云南省文山州文山县民中学年高二月考物理试题精校Word版含答案.docx

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云南省文山州文山县民中学年高二月考物理试题精校Word版含答案

文山州文山县民中2018-2019学年10月份考试

高二物理

本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。

学校：

___________姓名：

___________班级：

___________考号：

___________

分卷I

一、单选题（共10小题,每小题3.0分,共30分）

1.如图所示，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠NMP=30°．M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN，φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（　　）

A．点电荷Q一定在MP的连线上

B．连接PF的线段一定在同一等势面上

C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功

D．φP小于φM

2.如图所示，带有等量异种电荷的平行板电容器的金属板M、N水平放置．两板之间有一带电微粒以速度v0沿直线运动．当微粒运动到P点时，将M板迅速向上平移一小段距离，则此后微粒（　　）

A．可能沿轨迹①运动B．一定沿轨迹②运动

C．可能沿轨迹③运动D．可能沿轨迹④运动

3.真空中放置两个点电荷，电量各为q1与q2，它们相距r时静电力大小为F，若将它们的电量分别减为原来的一半，则它们之间的静电力大小是（　　）

A．

B．

C．2FD．4F

4.两根绝缘细线分别系住A、B两个带电小球，并悬挂在O点，当两个小球静止时，它们处在同一水平面上，两细线与竖直方向间夹角分别为α、β，α<β，如图所示．现将两细线同时剪断，则（　　）

A．两球都做匀变速运动B．两球下落时间ta>tb

C．落地时两球水平位移相同D．a球落地时的速度小于b球落地时的速度

5.如图所示，在光滑且绝缘的水平面上有两个金属小球A和B，它们用一绝缘轻弹簧相连，带同种电荷．弹簧伸长x0时小球平衡，如果A、B带电荷量加倍，当它们重新平衡时，弹簧伸长为x，则x和x0的关系为（　　）

A．x＝2x0B．x＝4x0C．x<4x0D．x>4x0

6.在x轴上存在与x轴平行的电场，x轴上各点的电势随x点位置变化情况如图所示．图中－x1～x1之间为曲线，且关于纵轴对称，其余均为直线，也关于纵轴对称．下列关于该电场的论述正确的是（　　）

A．x轴上各点的场强大小相等

B．从－x1到x1场强的大小先减小后增大

C．一个带正电的粒子在x1点的电势能大于在－x1点的电势能

D．一个带正电的粒子在－x1点的电势能大于在－x2的电势能

7.现有不带电的甲、乙两物体,相互摩擦之后,经检验甲带正电.那么下列说法正确的是（）

A．乙原来一定带正电,与甲接触后使甲带上正电

B．甲在与乙摩擦时得到了乙的电子

C．乙在与甲摩擦时得到了甲的电子

D．甲带的电荷量大于乙带的电荷量

8.一个电容器，带了电量Q后，两极板电势差为U，若它带的电量减少

，则（　　）

A．电容为原来的

，两极板电压不变

B．电容为原来2倍，两极板电压不变

C．电容不变，两极板电压是原来的

D．电容不变，两极板电压是原来的2倍

9.如图所示的电解槽中，如果在4s内各有4C的正、负电荷通过面积为0.08m2

的横截面AB，那么（　　）

A．正离子向左移动，负离子向右移动

B．由于正负离子移动方向相反，所以电解槽中无电流

C．4s内通过横截面AB的电荷量为4C

D．电解槽中的电流为2A

10.关于电源电动势E的下列说法中错误的是（）

A．电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特V

B．干电池和铅蓄电池的电动势是不同的

C．电动势E可表示为

可知，电源内非静电力做功越多，电动势越大

D．电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大

二、多选题（共4小题,每小题4.0分,共16分）

11.（多选）如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处．由此可知（　　）

A．O为负电荷

B．在整个过程中q的电势能先变小后变大

C．在整个过程中q的加速度先变大后变小

D．在整个过程中，电场力做功为零

12.（多选）有一个点电荷只受电场力的作用，分别从两电场中的a点由静止释放，在它沿直线运动到b点的过程中，动能Ek随位移x变化的关系图象如图所示中的①、②图线．则下列说法正确的是（　　）

