圆幂定理讲义带答案解析.docx
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圆幂定理讲义带答案解析
圆幂定理
STEP1:
进门考
理念:
1.检测垂径定理的基本知识点与题型
2.垂径定理典型例题的回顾检测。
3.分析学生圆部分的薄弱环节。
1)例题复习
1.(2015?
夏津县一模)一副量角器与一块含30°锐角的三角板如图所示
放置,三角板的直角顶点C落在量角器的直径MN上,顶点A,B恰好都落在量角
器的圆弧上,且AB∥MN.若AB=8cm,则量角器的直径MN=cm.
【考点】M3:
垂径定理的应用;KQ:
勾股定理;T7:
解直角三角形.
【分析】作CD⊥AB于点D,取圆心O,连接OA,作OE⊥AB于点E,首先求得CD的长,即OE的长,在直角△AOE中,利用勾股定理求得半径OA的长,则MN即可求解.
解答】
解:
作CD⊥AB于点D,取圆心O,连接OA,作OE⊥AB于点E.
在直角△
ABC中,∠A=30°,则BC=AB=4cm,在直角△BCD中,∠B=90°﹣∠A=60°,
=2(cm),∴OE=CD=2,
在△AOE中,AE=AB=4cm,
∴CD=BC?
sinB=×4
则OA===2(cm),则MN=2OA=4(cm).故答案是:
4.
【点评】本题考查了垂径定理的应用,在半径或直径、弦长以及弦心距之间的计算中,常用的方法是转化为解直角三角形.
2.
(2017?
阿坝州)如图将半径为2cm的圆形纸片折叠后,圆弧恰好经过
【考点】M2:
垂径定理;PB:
翻折变换(折叠问题).
【分析】通过作辅助线,过点O作OD⊥AB交AB于点D,根据折叠的性质可知OA=2O,D根据勾股定理可将AD的长求出,通过垂径定理可求出AB的长.
【解答】解:
过点O作OD⊥AB交AB于点D,连接OA,
∵OA=2OD=2c,m∴AD===(cm),
点评】本题考查了垂径定理和勾股定理的运用,正确应用勾股定理是解题关键.
3.(2014?
泸州)如图,在平面直角坐标系中,⊙P的圆心坐标是(3,a)a>3),半径为3,函数y=x的图象被⊙P截得的弦AB的长为,则a的值
A.4
考点】M2:
垂径定理;F8:
一次函数图象上点的坐标特征;KQ:
勾股定理.
专题】11:
计算题;16:
压轴题.
【分析】PC⊥x轴于C,交AB于D,作PE⊥AB于E,连结PB,由于OC=3,PC=a,易得D点坐标为(3,3),则△OCD为等腰直角三角形,△PED也为等腰直角三角形.由PE⊥AB,根据垂径定理得AE=BE=AB=2,在Rt△PBE中,利用勾股定理可计算出PE=1,则PD=PE=
,所以a=3+.
【解答】解:
作PC⊥x轴于C,交AB于D,作PE⊥AB于E,连结PB,如图,
∵⊙P的圆心坐标是(3,a),∴OC=3,PC=a,
把x=3代入y=x得y=3,∴D点坐标为(3,3),∴CD=3,∴△OCD为等腰直角三角形,∴△PED也为等腰直角三角形,
∵PE⊥AB,
∴PE=,∴PD=PE=,∴a=3+.故选:
B.
4.(2013?
内江)在平面直角坐标系xOy中,以原点O为圆心的圆过点A
13,0),直线y=kx﹣3k+4与⊙O交于B、C两点,则弦BC的长的最小值为
【分析】根据直线y=kx﹣3k+4必过点D(3,4),求出最短的弦CB是过点D且与该圆直径垂直的弦,再求出OD的长,再根据以原点O为圆心的圆过点A(13,0),求出OB的长,再利用勾股定理求出BD,即可得出答案.
