云南省广南一中届高三五月份模拟考试理综物理部分Word版含答案.docx

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云南省广南一中届高三五月份模拟考试理综物理部分Word版含答案

云南省广南一中2018届高三五月份模拟考试

高三理综物理部分

分卷I

一、单选题（共5小题,每小题6.0分,共30分）

1.由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道．当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行．已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图1所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为（　　）

A．西偏北方向，1.9×103m/s

B．东偏南方向，1.9×103m/s

C．西偏北方向，2.7×103m/s

D．东偏南方向，2.7×103m/s

【答案】B

【解析】　

附加速度Δv与卫星飞经赤道上空时速度v2及同步卫星的环绕速度v1的矢量关系如图所示．由余弦定理可知，

Δv＝

≈1.9×103m/s，方向为东偏南方向，故B正确，A，C，D错误．

2.如图所示，重型自卸车利用液压装置使车厢缓慢倾斜到一定角度，车厢上的石块就会自动滑下．以下说法正确的是（　　）

A．在石块下滑前后自卸车与石块整体的重心位置不变

B．自卸车车厢倾角越大，石块与车厢的动摩擦因数越小

C．自卸车车厢倾角变大，车厢与石块间的正压力减小

D．石块开始下滑时，受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力

【答案】C

【解析】物体的重心的位置跟形状还有质量分布有关，石块下滑前后，质量分布变化，形状变化，所以重心改变，选项A错误；动摩擦因数与倾角无关，故选项B错误；由图可知，FN＝mgcosθ，Ff＝mgsinθ，倾角变大，所以正压力FN随角度变大而减小，所以C正确；石块开始下滑时，重力沿斜面方向的分力大于石块受到的摩擦力，选项D错误．

3.如图是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中电源电动势为E，内阻为r，R1、R2是定值电阻，RB是磁敏传感器，它的电阻随磁体的出现而减小，c、d接报警器．电路闭合后，当传感器RB所在处出现磁体时，则电流表的电流I，c、d两端的电压U将（）

A．I变大，U变小B．I变小，U变大

C．I变大，U变大D．I变小，U变小

【答案】A

【解析】当传感器RB所在处出现磁体时，RB的电阻变小，电路总电阻变小，电路总电流即干路电流变大，并联电压即cd之间的电压

变小，那么通过电阻

的电流

变小，那么电流表的示数

变大，选项A对。

4.一物体受绳子的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改为匀速运动，再改做减速运动，则下列说法中正确的是（　　）

A．加速前进时，绳子拉物体的力大于物体拉绳子的力

B．减速前进时，绳子拉物体的力小于物体拉绳子的力

C．只有匀速前进时，绳子拉物体的力才与物体拉绳子的力大小相等

D．不管物体如何前进，绳子拉物体的力与物体拉绳子的力大小总相等

【答案】D

【解析】绳拉物体的力与物体拉绳子的力是一对作用力和反作用力．根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，方向相反，分别作用在物体上和绳子上，作用力和反作用力的关系与物体的运动状态和作用效果无关．加速前进、匀速前进或减速前进时，绳子拉物体的力都等于物体拉绳子的力，故A、B、C均错，D正确．

5.如图所示，平行导轨间有一矩形的匀强磁场区域，细金属棒PQ沿导轨从MN处匀速运动到M′N′的过程中，棒上感应电动势E随时间t变化的图象，可能正确的是（　　）

A．

B．

C．

D．

【答案】A

【解析】导线做匀速直线运动切割磁感线时，E＝BLv，是常数；开始没有切割，就没有电动势，最后一段也没有切割．

二、多选题（共3小题,每小题6.0分,共18分）

6.（多选）如图所示，分别用恒力F1、F2将质量为m的物体，由静止开始，沿相同的、固定、粗糙斜面由底端推到顶端，F1沿斜面向上，F2沿水平方向．已知两次所用时间相等，则在两个过程中（　　）