A．正电荷在甲图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是①

B．负电荷在乙图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是②

C．负电荷在丙图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是②

D．正电荷在丁图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是①

13.（多选）关于起电，下列说法正确的是（　　）

A．用毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是正电荷

B．用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷是正电荷

C．带电金属球与不带电金属球接触，可使原不带电的金属球带电

D．原来不带电的两物体相互摩擦后带上了电，说明能够创造电荷

14.（多选）对于不同型号的干电池，下列说法中正确的是（　　）

A．1号干电池的电动势大于5号干电池的电动势

B．1号干电池的容量比5号干电池的容量大

C．1号干电池的内阻比5号干电池的内阻大

D．把1号和5号干电池分别连入电路中，若电流I相同，它们做功的快慢相同

分卷II

三、填空、实验（每小题5分共20分）

15.如图所示，在带电体C的右侧有两个相互接触的金属导体A和B，均放在绝缘支座上．若先将A、B分开，再移走C，则A带　　电，B带　　电．（填正或负）

16.下图展示了等量异种点电荷的电场线和等势面，从图中我们可以看出，A、B两点的场强________、电势________，C、D两点的场强________、电势________（以上四空均填“相同”或“不同”）．

17.如图所示，a、b、c表示点电荷电场中的三个等势面，它们的电势分别为φ、

φ和

φ（φ>0），该点电荷的电性为________．一带电粒子从等势面a上某处由静止释放，仅受到电场力作用而运动，已知带电粒子经过等势面b时的速率为v，它经过等势面c时的速率为________．

18.使物体带电的方法有，　　、　　、　　三种，无论哪种方法，都是电荷在物体之间的转移或从物体的一部分转移到另一部分，电荷的总量　　．

四、计算题

19.有一个带电荷量q＝3×10－6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服电场力做6×10－4J的功，从B点移到C点电场力对电荷做功9×10－4J，求：

（1）A、B两点间电势差，

（2）A、C两点间电势差，并说明A、C两点哪点电势较高．

20.在场强为E、方向竖直向下的匀强电场中，有两个质量均为m的带电小球A和B，电荷量分别为＋2q和－q，两小球间用长为l的绝缘细线连接，并用绝缘细线悬挂在O点，如图所示．平衡时，细线对悬点O的作用力多大？

21.如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正电荷Q为圆心的某圆交于B、C两点，质量为m、带电荷量－q的有孔小球从杆上A点无初速度下滑，已知q≪Q，AB＝h，小球滑到B点时的速度大小为

.求小球由A到B的过程中静电力做的功及A、B两点间的电势差．

22.为使带负电的点电荷q在一匀强电场中沿直线匀速地由A运动到B，必须对该电荷施加一个恒力F，如图所示，若AB＝0.4m，α＝37°，q＝－3×10－7C，F＝1.5×10－4N，A点的电势φA＝100V．（不计负电荷受到的重力sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）