【解答】解:
∵直线y=kx﹣3k+4=k(x﹣3)+4,∴k(x﹣3)=y﹣4,
∵k有无数个值,∴x﹣3=0,y﹣4=0,解得x=3,y=4,
∴直线必过点D(3,4),∴最短的弦CB是过点D且与该圆直径垂直的弦,∵点D的坐标是(3,4),∴OD=5,
∵以原点O为圆心的圆过点A(13,0),∴圆的半径为13,∴OB=13,∴BD=12,∴BC的长的最小值为24;故答案为:
24.
【点评】此题考查了一次函数的综合,用到的知识点是垂径定理、勾股定理、圆的有关性质,关键是求出BC最短时的位置.
STEP2:
新课讲解
1、熟练掌握圆幂定理的基本概念。
2、熟悉有关圆幂定理的相关题型,出题形式与解题思路
3、能够用自己的话叙述圆幂定理的概念。
4、通过课上例题,结合课下练习。
掌握此部分的知识。
、相交弦定理
相交弦定理
(1)相交弦定理:
圆内的两条相交弦,被交点分成的两条线段长的积相等.(经过圆内一点引两条线,各弦被这点所分成的两段的积相等).
几何语言:
若弦AB、CD交于点P,则PA?
PB=PC?
PD(相交弦定理)
(2)推论:
如果弦与直径垂直相交,那么弦的一半是它分直径所成的两条线段的比例中项.
几何语言:
若AB是直径,CD垂直AB于点P,则PC2=PA?
PB(相交弦定理推论)
基本题型:
例1】(2014秋?
江阴市期中)如图,⊙O的弦AB、CD相交于点P,若AP=3,
BP=4,CP=2,则CD长为()
PD=
点评】本题考查了相交线定理,圆内两条弦相交,被交点分成的两条线段的积相等.
练习1】(2015?
南长区一模)如图,矩形ABCD为⊙O的内接四边形,AB=2,
BC=3,点E为BC上一点,且BE=1,延长AE交⊙O于点F,则线段AF的长为
考点】M7:
相交弦定理.
分析】由矩形的性质和勾股定理求出AE,再由相交弦定理求出EF,即可得出AF的长.解答】解:
∵四边形ABCD是矩形,
∴∠B=90°,
∴AE===,
∵BC=3,BE=1,∴CE=2,由相交弦定理得:
AE?
EF=BE?
C,E
=
=
=
∴AF=AE+EF=;
故选:
A.
相交弦定理;熟练掌握矩形的性质和相交弦定
【点评】本题考查了矩形的性质、勾股定理、理,并能进行推理计算是解决问题的关键.
综合题型
例2】(2004?
福州)如图,AB是⊙O的直径,M是⊙O上一点,MN⊥AB,垂
足为N.P、Q分别是、上一点(不与端点重合),如果∠MNP∠=MNQ,
面结论:
①∠1=∠2;②∠P+∠Q=180°;③∠Q=∠PMN;④PM=Q;M⑤
MN2=PN?
Q.N其中正确的是(
A.①②③B.①③⑤C.④⑤D.①②⑤
【考点】M7:
相交弦定理;M2:
垂径定理;M4:
圆心角、弧、弦的关系;M5:
圆周角定理;S9:
相似三角形的判定与性质.
【专题】16:
压轴题.
【分析】根据圆周角定理及已知对各个结论进行分析,从而得到答案.
【解答】解:
延长MN交圆于点W,延长QN交圆于点E,延长PN交圆于点F,连接PE,QF∵∠PNM=∠QNM,MN⊥AB,
∴∠1=∠2(故①正确),
∵∠2与∠ANE是对顶角,
∴∠1=∠ANE,
∵AB是直径,
∴可得PN=EN,
同理NQ=N,F
∵点N是MW的中点,MN?
NW=MN2=PN?
NF=EN?
NQ=PN(?
