九十四中高二上期中物理Word文档下载推荐.docx

九十四中高二上期中物理Word文档下载推荐.docx

《九十四中高二上期中物理Word文档下载推荐.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《九十四中高二上期中物理Word文档下载推荐.docx（15页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

10﹣3J的功

D．若在A、B两点间移动1.0×

10﹣7C的电荷，电场力将做3.0×

10﹣17J的功

6．（3分）关于电流，下列说法中正确的是（　　）

A．通过导线截面的电量越多，电流越大

B．电子运动的速率越大，电流越大

C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大

D．因为电流有方向，所以电流是矢量

7．（3分）对于电容C=

，以下说法正确的是（　　）

A．一只电容充荷量越大，电容就越大

B．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变

C．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比

D．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容

8．（3分）关于电阻率的说法，正确的是（　　）

A．电阻率ρ越大的导体，电阻可以很小

B．电阻率ρ表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体的长度决定，与温度无关

C．电阻率ρ与导体的长度L和横截面积S有关

D．超导材料的电阻率一定为零

9．（3分）如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（　　）

A．R1：

R2=1：

3

B．R1：

R2=3：

1

C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：

I2=1：

D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：

10．（3分）如图所示的电路中，U=180V，滑动变阻器R2的最大值为200Ω，R1=100Ω．当滑片P滑至R2的中点时，a、b两端的电压为（　　）

A．40VB．60VC．80VD．120V

11．（3分）A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（　　）

A．

B．

C．

D．

12．（3分）如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（　　）

A．U1变大、U2变大B．U1变小、U2变大

C．U1变大、U2变小D．U1变小、U2变小

13．（3分）如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，已知A点的电势为﹣10V，则以下判断正确的是（　　）

A．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示

B．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示

C．B点电势为﹣10V

D．B点电势为﹣20V

二、填空题（共24分）把答案填在相应的横线上．

14．（12分）某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值．

（1）现有电源（3V，内阻可不计）、滑动变阻器（0～50Ω，额定电流2A），开关和导线若干，以及下列电表：

A．电流表（0～3A，内阻约0.025Ω）

B．电流表（0～0.6A，内阻约0.125Ω）

C．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）

D．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）

为减小测量误差，在实验中，电流表应选用　　，电压表应选用　　（选填器材前的字母）；

实验电路应采用图1中的　　（选填“甲”或“乙”）．

（2）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U．某次电表示数如图2所示，可得该电阻的测量值Rx=

=　　Ω（保留两位有效数字）．

（3）若在

（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是　　；

若在

（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是　　．（选填选项前的字母）

A．电流表测量值小于流经Rx的电流值B．电流表测量值大于流经Rx的电流值

C．电压表测量值小于Rx两端的电压值D．电压表测量值大于Rx两端的电压值．

15．（4分）两点电荷间距离为r时，相互作用力为F，当距离变为

时，它们之间相互作用力为　　F，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的　　倍．

16．（4分）平行板电容器所带量Q=4×

l0﹣8C，它的两极板之间电压U=2V，则它的电容为　　F；

如果两板电量各减少一半，则两板间电势差变为　　V．

17．（4分）在金属导体中，若10s内通过横截面的电荷量为10C，则导体中的电流为I=　　A．某电解槽横截面积为0.5m2，若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10C，则电解液中的电流为I=　　A．

三、计算题（本题共有3题，共37分，答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分）

18．（10分）如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量m=1.0×

10﹣2k．现加一水平向左的匀强电场，场强E=2.0×

106N∕C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为θ=45°

，则小球带何种电荷，电荷量为多大？

（取g=10m/s2）

19．（12分）把带电荷量2×

10﹣8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功4×

10﹣6J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2×

10﹣6J，取无限远处电势为零．求：

（1）A点的电势

（2）A、B两点的电势差

（3）若把2×

10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功．

20．（15分）如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：

（1）电子通过B点时的速度大小；

（2）右侧平行金属板的长度；

（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．

物理试题答案

1．【解答】A、B电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关，不能说电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比．故A错误，B正确．

C、物理学上规定，场强方向与放在该点的正电荷所受电场力方向相同，与放在该点的负电荷所受电场力方向相反．故C错误．

D、由上可知D错误．

故选B

2．【解答】两个等量异种点电荷在中点产生的电场强度大小相等，方向相同．大小为E1=k

，则合场强E=2E1=

据场强方向的规定知，再该点场强的方向沿连线指向﹣Q，故ABC错误，D正确．

故选：

D．

3．【解答】第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；

第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，

三个过程，始末两点的位置相同，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关．

所以W1=W2=W3

4．【解答】当金属丝拉长为原来的2倍时，导体的面积减小为原来的

；

则由R=

可知，拉长后的电阻变为原来的4倍；

故拉长后的电阻为4Ω

则由欧姆定律可知，流过电阻的电流为：

I=

=

A=1A；

5．【解答】A、B，题目中A、B两点间的电势差UAB=

V=1.2×

105V．故A正确，B错误．

C、在A、B两点间移动2.5×

10﹣8C的电荷时，A、B间的电势差不变．

则电场力做功为：

WAB′=q′UAB=2.5×

10﹣8×

1.2×

105J=3.0×

10﹣3J，故C错误．

D、在A、B两点间移动1.0×

10﹣7C的电荷，电场力做的功W=1.2×

105V×

1.0×

10﹣7C=1.2×

10﹣2J，故D错误；

6．【解答】A、通过某一横截面积的电量与所用时间的比值等于通过导体的电流强度，故电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，故A错误．

