂ydx
∂zdx
由exy-xy=2两边对x求导,得
⎭
⎭
⎝
⎝
exy⎛y+xdy⎫-⎛y+xdy⎫=0,
即dy=-y.
dxx
çdx⎪ç
dx⎪
又由ex=⎰x-zsintdt两边对x求导,得
0t
ex=
sin(x-z)x-z
ç
⋅⎛1-
⎝
dz⎫,即
d⎪x
⎭
dz=1-dx
ex(x-z)sin(x-z).
将其代入
(1)式,得
⎣
du=∂f-y∂f+⎡
-ex(x-z)⎤∂f
dx∂xx∂y
⎦
∂f∂f∂f
⎢1sin(x-z)⎥∂z.
【解2】
du=∂xdx+∂ydy+∂zdz
(1)
等式exy-xy=2两端微分得
exy(ydx+xdy)-(ydx+xdy)=0,
dy=-ydx
x
等式ex=⎰x-zsintdt两端微分得
0t
exdx=
sin(x-z)x-z
(dx-dz)
即dz=(1-
ex(x-z)sin(x-z)
)dx.
将其代入
(1)式,得
∂fy∂f⎡ex(x-z)⎤∂f
du=[∂x-x∂y+⎢1-sin(x-z)⎥∂z]dx
⎣⎦
⎦
⎣
du=∂f-y∂f+⎡-ex(x-z)⎤∂f
dx∂xx∂y⎢1sin(x-z)⎥∂z.
【例4】设z=z(x,y)是由方程x2+y2-z=ϕ(x+y+z)所确定的函数,其中具有二阶导数,且ϕ'≠-1.
1⎛∂z∂z⎫∂u
(I)求dz;(II)记u(x,y)=ç-⎪,求.
x-y∂x∂y∂x
⎝⎭
【解1】(I)设F(x,y,z)=x2+y2-z-ϕ(x+y+z),则
Fx'=2x-ϕ',
Fy'=2y-ϕ',
Fz'=-1-ϕ'.
z
∂zFx'∂z
Fy'
由公式
∂x=-F',
∂y=-F',得
z
∂z=2x-ϕ',∂z=2y-ϕ'.
∂x1+ϕ'∂y1+ϕ'
所以
dz=∂zdx+∂zdy=1[(2x-ϕ')dx+(2y-ϕ')dy].
∂x∂y1+ϕ'
(II)
2
由于u(x,y)=1+ϕ',所以
∂u=-2⎛1+∂z⎫ϕ'=-2(2x+1)ϕ'.
⎝
⎭
∂x(1+ϕ')2ç∂x⎪(1+ϕ')2
【解2】(I)对等式x2+y2-z=ϕ(x+y+z),两端求微分,得
2xdx+2ydy-dz=ϕ'⋅(dx+dy+dz).
解出dz,得
dz=2x-ϕ'dx+2y-ϕ'dy.
1+ϕ'1+ϕ'
(II)同解1.
【例5】设z=z(x,y)是由方程f(y-x,yz)=0所确定的隐函数,其中函数f对各个变量
∂z∂2z
具有连续的二阶偏导数,求∂x及∂x2.
【解】方程f(y-x,yz)=0的两边对x求导,得
-f'+yf'∂z=0,①
1
解得∂z=
∂x
2∂x
f1'.②
yf2'
①两边再对x求导,得
f'-
'∂z-
'∂z+
2'∂z2+
'∂2z=
11yf12∂x
yf21∂x
yf22(∂x)
yf2∂x20,
∂2z
解出∂x2,并将②式代入,得
2
∂2z=1
-2'
∂z2+
'+'
∂z-'
∂x2
yf'[
yf22(∂x)
y(f12
f21)∂x
f11]
1
2
='[-y
f2'2
'2
f
1
2'2
+y(f1'2+
f2'1)
f1'-
'
f1'1]
yf2
yf2
yf2
2
=1(-f'2f'
+2f'f'f'-f'2f').
思考题
yf'3
122
1212
111
1∂z
1∂z
1.设函数f(u)可导,z=
f(siny-sinx)+xy则
cosx
⋅∂x
+
cosy∂y
=.
y2∂z∂z
2.设函数f(u)可导,z=yf(x)则2x∂x+y∂y=.
3.设函数
f(u,v)具有2阶连续偏导数,函数g(x,y)=xy-f(x+y,x-y),求
∂2g+
∂x2
∂2g
∂x∂y
∂2g
+
∂y2.
∂2u∂2u∂u∂u
4.已知函数u(x,y)满足2∂x2