Q故N⑤正确),
∴MN:
NQ=PN:
MN,
∵∠PNM=∠QNM,
∴△NPM∽△NMQ,
∴∠Q=∠PMN(故③正确)故选B.
点评】本题利用了相交弦定理,相似三角形的判定和性质,垂径定理求解.
与代数结合的综合题
例3】(2016?
中山市模拟)如图,正方形ABCD内接于⊙O,点P在劣弧AB
上,连接DP,交AC于点Q.若QP=Q,O则的值为()
A.B.C.D.
【考点】M7:
相交弦定理;KQ:
勾股定理.
【专题】11:
计算题.
【分析】设⊙O的半径为r,QO=m,则QP=m,QC=r+m,QA=r﹣m.利用相交弦定理,求出m与r的关系,即用r表示出m,即可表示出所求比值.
【解答】解:
如图,设⊙O的半径为r,QO=m,则QP=m,QC=r+m,
QA=r﹣m.
在⊙O中,根据相交弦定理,得QA?
QC=QP?
.QD
即(r﹣m)(r+m)=m?
Q,D所以QD=.
连接DO,由勾股定理,得QD2=DO2+QO2,
【点评】本题考查了相交弦定理,即“圆内两弦相交于圆内一点,各弦被这点所分得的两线段的长的乘积相等”.熟记并灵活应用定理是解题的关键.
需要做辅助线的综合题
【例4】(2008秋?
苏州期末)如图,⊙O过M点,⊙M交⊙O于A,延长⊙O
的直径AB交⊙M于C,若AB=8,BC=1,则AM=.
【考点】M7:
相交弦定理;KQ:
勾股定理;M5:
圆周角定理.
【分析】根据相交弦定理可证AB?
BC=EB?
B(F=EM+M)B(MF﹣MB)=AM2﹣MB2=8,又由直径对的圆周角是直角,用勾股定理即可求解AM=6.
【解答】解:
作过点M、B的直径EF,交圆于点E、F,
则EM=MA=M,F
由相交弦定理知,AB?
BC=EB?
B(F=EM+M)B(MF﹣MB)=AM2﹣MB2=8,
∵AB是圆O的直径,
∴∠AMB=9°0,
222
由勾股定理得,AM2+MB2=AB2=64,
∴AM=6.
【点评】本题利用了相交弦定理,直径对的圆周角是直角,勾股定理求解.
割线定理
割线定理
:
从圆外一点引圆的两条割线,
这一点到每条割线与圆的交点的两条线段长的积
相等.
几何语言
PDC是⊙O的割线
∵PBA,
∴PD?
PC=PA?
PB(割线定理)
由上可知
2
:
PT2=PA?
PB=PC?
PD.
基本题型
例5】(1998?
绍兴)如图,过点P作⊙O的两条割线分别交⊙O于点A、B
和点C、D,已知PA=3,AB=PC=,2则PD的长是()
【考点】MH:
切割线定理.
【分析】由已知可得PB的长,再根据割线定理得PA?
PB=PC?
PD即可求得PD的长.【解答】解:
∵PA=3,AB=PC=2,
∴PB=5,
∵PA?
PB=PC?
P,D∴PD=7.5,故选B.
点评】主要是考查了割线定理的运用.
练习2】(2003?
天津)如图,Rt△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4,以点C为
圆心、CA为半径的圆与AB、BC分别交于点D、E.求AB、AD的长.
AB的长;
考点】MH:
切割线定理;KQ:
勾股定理.分析】Rt△ABC中,由勾股定理可直接求得
BD的长,进而可求
延长BC交⊙C于点F,根据割线定理,得BE?
BF=BD?
B,A由此可求出得AD的长.
【解答】解:
法1:
在Rt△ABC中,AC=3,BC=4;根据勾股定理,得AB=5.
延长BC交⊙C于点F,则有:
EC=CF=AC=(3⊙C的半径),
法2:
过C作CM⊥AB,交AB于点M,如图所示,
∴CM=,
解得:
AM=,
AD=2AM=
点评】此题主要考查学生对勾股定理及割线定理的理解及运用.