（1）在图中用实线画出电场线，用虚线画出通过A、B两点的等势线，并标明它们的电势．

（2）求q在由A到B的过程中电势能的变化量是多少？

答案解析

1.【答案】A

【解析】点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，在MP的连线上，如图所示，故A正确；

φP=φF，线段PF是P、F所在等势面（圆）的一个弦，故B错误；

在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C错误；

在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故φP＞φM，故D错误．

2.【答案】B

【解析】带电微粒沿直线运动说明受到的静电力与重力平衡，在两极板间的距离变化后，根据C＝

，C＝

，可得E＝

＝

＝

，两板间的电场强度和两板间的距离无关，所以电场强度保持不变，故带电微粒仍做直线运动，即一定沿轨迹②运动，选项B正确．

3.【答案】A

【解析】由库仑定律的公式F=k

知，保持它们之间的距离不变，将两个点电荷的电量都减小为原来的一半，则它们之间的静电力大小变为原来的

倍．故A正确，B、C、D错误．

4.【答案】D

【解析】设两球之间的库仑力大小为F，当两小球静止时，则有F＝magtanα＝mbgtanβ，因为α<β，所以有ma>mb.将两细线同时剪断后，两球在竖直方向都做自由落体运动，下落时间相同，故B错误．在水平方向上，库仑力逐渐变小，两球在库仑力作用下做变加速直线运动，故A错误．由a＝

可知，加速度aa

5.【答案】C

【解析】设弹簧原长为l，劲度系数为k′，根据库仑定律和平衡条件列式得

k

＝k′x0，k

＝k′x

两式相除：

＝

，得：

x＝

·4x0，

因l＋x>l＋x0，由此推断选项C正确．

6.【答案】B

【解析】φ－x图象的斜率等于电场强度大小，故x轴上的电场强度不同，故A错误；从－x1到x1场强斜率先减小后增大，故场强先减小后增大，故B正确；由图可知，场强方向指向O，根据电场力做功可知，一个带正电的粒子在x1点的电势能等于在－x1点的电势能，故C、D错误.

7.【答案】C

【解析】由电荷守恒定律可知，在摩擦过程中，甲带了正电，说明甲上的电子转移到乙物体上，乙物体带上等量负电荷，故C正确。

8.【答案】C

【解析】电容仅由电容器本身决定，所以若它带的电荷量减少

，则电容不变，根据C＝

知两极板电压是原来的

.

9.【答案】D

【解析】电源与电解槽中的两极相连后，左侧电极电势高于右侧电极，由于在电极之间建立电场，电场方向由左指向右，故正离子向右移动，负离子向左移动，电解槽中的电流方向向右，选项A、B错误；4s内通过横截面AB的电荷量为4C+4C=8C，选项C错误；由电流强度的定义

，选项D正确.

10.【答案】C

【解析】电动势E的单位与电势差的单位相同，都是伏特，故A正确；电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，干电池的电动势为1.5V，而铅蓄电池的电动势大小是2V，故B正确；电动势E可表示为

可知，电源内非静电力移动单位正电荷做功越多，电动势越大，选项C错误；电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大，选项D正确.

11.【答案】CD

【解析】由运动轨迹分析可知q受到库仑斥力的作用，O点的电荷应为正电荷，A错；从a到b的过程q受到逐渐变大的库仑斥力，速度逐渐减小，加速度增大，电势能逐渐增大；而从b到c的过程q受到逐渐变小的库仑斥力，速度逐渐增大，加速度减小，电势能逐渐减小，B错，C对；由于a、c两点在同一等势面上，整个过程中，电场力不做功，D对．

12.【答案】AC

【解析】根据动能定理qU=mv2可知，物体的动能Ek=qU，

而U=x，

故有Ek=qx，

在甲图中各点的场强相同，故正电荷从a点由静止释放后在向b运动的过程中所受电场力大小不变，故Ek﹣x图象的斜率保持不变，故A正确．

在乙图中各点的场强相同，故负电荷从a点由静止释放后在向b运动的过程中所受电场力大小不变，故Ek﹣x图象的斜率保持不变，故B错误．

在丙图中由a到b场强逐渐增大，故负电荷从a点由静止释放后在向b运动的过程中所受电场力逐渐增大，故Ek﹣x图象的斜率逐渐增大，故C正确．

在丁图中a到b场强逐渐减小，正电荷从a点由静止释放后所受的电场力向左，不可能运动到b，故D错误．

13.【答案】BC

【解析】毛皮与橡胶棒摩擦，有电子从毛皮转移到橡胶棒，故橡胶棒带负电，故A错误．丝绸与玻璃棒摩擦，有电子从玻璃棒转移到丝绸上，故玻璃棒带正电．故B正确．带电金属球与不带电金属球接触，可使原不带电的金属球带电，是接触起电．故C正确．摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．故D错误．

