广东省茂名市第一中学学年高二上学期期中考试物理试题.docx
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广东省茂名市第一中学学年高二上学期期中考试物理试题
茂名市第一中学2018-2019学年度第一学期期中考试
高二物理试题
一、选择题
1.电场中A点的电场强度为E,方向水平向右。
若在A点放一试探电荷,它所受到的电场力大小为F，若在A点放置一个电荷量为的试探电荷,下列说法中正确的是
A.A点的场强方向变为水平向左
B.A点的场强变为E
C.受到的电场力方向水平向左
D.受到的电场力大小也为F
【答案】C
【解析】
【分析】
电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关．负电荷所受的电场力方向与场强方向相反.
【详解】电场强度是反映电场本身的性质，与试探电荷的正负和大小无关，故在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向仍水平向右，大小仍为E，故AB错误；正电荷的受力方向和负电荷的受力方向相反，故负电荷-2q所受的电场力方向变为水平向左，故C正确；A点的场强一定，由F=qE知在A点放置一个电荷量为-2q的试探电荷，则它所受的电场力变为2F，故D错误；故选C。
【点睛】本题考查电场中电场强度和电场力的计算，注意：
电场的电场强度是电场本身的性质，与试探电荷的正负和大小无关。
2.要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍,下列方法中可行的是
A.每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍,电荷间的距离不变
B.保持点电荷的电荷量不变,使两个电荷间的距离增大到原来的2倍
C.使一个点电荷的电荷量加倍,另一个点电荷的电荷量保持不变,同时使两个点电荷间的距离减小为原来的
D.保持点电荷的电荷量不变,将两个点电荷的距离减小到原来的
【答案】A
【解析】
【分析】
根据库仑定律公式
【详解】A、每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍,电荷间的距离不变,则
所以A选项是正确的;
B、保持点电荷的电荷量不变,使两个点电荷的距离增大到原来的2倍,根据公式则力变成原来的，故B错
C、使一个点电荷的电荷量增加1倍,另一个点电荷的电荷量保持不变,同时使两点电荷间的距离减小为原来的,则有,故C错误;
D、保持点电荷的电荷量不变,将两点电荷间的距离减小为原来的,则力,故D错；
故选A
3.下列说法中正确的是
A.库仑总结出库仑定律,并测得静电力常量
B.法拉第提出用电场线的方法来表示电场
C.如果空间中存在两个以上的点电荷,那么这个空间中有许多电场线相交
D.在电场中，等势面越密的地方，电场强度越小
【答案】AB
【解析】
【详解】法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律--库仑定律，并测出了静电力常量k的值，故A正确；物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场，故B正确；电场线的切线方向即为场强的方向，电场中任意两条电场线都不相交，故C错误；在电场中，等差等势面越密的地方，电场强度越大，故D错误，故选AB。
4.如图所示,把一带负电的小球放在光滑绝缘面上,欲使球能静止在斜面上,需在MN间放一带电小球,则可
A.带负电,放在A点B.带正电,放在B点C.带负电,放在B点D.带负电,放在C点
【答案】A
【解析】
【分析】
小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．
【详解】小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零。
小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，根据平衡条件，故小球b对小球a为静电斥力，则小球b放在A位置，若小球b对小球a为静电引力，则放在C位置，故A正确，BCD错误；故选A。
【点睛】本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．
5.如图所示,电子在电势差为的电场中加速后,垂直进入电势差为的偏转电场,在满足电子能射出的条件下,下列四种情况中,一定能使电子的偏转角变大的是
A.变大、变小B.变大、变大
C.变小、U变小D.变小、变大
【答案】D
【解析】
【分析】
电子经电场加速后，进入偏转电场，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出电子离开电场时数值方向分速度，表示出偏转角正切值的表达式，从而判断使偏转角变大的方法．
【详解】根据动能定理：
，在偏转电场中，，，联立解得：
，若使偏转角变大即使变大，由上式看出可以变大，变小，故D正确，ABC错误，故选D。
【点睛】本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题．
6.如图所示,直流电源两端的电压保持不变,平行板电容器与电源连接,下极板接地。
一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态。
现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，
A.带电油滴将沿竖直方向向上运动
B.电容器的电容增大
C.极板所带的电荷量减少
D.P点与下极板的电势差不变
【答案】C
【解析】
【分析】
将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由电容器的决定式可判断电容的变化；而电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，根据F=qE判断电场力变化，确定油滴运动情况．
【详解】电容器两端的电压不变，将上极板上移时，d增大，由电容的决定式，可知C减小，根据Q=UC可知，极板带电量也减小，故B错误，C正确；根据，可知电场强度减小，则电场力减小，故带电油滴将沿竖直方向向下运动，故A错误；根据U=Ed，可知，P点与下极板的距离不变，但E减小，故P点与下极板的电势差减小，故D错误，故选C。
【点睛】本题考查电容器的动态分析问题，要明确一直和电源相连，故电压不变；再由决定式及定义式分析电容、电量等的变化．
7.如图所示,A、B两端电压恒为U,开关S接通后流过的电流是S接通前的
A.B.C.D.