综合题型
例6】(2015?
武汉校级模拟)如图,两同心圆间的圆环的面积为16π,过
小圆上任意一点P作大圆的弦AB,则PA?
PB的值是()
A.16B.16πC.4D.4π
【考点】MH:
切割线定理.
【分析】过P点作大圆的直径CD,如图,设大圆半径为R,小圆半径为r,根据相交弦定理得到PA?
PB(=OC﹣OP)?
(OP+OD)=R2﹣r2,再利用πR2﹣πr2=16π得到R2﹣r2=16,所以PA?
PB=1.6
【解答】解:
过P点作大圆的直径CD,如图,设大圆半径为R,小圆半径为r,∵PA?
PB=PC?
P,D
∴PA?
PB(=OC﹣OP)?
(OP+O)D
=(R﹣r)(R+r)
22
=R﹣r,
∵两同心圆间的圆环(即图中阴影部分)的面积为16π,
22
∴πR﹣πr=16π,
22
∴R2﹣r2=16,
∴PA?
PB=1.6故选A.
点评】本题考查了垂径定理:
平分弦的直径平分这条弦,并且平分弦所对的两条弧.也考
查了相交弦定理.
思考】观察讲义课后练习最后一道题,是否有思路?
三、切割线定理
切割线定理
切割线定理:
从圆外一点引圆的两条割线,这一点到每条割线与圆的交点的两条线段长的
积相等.
几何语言:
∵PBA,PDC是⊙O的割线∴PD?
PC=PA?
PB(割线定理)由上可知:
PT2=PA?
PB=PC?
PD.
例7】(2013?
长清区二模)如图,PA为⊙O的切线,A为切点,⊙O的割线
PBC过点O与⊙O分别交于B、C,PA=8cm,PB=4cm,求⊙O的半径.
【专题】11:
计算题.
【分析】连接OA,设⊙O的半径为rcm,由勾股定理,列式计算即可.【解答】解:
连接OA,
设⊙O的半径为rcm,(2分)
则r2+82=(r+4)2,(4分)
解得r=6,∴⊙O的半径为6cm.(2分)
点评】本题考查的是切割线定理,勾股定理,是基础知识要熟练掌握.
练习3】(2013秋?
东台市期中)如图,点P是⊙O直径AB的延长线上一点,
PC切⊙O于点C,已知OB=3,PB=2.则PC等于()
【考点】MH:
切割线定理.
【专题】11:
计算题.
【分析】根据题意可得出PC2=PB?
PA,再由OB=3,PB=2,则PA=8,代入可求出PC.2
【解答】解:
∵PC、PB分别为⊙O的切线和割线,∴PC2=PB?
PA,∵OB=3,PB=2,∴PA=8,∴PC2=PB?
PA=×28=16,∴PC=4.故选C.
【点评】本题考查了切割线定理,熟记切割线定理的公式PC2=PB?
PA.
四、切线长定理
切割线定理
1)圆的切线长定义:
经过圆外一点作圆的切线,这点和切点之间的线段的长,叫做这
点到圆的切线长.
(2)切线长定理:
从圆外一点引圆的两条切线,它们的切线长相等,圆心和这一点的连线,平分两条切线的夹角.
3)注意:
切线和切线长是两个不同的概念,切线是直线,不能度量;切线长是线段的
长,这条线段的两个端点分别是圆外一点和切点,可以度量.
(4)切线长定理包含着一些隐含结论:
1垂直关系三处;
2全等关系三对;
3弧相等关系两对,在一些证明求解问题中经常用到.
例8】(2015?
秦皇岛校级模拟)如图,一圆内切四边形ABCD,且BC=10,
AD=7,则四边形的周长为()
A.32B.34C.36D.38
【考点】MG:
切线长定理.