A．物体加速度相同

B．恒力F1、F2对物体做功相同

C．物体克服摩擦力做功相同

D．物体机械能增量相同

【答案】AD

【解析】由公式x＝at2得，由于x和t均相同，故a相同，故A正确；由v＝at，结合A项分析得，物体末速度相同，又由于处于相同的高度，所以两物体机械能增量相同，对每一个物体而言，除重力以外的合力对物体做功等于机械能的增量，而第二物体摩擦力较大，摩擦力做功较多，则F2做功也较多，故B错误D正确；由图示分析可知，第二个物体所受斜面的摩擦力较大，故两物体克服摩擦力做功不同，故C错误．

7.（多选）有人做过这样一个实验：

如图所示，把一个鸡蛋A快速向另一个完全一样的静止的鸡蛋B撞去（用同一部分撞击），结果每次都是被撞击的静止鸡蛋B被撞破，则下面说法正确的是（　　）

A．A对B的作用力的大小等于B对A的作用力的大小

B．A对B的作用力的大小大于B对A的作用力的大小

C．A蛋碰撞瞬间，其内蛋黄和蛋白由于惯性会对A蛋壳产生向前的作用力

D．A蛋碰撞部位除受到B对它的作用力外，还受到A蛋中蛋黄和蛋白对它的作用力，所以所受合力较小

【答案】ACD

【解析】A对B的作用力和B对A的作用力为作用力与反作用力，一定大小相等，A正确，B错误；在撞击瞬间，A蛋内蛋黄和蛋白由于惯性，会产生对A蛋壳向前的作用力，使A蛋壳接触处所受的合力比B蛋壳的小，因此B蛋壳易被撞破，故C、D正确．

8.（多选）如图所示，P、Q为一平行板电容器的两个竖直放置的金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球，闭合开关S，小球静止时，悬线偏离竖直方向α角，则有（　　）

A．小球一定带正电

B．若断开开关S，小球将回到竖直位置

C．若断开开关S，将P板向上微移，悬线偏角将变大

D．保持开关S闭合，将P板向左微移，悬线拉力将变小

【答案】ACD

【解析】小球受重力mg、线的拉力FT和电场力qE，根据共点力平衡条件可知，重力mg和电场力qE的合力F与线的拉力FT必定等大反向，其受力示意图如下图所示，根据图中几何关系有：

qE＝mgtanα，FT＝F＝

，由于电场方向由P板指向Q板，与电场力方向相同，因此小球带正电，故选项A正确；若断开开关S，则平行板电容器两金属板所带电量Q不变，两板间电势差U不变，因此电场强度E不变，即小球受力不变，因此小球静止不动，故选项B错误；若断开开关S，将P板向上微移，则平行板电容器两金属板所带电量Q不变，但电容C减小，因此两板间电势差U增大，电场强度E增大，因此悬线偏角α将变大，故选项C正确；若保持开关S闭合，则两板间电势差U不变，将P板向左微移，则板间距d增大，因此电场强度E减小，因此悬线偏角α将变小，悬线拉力FT将变小，故选项D正确．

分卷II

三、实验题（共2小题,每小题10.0分,共20分）

9.为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，小亮设计了如图所示的装置进行实验．实验中，当木块A位于水平桌面上的O点时，重物B刚好接触地面．将A拉到P点，待B稳定后静止释放，A最终滑到Q点．分别测量OP、OQ的长度h和s.改变h，重复上述实验，分别记录几组实验数据．

（1）实验开始时，发现A释放后会撞到滑轮．请提出两个解决方法．

________________________________________________________________________

（2）请根据下表的实验数据在下图中作出s－h关系的图象．

（3）实验测得A、B的质量分别为m＝0.40kg、M＝0.50kg.根据s－h图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数μ＝________（结果保留一位有效数字）．

