全国 初中数学联赛试题参考答案和评分标准 1含答案Word文档下载推荐.docx
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因为,,所以,故.又,而,所以,故.因此.
2.方程的整数解的组数为()
A.3.B.4.C.5.D.6.
【答】B.
方程即,显然必须是偶数,所以可设,则原方程变为,它的整数解为从而可求得原方程的整数解为=,,,,共4组.
3.已知正方形ABCD的边长为1,E为BC边的延长线上一点,CE=1,连接AE,与CD交于点F,连接BF并延长与线段DE交于点G,则BG的长为()
A.B.C.D.
【答】D.
过点C作CPBG,交DE于点P.因为BC=CE=1,所以CP是△BEG的中位线,所以P为EG的中点.
又因为AD=CE=1,ADCE,所以△ADF≌△ECF,所以CF=DF,又CPFG,所以FG是△DCP的中位线,所以G为DP的中点.
因此DG=GP=PE=DE=.
连接BD,易知∠BDC=∠EDC=45°
,所以∠BDE=90°
.
又BD=,所以BG=.
2012年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第1页(共5页)
4.已知实数满足,则的最小值为()
A..B.0.C.1.D..
因为,所以,从而,故,因此,即.
因此的最小值为0,当或时取得.
5.若方程的两个不相等的实数根满足,则实数的所有可能的值之和为()
A.0.B..C..D..
【答】B.
由一元二次方程的根与系数的关系可得,,所以
,
又由得,所以,所以,所以.
代入检验可知:
均满足题意,不满足题意.
因此,实数的所有可能的值之和为.
6.由1,2,3,4这四个数字组成四位数(数字可重复使用),要求满足.这样的四位数共有()
A.36个.B.40个.C.44个.D.48个.
根据使用的不同数字的个数分类考虑:
(1)只用1个数字,组成的四位数可以是1111,2222,3333,4444,共有4个.
(2)使用2个不同的数字,使用的数字有6种可能(1、2,1、3,1、4,2、3,2、4,3、4).如果使用的数字是1、2,组成的四位数可以是1122,1221,2112,2211,共有4个;
同样地,如果使用的数字是另外5种情况,组成的四位数也各有4个.因此,这样的四位数共有6×
4=24个.
(3)使用3个不同的数字,只能是1、2、2、3或2、3、3、4,组成的四位数可以是1232,2123,2321,3212,2343,3234,3432,4323,共有8个.
2012年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第2页(共5页)
(4)使用4个不同的数字1,2,3,4,组成的四位数可以是1243,1342,2134,2431,3124,3421,4213,4312,共有8个.
因此,满足要求的四位数共有4+24+8+8=44个.
二、填空题:
(本题满分28分,每小题7分)
1.已知互不相等的实数满足,则_________.
【答】.
由得,代入得,整理得①
又由可得,代入①式得,即,又,所以,所以.
验证可知:
时;
时.因此,.
2.使得是完全平方数的整数的个数为.
【答】1.
设(其中为正整数),则,显然为奇数,设(其中是正整数),则,即.
显然,此时和互质,所以或或解得.
因此,满足要求的整数只有1个.
3.在△ABC中,已知AB=AC,∠A=40°
,P为AB上一点,∠ACP=20°
,则=.
设D为BC的中点,在△ABC外作∠CAE=20°
,则∠BAE=60°
作CE⊥AE,PF⊥AE,则易证△ACE≌△ACD,所以CE=CD=BC.
又PF=PA∠BAE=PA60°
=AP,PF=CE,所以AP=BC,
因此=.
4.已知实数满足,,,则=.
【答】.
2012年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第3页(共5页)
因为,所以
同理可得,.
结合可得,所以.
结合,,可得.
因此,.
实际上,满足条件的可以分别为.
第二试(A)
一、(本题满分20分)已知直角三角形的边长均为整数,周长为30,求它的外接圆的面积.
解设直角三角形的三边长分别为(),则.
显然,三角形的外接圆的直径即为斜边长,下面先求的值.
由及得,所以.
又因为为整数,所以.……………………5分
根据勾股定理可得,把代入,化简得,所以
,……………………10分
因为均为整数且,所以只可能是解得……………………15分
所以,直角三角形的斜边长,三角形的外接圆的面积为.……………………20分
二.(本题满分25分)如图,PA为⊙O的切线,PBC为⊙O的割线,AD⊥OP于点D.证明:
2012年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第1页(共4页)
证明:
连接OA,OB,OC.
∵OA⊥AP,AD⊥OP,∴由射影定理可得,.……………………5分
2012年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第4页(共7页)
又由切割线定理可得,∴,∴D、B、C、O四点共圆,
……………………10分
∴∠PDB=∠PCO=∠OBC=∠ODC,∠PBD=∠COD,∴△PBD∽△COD,……………………20分
∴,∴.……………………25分
三.(本题满分25分)已知抛物线的顶点为P,与轴的正半轴交于A、B()两点,与轴交于点C,PA是△ABC的外接圆的切线.设M,若AMBC,求抛物线的解析式.
解易求得点P,点C.
设△ABC的外接圆的圆心为D,则点P和点D都在线段AB的垂直平分线上,设点D的坐标为.
显然,是一元二次方程的两根,所以,,又AB的中点E的坐标为,所以AE=.……………………5分
因为PA为⊙D的切线,所以PA⊥AD,又AE⊥PD,所以由射影定理可得,即,又易知,所以可得.……………………10分
又由DA=DC得,即,把代入后可解得(另一解舍去).……………………15分
又因为AMBC,所以,即.……………………20分
把代入解得(另一解舍去).
因此,抛物线的解析式为.……………………25分