【分析】根据切线长定理,可以证明圆外切四边形的性质:
圆外切四边形的两组对边和相等,从而可求得四边形的周长.
【解答】解:
由题意可得圆外切四边形的两组对边和相等,所以四边形的周长=2×(7+10)=34.
故选:
B.
【点评】此题主要考查了切线长定理,熟悉圆外切四边形的性质:
圆外切四边形的两组对边和相等是解题关键.
练习4】(2015?
岳池县模拟)如图,PA,PB切⊙O于A,B两点,CD切⊙O
于点E交PA,PB于C,D,若⊙O的半径为r,△PCD的周长为3r,连接OA,
MG:
切线长定理;MC:
切线的性质.利用切线长定理得出CA=CF,DF=DB,PA=PB,进而得出
解答】解:
∵PA,PB切⊙O于A,B两点,CD切⊙O于点E交PA,PB于C,D,
∴CA=CF,DF=DB,PA=PB,∴PC+CF+DF+PD=PA=PB=2PA=,3r
∴PA=r,
=.
=.
则的值是:
故选:
D.
【点评】此题主要考查了切线长定理,得出PA的长是解题关键.
例9】(2014秋?
夏津县校级期末)如图,P为⊙O外一点,PA,PB分别切⊙
O于A,B,CD切⊙O于点E,分别交PA,PB于点C,D.若PA=5,则△PCD
的周长和∠COD分别为()
【解答】
∴PA=PB=10,ED=AD,CE=BC;∴△PCD的周长=PD+DE+PC+CE=2,PA即△PCD的周长=2PA=10,;如图,连接OA、OE、OB.
由切线性质得,OA⊥PA,OB⊥PB,OE⊥CD,DB=DE,AC=CE,
∵AO=OE=O,B
易证△AOC≌△EOC(SAS),△EOD≌△BOD(SAS),
∴∠AOC=∠EOC,∠EOD=∠BOD,
∴∠AOB=18°0﹣∠P,
∴∠COD=9°0﹣∠P.
【点评】本题考查了切线的性质,运用切线的性质来进行计算或论证,常通过作辅助线连接圆心和切点,利用垂直构造直角三角形解决有关问题,是基础题型.
五、圆幂定理
请尝试解出下列例题:
例10】(2005?
广州)如图,在直径为6的半圆上有两动点M、N,弦AM、
【考点】M7:
相交弦定理;KQ:
勾股定理;M5:
圆周角定理.
【专题】16:
压轴题;25:
动点型.
【分析】连接AN、BM,根据圆周角定理,由AB是直径,可证∠AMB=9°0,由勾股定理知,BP2=MP2+BM2,由相交弦定理知,AP?
PM=BP?
PN,原式=AP(AP+PM)+BP(BP+PN)=AP2+AP?
PM+BP2+BP?
PN=AP2+BP2+2AP?
PM=AP2+MP2+BM2+2AP?
PM=AP2+(AP+PM)2222
2=AP2+AM2=AB2=36.
【解答】解:
连接AN、BM,
∵AB是直径,
∴∠AMB=9°0.
∴BP2=MP2+BM2
∵AP?
PM=BP?
PN
原式=AP(AP+PM)+BP(BP+PN)=AP2+AP?
PM+BP2+BP?
PN
=AP2+BP2+2AP?
PM
=AP2+MP2+BM2+2AP?
PM
=BM2+(AP+PM)2=BM2+AM2=AB2=36.
点评】本题利用了圆周角定理和相交弦定理,勾股定理求解.
以上四条定理统称为圆幂定理。
(部分参考书以前三条为圆幂定理)
圆幂定理:
过平面内任一点P(P与圆心O不重合)做⊙O的(切)割线,交⊙O与点A、B,则恒有PAPBOP2r2。
(“OP2r2”被称为点P到⊙O的幂。
)
STEP3:
落实巩固——查漏补缺
理念:
找到自己本节课的薄弱环节。
STEP4:
总结
理念:
本结课复习了什么?