（4）实验中，滑轮轴的摩擦会导致μ的测量结果________（选填“偏大”或“偏小”）．

【答案】

（1）减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度）　

（2）见解析图　（3）0.4　（4）偏大

【解析】

（1）为使A不撞到滑轮，应设法减小B落地瞬间A的速度，因而可以减小B的质量；增加细线的长度或增大A的质量；降低B的起始高度．

（2）如图

（3）对A木块应用动能定理，有

（Mg－μmg）

h＝μmgs

即（M－μm）

＝μs

h＝s

h＝s

由图可知k＝

＝

＝

代入数据可以解得：

μ＝0.4

（4）考虑到滑轮的摩擦力做负功，实验中要克服滑轮的摩擦力做功，造成实验结果偏大．

10.在研究重物自由下落过程中机械能守恒的实验中，得到如图所示的一条纸带，该纸带上最初打出的几个点不清楚，纸带上留下的是后面的一些点．算出打下B、C两点时，重物速度分别是vB、vC，量得B、C两点间的距离为h，那么验证机械能守恒的表达式可写为（　　）

A．gh＝v－v

B．gh＝

v－

v

C．vC＝vB＋aT

D．v＋v＝2gh

【答案】B

【解析】从B→C的过程ΔEp减＝mgh，

ΔEk增＝

mv－

mv，

所以需验证的表达式为mgh＝

mv－

mv.

即gh＝

v－

v.

四、计算题（共2小题,共30分）

11.如图所示，半径R＝1.0m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平面的夹角θ＝37°，另一端点C为轨道的最低点．C点右侧的水平路面上紧挨C点放置一木板，木板质量M＝1kg，上表面与C点等高，将质量m＝1kg的物块（可视为质点）从空中A点以v0＝1.2m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道．已知物块与木板间的动摩擦因数μ1＝0.2，木板与路面间的动摩擦因数μ2＝0.05.sin37°＝0.6，取g＝10m/s2.试求：

（1）物块经过轨道上的B点时的速度的大小；

（2）A、B两点的高度差h；

【答案】

（1）2m/s　

（2）0.128m　（3）6m/s　（4）6m

【解析】

（1）设物块经过B点时的速度为vB，则：

vBsin37°＝v0

vB＝2m/s

（2）由vy＝vB·cos37°

v＝2gh得

vBcos37°＝

h＝0.128m

12.汽车前方120m有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，汽车以18m/s的速度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，求：

（1）经多长时间，两车第一次相遇？

（2）若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为2m/s2，则再经多长时间两车第二次相遇？

【答案】

（1）10s　

（2）13.5s

【解析】

（1）设经t1时间，汽车追上自行车，由题意得：

v汽t1＝v自t1＋x

解得t1＝10s.

（2）汽车的加速度大小为a＝2m/s2，设从开始刹车到第二次相遇所用的时间为t2，则

v自t2＝v汽t2－

at22

解得t2＝12s

设汽车从刹车到停下用时t3，则：

t3＝

＝9s

故自行车追上汽车前，汽车已停下．

停车前汽车的位移

x汽＝

t3

设经t4时间追上，则

v自t4＝

t3

解得t4＝13.5s

即再经过13.5s两车第二次相遇．

【选修3-3】

33

（1）[2017·全国卷Ⅱ，33

（1）]如图2，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空。

现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸。

待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原

来的体积。

假设整个系统不漏气。

下列说法正确的是________。

（填正确答案标号）

图2

A.气体自发扩散前后内能相同

B.气体在被压缩的过程中内能增大

C.在自发扩散过程中，气体对外界做功

D.气体在被压缩的过程中，外界对气体做功

E.气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变

解析　因为汽缸、活塞都是绝热的，隔板右侧是真空，所以理想气体在自发扩散的过程中，既不吸热也不放热，也不对外界做功。

根据热力学第一定律可知，气体自发扩散前后，内能不变，选项A正确，选项C错误；气体被压缩的过程中，外界对气体做功，气体内能增大，又因为一定质量的理想气体的内能只与温度有关，所以气体温度升高，分子平均动能增大，选项B、D正确，选项E错误。

答案　ABD

（2）[2017·全国卷Ⅰ，33

（2）]如图4，容积均为V的汽缸A、B下端有细管（容积可忽略）连通，阀门K2位于细管的中部，A、B的顶部各有一阀门K1、K3；B中有一可自由滑动的活塞（质量、体积均可忽略）。