【答案】B
【解析】
【分析】
开关S接通前，R1、R2串联；S接通后，R2、R3并联后与R1串联．根据欧姆定律，并结合串并联电路的特点求解．
【详解】设AB两端的电压为U，R1=R2=R3=R，则S接通时，，则通过R2的电流为，S断开时，，故，故选B。
【点睛】此题考查欧姆定律及电阻的串、并联．要注意在采用比例法时，要用相同的量表示所研究的物理量．
8.一电子飞经电场中A、B两点,电子在A点电势能为,动能为,由A点到B点静电力做功为,如果电子只受静电力作用,则
A.电子在B点的动能为B.电子在B点的动能为
C.电子在B点的电势能为D.电子在B点的电势能为
【答案】AC
【解析】
【分析】
根据电场力做功与电势能的变化关系求电子在B点的电势能，根据能量守恒求出电子在B点的动能。
【详解】由A点到B点静电力做功为，即从A点到B点电势能减少，则B点的电势能为，在点A、点B电子只受电场力，则电子的电势能和动能之和不变，在A点，在B点的动能，故AC正确，BD错误，故选AC。
【点睛】本题重点考查了电场力做功与电势能的变化关系WAB=EPA-EPB这个关系式，结合功的公式即可解决此类题目．
9.有A、B、C三个完全相同的金属球对地绝缘,A带的正电荷,B、C不带电。
现每次将两个球相互接触后分开,使它们都带电,则A、B、C所带的电荷量可能是下面组数据
A.B.
C.D.
【答案】BC
【解析】
【分析】
两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分；A带的正电荷，B、C不带电，最终必定有其中的两个电量相等．
【详解】由于两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分，假设A与B先接触，接触后电量都是：
，然后B（或A）与C接触，接触后的电量：
，不可能比小，C与A接触后分开的电量为，故AD错误，BC正确；故选BC。
【点睛】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分；接触的过程中电量既不会增加，也不会减少．
10.负点电荷Q固定在正方形的个顶点上,带电粒子P仅在该电荷的电场力作用下运动时,怡好能经过正方形的另外三个顶点如图所示,则
A.粒子P带正电
B.三点在同一个等势面上
C.两点的电场强度相同
D.粒子P由到电势能增加
【答案】AD
【解析】
【分析】
根据轨迹弯曲方向判断出粒子与点电荷Q是异种电荷，它们之间存在引力。
根据电场线的方向分析电势关系。
根据粒子与点电荷间距离的变化分析电场力做功正负，从而分析电势能的变化。
根据点电荷场强公式分析两点的电场强度。
【详解】根据粒子P轨迹的弯曲方向可知该粒子P与Q之间存在引力，两者是异种电荷，故P粒子带正电荷，故A正确；根据点电荷的电场线的特点，Q与a、c距离相等，a、c两点的电势相等，即，但b距离Q较远，故，则三个点的电势不相等，故B错误；根据点电荷场强公式可知两点的电场强度的大小相等，但方向不相同，故C错误；粒子P从a到b，电势升高，电场力做负功，电势能增加；故D正确；故选AD。
【点睛】本题属于电场中轨迹问题，关键要明确粒子P所受的电场力指向轨迹的弯曲方向，要掌握点电荷电场线的分布特点。
11.光滑绝缘的水平面上有一棱形,在三个顶点上分别放置一个点电荷棱形中心点的电场强度方向由指向且两点的电场强度相同,则以下叙述正确的有
A.一定带正电B.且可能都带负电
C.D.点的电势一定比点的电势低
【答案】AD
【解析】
【详解】因为棱形中心点的电场强度方向由指向故a、c一定是同种电荷，b为正电荷，由于b点电荷离d点较远，为了满点两点的电场强度相同，根据电场的叠加原理可知，a、c两点的电荷一定是同种等量的正电荷，故A正确，B错误；根据两点的电场强度相同，O点的电场强度为，d点的电场强度为，且ad=2ob，由，解得：
，故C错误；根据电场分布可知，沿电场线方向电势越低，点的电势一定比点的电势低，故D正确；故选AD。
12.两电荷量分别为和的点电荷放在轴上的O、M两点,两电荷连线上各点电势随变化的关系如图所示,其中A、N两点的电势均为零,ND段中的C点电势最高,不计重力,则
A.
B.A点的电场强度等于零
C.在轴上,C点右侧的场强方向沿轴正方向
D.N点的场强方向沿轴正方向
【答案】C
【解析】
【详解】由图象可以发现，离越近电场中的电势越高，由此可知为正电荷，同理，由于离越近电势越低，所以为负电荷。
在它们的连线上A点的电势是零，但A点离近，所以的电荷量要大于的电荷量，故A错误；图象的斜率等于场强E，则知A点电场强度大小不为零，故B错误。
由图可知：
从C到D，电势降低，根据顺着电场线电势降低可知，CD间电场强度方向沿x轴正方向，故C正确；由N到C过程电势升高，则说明场强沿x轴负方向，故D错误；故选C。
二、实验题
13.如图电压表的读数为______V，如图螺旋测微器的读数为______mm，如图游标卡尺的读数为________cm.
【答案】
（1）.2.30
（2）.6.860（3）.1.215
【解析】
【分析】
由图示电表确定其量程与分度值，读出其示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数。
【详解】电压表量程为3V，由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.30V；由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为6.5mm，可动刻度示数为36.0×0.01mm=0.360mm，螺旋测微器的读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm；由图示游标卡尺可知，主尺示数为1.2cm，游标尺示数为3×0.05mm=0.15mm=0.015cm，游标卡尺的读数为1.2cm+0.015cm=1.215cm。
【点睛】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器
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