学到了什么?
方法:
学生口述+笔记记录。
STEP5:
课后练习
一.选择题(共5小题)
1.如图所示,已知⊙O中,弦AB,CD相交于点P,AP=6,BP=2,CP=4,则PD
的长是()
A.6B.5C.4D.3
【分析】可运用相交弦定理求解,圆内的弦AB,CD相交于P,因此AP?
PB=CP?
P,D代入已
知数值计算即可.
【解答】解:
由相交弦定理得AP?
PB=CP?
P,D
∵AP=6,BP=2,CP=4,
∴PD=AP?
P÷BCP=6×2÷4=3.
故选D.
【点评】本题主要考查的是相交弦定理“圆内两弦相交于圆内一点,各弦被这点所分得的两线段的长的乘积相等”.
2.⊙O的两条弦AB与CD相交于点P,PA=3cm,PB=4cm,PC=2cm,则CD=()
A.12cmB.6cmC.8cmD.7cm
分析】根据相交弦定理进行计算.
∴DP=
解答】解:
由相交弦定理得:
PA?
PB=PC?
P,D
=6cm,CD=PC+PD=2+6=8c.m故选C.
各弦被这点所分得的两线
PA=4,PB=6,PD=2,则⊙O
【点评】本题主要是根据相交弦定理“圆内两弦相交于圆内一点,段的长的乘积相等”进行计算.
3.如图,⊙O中,弦AB与直径CD相交于点P,且
的半径为()
A.9B.8C.7D.6
【分析】根据相交弦定理得出AP×BP=CP×DP,求出CP,求出CD即可.
【解答】解:
由相交弦定理得:
AP×BP=CP×DP,∵PA=4,PB=6,PD=2,
∴CP=12,∴DC=12+2=14,
∵CD是⊙O直径,
∴⊙O半径是7.
故选C.
【点评】本题考查了相交弦定理的应用,关键是能根据定理得出AP×BP=CP×DP.
4.如图,A是半径为1的圆O外的一点,OA=2,AB是⊙O的切线,B是切点,弦
BC∥OA,连接AC,则阴影部分的面积等于()
A.B.C.D.
【分析】连接OB,OC,易证:
△BOC是等边三角形,且阴影部分的面积=△BOC的面积,据此即可求解.
【解答】解:
连接OB,OC,
∵AB是圆的切线,
∴∠ABO=9°0,
在直角△ABO中,OB=1,OA=2,
∴∠OAB=3°0,∠AOB=6°0,∵OA∥BC,
∴∠COB=∠AOB=6°0,且S阴影部分=S△BOC,
∴S阴影部分=S△BO
∴△BOC是等边三角形,边长是1,
C=×1×=.
点评】本题主要考查了三角形面积的计算,以及切割线定理,正确证明△BOC是等边三角
形是解题的关键.
5.如图,PA,PB分别是⊙O的切线,A,B分别为切点,点E是⊙O上一点,且
A.120°B.60°C.30°D.45°
【分析】连接OA,BO,由圆周角定理知可知∠AOB=2∠E=120°,PA、PB分别切⊙O于点A、B,利用切线的性质可知∠OAP=∠OBP=9°0,根据四边形内角和可求得∠P=180°﹣∠AOB=6°0.
【解答】解:
连接OA,BO;
∵∠AOB=2∠E=120°,
∴∠OAP=∠OBP=9°0,
∴∠P=180°﹣∠AOB=6°0.
【点评】本题考查了切线的性质,切线长定理以及圆周角定理,利用了四边形的内角和为
360度求解.
.解答题(共3小题)
6.如图,P为弦AB上一点,CP⊥OP交⊙O于点C,AB=8,=,求PC的长.
【分析】延长CP交⊙O于D.由垂径定理可知CP=DP,由AB=8,=,得到AP=AB=2,
PB=AB=6.再根据相交弦定理得出PC