初始时，三个阀门均打开，活塞在B的底部；关闭K2、K3，通过K1给汽缸充气，使A中气体的压强达到大气压p0的3倍后关闭K1。

已知室温为27℃，汽缸导热。

图4

（ⅰ）打开K2，求稳定时活塞上方气体的体积和压强；

（ⅱ）接着打开K3，求稳定时活塞的位置；

（ⅲ）再缓慢加热汽缸内气体使其温度升高20℃，求此时活塞下方气体的压强。

解析　（ⅰ）设打开K2后，稳定时活塞上方气体的压强为p1，体积为V1。

依题意，被活塞分开的两部分气体都经历等温过程。

由玻意耳定律得

p0V＝p1V1①

（3p0）V＝p1（2V－V1）②

联立①②式得

V1＝

③

p1＝2p0④

（ⅱ）打开K3后，由④式知，活塞必定上升。

设在活塞下方气体与A中气体的体积之和为V2（V2≤2V）时，活塞下气体压强为p2由玻意耳定律得

（3p0）V＝p2V2⑤

由⑤式得

p2＝

p0⑥

由⑥式知，打开K3后活塞上升直到B的顶部为止；

此时p2为p2′＝

p0

（ⅲ）设加热后活塞下方气体的压强为p3，气体温度从T1＝300K升高到T2＝320K的等容过程中，由查理定律得

＝

⑦

将有关数据代入⑦式得

p3＝1.6p0⑧

答案　（ⅰ）

　2p0　　（ⅱ）顶部　（ⅲ）1.6p0

【选修3-4】

34

（1）[2017·江西萍乡二模，34

（1）]一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t时刻与t＋0.2s两个时刻，x轴上（－3m，3m）区间的波形完全相同，如图4所示。

图中M、N两质点在t时刻位移均为振幅a的一半，下列说法中正确的是________。

（填正确答案标号）

图4

A.该波的波速可能为20m/s

B.t＋0.1s时刻，x＝－2m处的质点位移一定是a

C.从t时刻起，x＝2m处的质点比x＝2.5m处的质点先回到平衡位置

D.从t时刻起，在质点M第一次到达平衡位置时，质点N恰好到达波峰

E.该列波在传播过程中遇到宽度为d＝3m的狭缝时会发生明显的衍射现象

解析　已知波沿x轴正方向传播，则在Δt＝0.2s时间内，波传播的距离为Δx＝nλ（n＝1，2，3，…），则该波的波速v＝

＝5nλ（m/s）（n＝1，2，3，…），当n＝1时，v＝20m/s，所以A正确；由于周期不确定，0.1s不一定等于半个周期的奇数倍，则t＋0.1s时刻，x＝－2m处的质点位移不一定是a，B错误；因波沿x轴正方向传播，再结合波形图可知从t时刻起，在x＝2m处的质点比x＝2.5m处的质点先回到平衡位置，则C正确；利用波的“平移法”可判断，当质点M第一次到达平衡位置时，N质点还在继续向上振动，没有到达波峰，所以D错误；此波的波长λ＝4m>d＝3m，由发生明显衍射现象的条件可判断，E正确。

答案　ACE

（2）[2017·河北邢台质检，34

（2）]一列简谐横波在x轴上传播，如图6所示，实线是这列波在t1＝0.1s时刻的波形，虚线是这列波在t2＝0.2s时刻的波形，求：

图6

（ⅰ）如果此波沿x轴正方向传播，波速的最小值；

（ⅱ）如果此波沿x轴负方向传播，波速的可能值。

解析　（ⅰ）由波形图知波长λ＝8m

波沿x轴正方向传播时，传播距离Δx满足Δx＝kλ＋

λ（k＝0，1，2，3，…）

由v＝

知，当k＝0时波速取最小值。

解得最小波速vmin＝30m/s

（ⅱ）波沿x轴负方向传播时，传播距离Δx＝kλ＋

λ（k＝0，1，2，3，…）

所以波速v＝

＝（80k＋50）m/s（k＝0，1，2，3，…）

答案　（ⅰ）30m/s　（ⅱ）v＝（80k＋50）m/s（k＝0，1，2，3，…）