B、由电流的微观表达式I=nesv，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定，故B错误．

C、根据I=

可知，单位时间（t一定）内通过导体截面的电量（q）越多，导体中的电流（I）越大．故C正确．

D、矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则，故电流是标量．故D错误．

故选C．

7．【解答】A、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变．故A错误．

B、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容C不变，由定义式C=

可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故B正确．

C、电容器的带电荷量Q=CU，当电容C一定时，电量与电压成正比．当电容C变化时，电量与电压不成正比．故C错误．

D、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关．故D错误．

B

8．【解答】A、由电阻定律R=

可知，导体的电阻与导体的长度L、横截面积S和电阻率三个因素有关，则电阻率ρ大的导体，电阻可以很小．故A正确．

B、C电阻率ρ表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的材料和温度有关，与导体的长度L、横截面积S无关．故BC错误．

D、超导材料的电阻率在一定温度下电阻率才等于零，温度升高，其电阻率可能不再为零．故D错误．

故选A

9．【解答】A、B由图R1=

=1Ω，R2=

=3Ω，故A正确．

C、R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：

1．故C错误．

D、将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：

I2=R2：

R1=3：

1故D错误．

10．【解答】由题，滑片P滑至R2的中点，变阻器下半部分电阻为100Ω，下半部分电阻与R1并联的阻值为

R并=

=50Ω

则a．b两端的电压为：

Uab=

=60V

故B正确，ACD错误．

11．【解答】由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．

12．【解答】解：

设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：

…①

又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：

…②

又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：

…③

电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：

vy=at…④

由①、②、③、④可得：

又有：

故U2变大或U1变小都可能使偏转角θ变大，故选项B正确，选项ACD错误．

故选B．

13．【解答】A、B由题，带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故A正确，B错误．

D、根据动能定理得：

qUAB=△Ek，得：

UAB=

V=﹣10V，又UAB=φA﹣φB，φA=﹣10V，则φB=0．故CD错误．

A

14．【解答】

（1）由于电源电动势为3V，所以电压表应选3V的量程；

故选C；

根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为：

，所以电流表应选B；

由于待测电阻满足

，所以电流表应用外接法，即电路图应是“限流外接”，所以应采用图甲电路．

（2）电流表的读数为：

I=0.50A，电压表的读数为：

U=2.60V，所以待测电阻为：

R=

=5.2Ω；

（3）根据欧姆定律和串并联规律可知，采用甲电路时由于电压表A的分流作用，导致电流表的测量值大于流经

的电流，所以产生误差的主要原因是B；

若采用乙电路，由于电流表的分压作用，导致电压表的测量值大于

两端的电压值，所以造成误差的主要原因是D；

故答案为：

（1）B，C，甲；

（2）5.2；

（3）B，D

15．【解答】变化之前根据库仑定律有：

F=

，

变化之后有：

F′=

解得：

F′=4F

为使作用力仍为F，则：

即两点电荷的电量可同时为原来的

4，

16．【解答】根据C=

得，电容的大小C=

．

电荷量减半，电容不变，则电势差U′=

2×

10﹣8；

1；

17．【解答】根据电流强度的定义式可得

A=1A，

所以导体中的电流I为1A．

10s通过电解槽横截面积的电荷量绝对值之和Q=10C+10C=20C，

所以电解液中的电流为I=

=2A．

1，2

18．【解答】解：

（1）因为电场力F方向水平向左，故小球带正电　

（2）受力分析如图所示，由小球受力平衡，有：

F=mgtan45°

F=Eq　

q=

═5.0×

10﹣8C．　

答：

小球带正电荷，电荷量为5.0×

10﹣8C

19．【解答】解：

（1）无穷远处某点O的电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA﹣EpB，有

WOA=EpO﹣EpA

无穷远处电势能为零，即EpO=0

故EpA=﹣WOA=8×

10﹣6J

根据电势的定义式φ=

，有

φA=

=200V

即A点的电势为200V．

（2）把该电荷从无限远处的O点移到电场中B点，需克服电场力做功2×

10﹣6J，取无限远处电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA﹣EpB，有

WOB=EpO﹣EpB

故EpB=﹣WOB=2×

φB=

=100V

故A、B间的电势差为

UAB=φA﹣φB=200V﹣100V=100V

即A、B点的电势差为100V．

（3）根据电场力做功与电势差关系公式WAB=qUAB，有

WAB=qUAB=﹣2×

10﹣5C×

100V=﹣2×

10﹣3J

即把2×

10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做﹣2×

10﹣3J的功．

（1）A点的电势为200V；

（2）A、B两点的电势差100V；

10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功﹣2×

10﹣3J．

20．【解答】解：

（1）在加速过程根据动能定理得：

eU0=

解得到质子射出加速电场的速度v0=

（2）粒子在竖直方向：

y=

，a=

在水平方向：

x=L=v0t

联立上式得到

代入数据得L=

（3）从刚开始到射出电场的过程中运用动能定理得：

=e（U0+

）

（1）电子通过B点时的速度大小为

（2）右侧平行金属板的长度为

（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能为e（U0+

）；