河南省鲁山县一中学年高二第一次月考物理精校解析 Word版文档格式.docx
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,故B正确;
ACD错误.故选B.
点睛:
要清楚带电体相互接触后移开,同种电荷电量平分,异种电荷电量先中和再平分,根据库仑定律的内容,找出变化量和不变量熟练应用库仑定律即可求题.
2.真空中有一静电场,其在x轴正半轴的电势随x变化的关系如图所示,则根据图象可知()
A.把正点电荷从x1处移到x3处,电场力做正功
B.x2处的电场强度E=0
C.x1处与x3处的电场强度方向相反
D.该电场一定是处在O点的正点电荷激发产生的
【答案】A
【解析】若试探电荷从
处移到
处,电势降低,根据公式
,电场力做正功,故A正确;
图象中,曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度;
R处切线的斜率不为零,故电场强度不为零,B错误;
处与
处的切线斜率同为负值,故x方向的电场强度分量的方向相同,C错误;
离电荷越近,电场强度越大,故φ-x图象的斜率越大,而在O点向右,切线斜率变大,故O点不可能有电荷,D错误;
【点睛】φ-x图象:
①电场强度的大小等于φ-x图线的斜率大小,电场强度为零处,φ-x图线存在极值,其切线的斜率为零.②在φ-x图象中可以直接判断各点电势的大小,并可根据电势大小关系确定电场强度的方向.③在φ-x图象中分析电荷移动时电势能的变化,可用
,进而分析
的正负,然后作出判断.
3.两个带等量正电的点电荷,固定在图中P、Q两点,MN为PQ连线的中垂线,交PQ于O点,A为MN上的一点.一带负电的试探电荷q,从A点由静止释放,只在静电力作用下运动,取无限远处的电势为零,则()
A.q由A向O的运动是匀加速直线运动
B.q由A向O运动的过程电势能逐渐减小
C.q运动到O点时的动能最小
D.q运动到O点时电势能为零
【解析】两等量正电荷周围部分电场线如右图所示,其中P、Q连线的中垂线MN上,从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小,且方向始终指向无穷远方向.
...............
4.安培提出了著名的分子电流假说,根据这一假说,电子绕核运动可等效为一环形电流.设带电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动,其电流的等效电流强度I和方向为
A.电流为
,电流方向为顺时针
B.电流为
C.电流为
,电流方向为逆时针
D.电流为
【答案】C
【解析】试题分析:
电子绕核运动可等效为一环形电流,电子运动周期为
根据电流的定义式得:
电流强度为
;
因为电子带负电,所以电流方向与电子定向移动方向相反,即沿逆时针方向,故C正确.
考点:
电流强度
【名师点睛】
5.如图,电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r,将滑动变阻器滑片向下滑动,理想电压表
示数变化量的绝对值分别为
,理想电流表A示数变化量的绝对值为
,正确的是()
的示数增大B.电源输出功率在减小
C.
与
的比值在减小D.
大于
【答案】D
理想电压表内阻无穷大,相当于断路.理想电流表内阻为零,相当短路,所以R与变阻器串联,电压表
分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压.当滑动变阻器滑片向下滑动时,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,则A的示数增大,电路中电流增大,电源的内电压增大,则路端电压减小,所以
的示数减小,A错误;
当内外电阻相等时,电源的输出功率最大,故当滑动变阻器滑片向下滑动时,外电阻越来越接近内阻,故输出功率一定增大,故B错误;
根据闭合电路欧姆定律得:
,则得:
,据题:
,则
,故
,D正确;
,恒定不变,C错误;
考查了电路的动态分析
【名师点睛】在分析电路动态变化时,一般是根据局部电路变化(滑动变阻器,传感器电阻)推导整体电路总电阻、总电流的变化,然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化(或者电流表,电压表示数变化),也就是从局部→整体→局部
6.如图所示是一个多用电表的简化电路图.
为单刀多掷开关,通过操作开关,接线柱
可以接通
,也可以接通
、
或
.下列说法正确的是()
A.当开关
分别接
时,测量的是电流,其中
接
时量程较大
B.当开关
时,测量的是电阻,其中
是黑表笔
C.当开关
是红表笔
D.当开关
时,测量的是电压,其中
【解析】当开关S分别接1或2时,定值电阻与表头G并联,接1时分流电阻相对更小,故接1时电表的量程更大,第1档为大量程,A正确;
3、4两档用来测电阻,其中黑表笔连接表内电池的正极,故B为黑表笔;
A与电源的负极相连,故A为红表笔,B错误;
要测量电压,电流表应与电阻串联,由图可知当转换开关S旋到位置5、6时,即5、6两档用来测电压.因为6档共用一个表头,所以测电压时外部电源的正极应该接在A表笔上,故A为红表笔,测量电压,电流表所串联的电阻越大,所测量电压值越大,故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大,故CD错误.
7.如图所示,在长直导线A通电后,小磁针静止在图示位置,则直导线中的电流方向和P点的磁场方向分别为()
A.垂直纸面向里,向上
B.垂直纸面向里,向下
C.垂直纸面向外,向上
D.垂直纸面向外,向下
【解析】由题意可知,小磁针N极指向即为磁场方向,根据右手螺旋定则可知,通电导线电流方向垂直纸面向里,那么通电直导线右侧的P点的磁场方向向下,故ACD错误,B正确.故选B.