14.【答案】BD

【解析】1号干电池与5号干电池内部的非静电力是相同的，所以电动势相同，但1号干电池的体积大，其容量大．

15.【答案】负正

【解析】由于静电感应，A带上负电，B带上正电；先把导体A和B分开，再移走C，导体A和B由于感应起电带上异种电荷不会再移走，所以此时A带负电，B带正电．

故答案为：

负；正．

16.【答案】相同　不同　不同　相同

【解析】

17.【答案】正　

v

【解析】沿着电场线的方向电势降低，由题中关系可知场源电荷为正电荷；由动能定理得q（φa－φb）＝

mv2①

q（φa－φc）＝

mv

②

由①②得：

vc＝

v

18.【答案】摩擦起电感应起电接触起电保持不变

【解析】使物体带电的方式有三种：

摩擦起电、感应起电、接触起电．

由电荷守恒定律可知，无论哪种方法，都是电荷在物体之间的转移或从物体的一部分转移到另一部分，电荷的总量保持不变．

故答案为：

摩擦起电、感应起电、接触起电，保持不变．

19.【答案】

（1）－200V　

（2）100V　A点电势较高

【解析】

（1）A、B两点间电势差为UAB＝

＝

V＝－200V

（2）B、C两点间电势差为UBC＝

＝

V＝300V

故A、C两点间电势差UAC＝UAB＋UBC＝－200V＋300V＝100V

因为UAC＞0，所以A点电势比C点电势高100V.

20.【答案】2mg＋qE

【解析】解法1：

隔离法

设上、下两细线的拉力分别为FT1、FT2，以两小球为研究对象，受力分析：

A球受到悬线向上的拉力FT1，向下的重力mg，细线拉力FT2，库仑力为FC，电场力FE1；B球受到向上的细线拉力FT2′，库仑力FC′，电场力FE2，向下的重力mg，它们的隔离体受力图如图甲所示．

平衡时，满足条件：

FT1＝mg＋FT2＋FC＋FE1①

FT2′＋FC′＋FE2＝mg②

因FT2＝FT2′，FC＝FC′，FE1＝2qE，FE2＝qE，联立①②两式得：

FT1＝2mg＋qE.

根据牛顿第三定律，可知细线对悬点O的拉力大小为2mg＋qE.

解法2：

整体法

如果把两个小球和中间的细线作为一个整体（系统），那么电荷间相互作用的库仑力FC和FC′，细线的拉力FT2和FT2′都是系统的内力，它们互相抵消，作用在系统上的外力仅为两球重力2mg，悬线拉力FT1，电场力FE＝qE（如图乙所示），于是由力的平衡条件可得FT1＝2mg＋FE＝2mg＋qE.

21.【答案】

mgh　－

【解析】因为Q是正点电荷，所以以Q为圆心的圆面是一个等势面，这是一个重要的隐含条件，由A到B过程中静电力是变力，所以不能直接用W＝Fx来解，只能考虑应用功能关系求解．因为杆是光滑的，所以小球从A到B过程中只有两个力做功：

静电力做功WE和重力做功mgh，由动能定理得：

WE＋mgh＝

mv

代入已知条件vB＝

得静电力做功

WE＝

m·3gh－mgh＝

mgh

U＝

＝

由于φA＜φB，所以UAB＝－

22.【答案】

（1）

（2）4.8×10－5J

【解析】

（1）因为点电荷在电场中匀速运动

所以F＋qE＝0

E＝－

＝

N/C＝500N/C

方向与F的方向相同．

UAB＝E·AB·cosα＝500×0.4×0.8V＝160V.

φB＝φA－UAB＝100－160＝－60V

电场线和等势线如图所示．

（2）设电势能的增加量为ΔE

ΔE＝－W电

ΔE＝－qUAB＝3×10－7×160J＝4.8×10－5J.