8.乐乐同学想利用“电磁弹簧秤”称量一金属棒的质量,如图所示,一根粗细均匀的金属棒ab用两个完全相同的弹簧悬挂在匀强磁场中,磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里,弹簧上端固定,下端与金属棒连接且绝缘,金属棒通过开关与一电路相连,电源右侧为正极,开关接通以后,下列说法正确的是( )
A.仅增大磁感应强度,安培力变小
B.仅改变电流方向,安培力方向不变
C.金属棒所受安培力竖直向下
D.若滑动变阻器的滑片向左滑动,则安培力减小
【解析】根据F=BIL可知,当磁场强度增大时,安培力增大,故A错误;
仅改变电流方向,根据左手定则可知安培力方向改变,故B错误;
根据安培左手定则可知,导体棒受到的安培力竖直向下,故C正确;
若滑动变阻器的滑片向左滑动,滑动变阻器的电阻减小,回路中的电流增大,根据F=BIL可知,安培力增大,故D错误,故选C.
9.如图所示,是一提升重物用的直流电动机工作的电路图,电动机的内阻为
,
。
直流电压
,电压表示数为
,则()
A.通过电流计的电流
B.输入电动机的电功率为
C.电动机的输出功率为
D.电动机的效率是95.5%
【答案】CD
【解析】电动机和电阻串联,所以电流相等.电阻R两端电压U1=160-110=50V,通过电动机的电流大小为:
,故A错误;
电动机的电功率P=UI=110×
5=550W,故B错误;
电动机的热功率P热=I2R=52×
1W=25W;
电动机的机械功率P′=P-P热=550W-25W=525W,故C正确;
电动机的效率:
故D正确;
故选CD.
对于电功率的计算,一定要分析清楚是不是纯电阻电路,对于非纯电阻电路,总功率和发热功率的计算公式是不一样的.
10.如图所示是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路,开关S闭合.一带电液滴悬浮在两板间P点不动,下列说法正确的是( )
A.带电液滴可能带正电
B.减小两极板距离的过程中,电阻R中有从b到a的电流
C.断开S,减小两极板正对面积的过程中,液滴将加速下降
D.断开S,减小两极板距离的过程中,液滴静止不动
【答案】BD
【解析】由图可知A带正电,所以电场的方向向下;
液滴受到重力和电场力的作用处于平衡状态,所以电场力的方向向上,与电场的方向相反,所以液滴带负电.故A错误;
减小电容器两极板间距离过程中,根据电容的决定式
分析得知,电容C变大,而电压U不变,则电容器所带电量Q=CU变大,电容器充电,由于电容器上板带正电,下板带负电,则电阻R中有从b流向a的电流.故B正确;
断开S,极板上的电量Q不变,减小两极板距离的过程中根据电容的决定式
分析得知,d减小,电容C增大,极板之间的电场强度:
可知断开S,减小两极板正对面积的过程中,由公式可知,E增大,所以液滴受到的电场力F=qE增大,液滴将加速上升.故C错误;
断开S,减小两极板距离的过程中,电场强度不变,所以液滴仍然处于平衡状态,静止不动.故D正确;
故选BD.
本题是电容器的动态变化分析问题,根据电容器的决定式
和电容的定义式C=
结合进行分析.
11.如图甲所示,R为电阻箱(0~99.9Ω),置于阻值最大位置,Rx为未知电阻.
(1)断开S2,闭合S1,逐次减小电阻箱的阻值,得到多组R、I值,并依据R、I值作出了如图乙所示的R-
图线.
(2)断开S2,闭合S1,当R调至某一位置时,电流表的示数I1=1.0A;
保持电阻箱的位置不变,断开S1,闭合S2,此时电流表的示数为I2=0.8A.根据以上数据可知()
A.电源电动势为3.0V
B.电源内阻为0.5Ω
C.Rx的阻值为0.5Ω
D.S1断开、S2闭合时,随着R的减小,电源输出功率减小
【答案】BC
【解析】当中断开s2闭合s1时,根据闭合电路欧姆定律应有:
整理得:
,根据斜率和截距的概念可知:
r=0.5Ω,所以A错误,B正确;
当中断开s2闭合s1时,由上式可得:
,断开s1,闭合s2时,根据闭合电路欧姆定律应有:
,联立解得:
,故C正确;
根据电源输出功率与外电阻关系可知,由于定值电阻
=r,断开s2时R外=r+R+R3,根据图象可知,随着电阻箱电阻R的减小R外与r逐渐接近,则电源的输出功率应逐渐增大,所以D错误。
所以BC正确,AD错误。
12.如图所示,A板发出的电子经加速后,水平射入水平放置的两平行金属板间,金属板间所加的电压为U,电子最终打在光屏P上.关于电子的运动,下列说法中正确的是()
A.滑动触头向左移动时,电子打在荧光屏上的位置上升
B.滑动触头向右移动时,电子打在荧光屏上的位置上升
C.电压U增大时,电子打在荧光屏上的速度大小不变
D.电压U增大时,电子从发出到打在荧光屏上的时间不变
【答案】AD
【解析】电子在加速电场中做加速运动,则:
eU′=
mv2,电子获得的速度为:
.
电子进入偏转电场后做类平抛运动,电子在沿极板方向做匀速直线运动,粒子在电场中运动时间:
在垂直电场方向做初速度为0的匀加速直线运动,加速