上海市黄浦区明珠中学九年级期中考试物理在线考试题带答案和解析.docx

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上海市黄浦区明珠中学九年级期中考试物理在线考试题带答案和解析

上海市黄浦区明珠中学2022-2022年九年级期中考试物理在线考试题带答案和解析

选择题

上海地区家用电冰箱的正常工作电压是（）

A.110伏B.200伏

C.220伏D.380伏

【答案】C

【解析】

我国家庭电路的电压是220V，上海地区家用电冰箱的正常工作电压应该符合家庭电路的要求，即220V，故选C。

选择题

首先发现电流与电压关系的科学家是（）

A.安培B.库仑

C.伏特D.欧姆

【答案】D

【解析】

欧姆定律的内容是导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，根导体的电阻成反比，这个关系是由德国物理学家欧姆提出的，故选D。

选择题

铁轨下面垫枕木是为了（）

A.增大压力B.增大压强

C.减小压力D.减小压强

【答案】D

【解析】

火车的压力大小不变，在铁轨下面垫枕木，这样会增大受力面积，根据

可知，压强会减小，故选D。

选择题

下列装置中，主要利用连通器原理工作的是（）

A.液位计B.抽水机C.订书机D.密度计

【答案】A

【解析】

A．液位计底部是相连的，上端开口，这是利用连通器原理工作的，选项A符合题意；

B．抽水机工作时，抽水机活塞向上运动，活塞下方的气压变小，在外界大气压的作用下，把水往上压，这不是利用连通器原理工作，B项不合题意；

C．订书机应用了杠杆、压强等物理知识，没有使用到连通器原理，C项不合题意；

D．密度计是利用物体的漂浮原理来工作的，不同的漂浮高度，显示液体密度的大小，D项不合题意。

选择题

一根铁丝被拉长后，下列物理量会发生变化的是（　　）

A.密度B.质量

C.电阻D.体积

【答案】C

【解析】

A．某种物质的密度值是一定的，不随形状的变化而变化，铁丝被拉长后，密度大小不变，A项不合题意；

BD．一根铁丝被拉长后，这根铁丝所含物质的多少不变，即质量不变，体积也没有变化，B、D项不合题意；

C．这根铁丝被拉长后，长度和横截面积都发生变化，材料不变，根据

可知，长度变长，横截面积变小，电阻会发生变化，选项C符合题意。

选择题

重为5N的小球轻放入装满水的烧杯中，溢出重为4N的水｡若将该小球轻放入盛有酒精的烧杯中，已知ρ酒

由于

ρ酒＜ρ水，ρ球＞ρ水

则ρ球＞ρ酒；根据物体的浮沉条件可知，该小球轻放入盛有酒精的烧杯中，一定会下沉；则小球此时受到浮力

由于ρ酒＜ρ水，所以

F浮′＜F浮=4N

根据阿基米德原理可知，溢出酒精的重力大小一定小于4N。

故选A。

选择题

在图（a）、（b）所示的电路中，电源电压相等且保持不变。

只闭合电键S1，三个电流表中有两个示数相同。

同时闭合电键S1、S2，三个电流表中仍有两个示数相同。

以下描述中正确的个数有（　　）

①只闭合电键S1，示数相同的是电流表A2和A3；

②同时闭合电键S1、S2，示数相同的是电流表A1和A3；

③S1闭合时，图（a）中的R1、R2可以用R3等效替代；

④S2断开时，图（b）中的R1、R3可以用R2等效替代。

A.1个B.2个C.3个D.4个

【答案】D

【解析】

由（a）电路图可知，闭合电键S，R1与R并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路

电流，因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两支路的电流分别为

I1=

I2=

则电流表A2的示数

又因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路中的电流表A1的示数

则

由（b）电路图可知，开关S2断开时，R1与R3串联，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流

当开关S2闭合时，电路为R3的简单电路，此时电路中的电流

则

因为只闭合电键S1，三个电流表中有两个示数相同，同时闭合电键S1，S2，三个电流表中仍有两个示数相同，所以只闭合电键S1时

同时闭合电键S1，S2时

故①②正确；

由=可知

则

R2=R1+R3

故③正确；

由①只闭合电键S1，示数相同的是电流表A2和A3，所以S2断开时，图（b）中的R1、R3可以用R2替代。

故④正确。

综上所属ABC错误。

D正确。

故选D。

选择题

如图所示，甲、乙两个均匀正方体对水平地面的压强相等。

现沿水平方向在它们的上部分别切去相同的体积，并将切去部分叠放在对方剩余上方的中央，则切去的部分对甲、乙剩余部分的压强

、

以及甲、乙剩余部分对地压强

、

的关系是（　　）

【答案】A

【解析】

地面上放置的均匀正方体物体，地面受到的压强p=pgh。

因为两物体对水平面的压强相同，则

甲gh甲=乙gh乙

由图知h甲＞h乙，所以甲＜乙

沿水平方向截去相同体积

V后，由S甲＞S乙，V=Sh可知截去的高度关系

h甲＜h乙

减小的压强

p甲减小=

h甲

p乙减小=

gh乙

p甲减小＜P乙减小

因为原来压强相等，所以甲、乙剩余部分对地面压强：

p甲＞p乙。

切去的部分对甲、乙剩余部分的压强

、

p甲=

p乙=

由h甲S甲=h乙S乙=

，甲＜乙，

故A符合题意，BCD不符合题意。

故选A。

填空题

家庭电路中各用电器之间是______（选填“串联”或“并联”）连接的。

使用的用电器增多，电路的总电流_______，电路的总电阻______。

（均选填“变大”、“不变”或“变小”）

【答案】并联变大变小

【解析】

[1]家庭电路中各用电器之间是并联连接的；

[2]使用的用电器增多，电路的总电流变大；

[3]根据欧姆定律的变换式

可知，电压不变，总电流变大，那么电路中的总电阻变小。

填空题

压强是表示______的物理量。

深海潜水器有下潜深度限制，是由于海水内部______，著名的______实验向人们展示了大气压强存在。

【答案】压力的作用效果深度越深压强越大马德堡半球

【解析】

[1]压强是表示压力的作用效果的物理量；

[2]根据液体压强公式

可知，海水内部深度越深，即

越大，压强越大；

[3]证明大气压强存在的实验是马德堡半球实验。

填空题

冰的密度为900千克/米3，它的含义是每立方米冰的______为900千克。

现有0.01米3的冰融化成水，融化后体积______（选填“变大”、“不变”或“变小”），水的质量为______千克。

【答案】质量变小9

【解析】

[1]冰的密度为900千克/米3，它的含义是每立方米冰的质量是900千克；

[2]现有0.01米3的冰融化成水，融化成水后质量不变，而水的密度是

，水的密度大于冰的，根据

可知，水的体积小于冰的，即融化后体积变小；

[3]水的质量等于冰的质量，即

填空题

如图（a）所示，长度相同、粗细不同的同种金属棒AB和CD串联在电路中。

则通过AB的电流_______通过CD的电流（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

用电压表测得AB和CD两端的电压如图（b）所示，则AB两端的电压为_______伏，CD两端电压为_______伏.

【答案】等于52.5

【解析】

[1]根据串联电路电流处处相等可知，通过AB的电流等于通过CD的电流；

[2][3]根据

可知，金属棒AB和CD是同种材料，长度相同，但是CD的横截面积比较大，那么CD的电阻较小，根据

可知，CD的电压较小，AB的电压较大，假设AB两端的电压表量程是0到3V，那么它的读数是1V，而CD两端的电压表量程无论是0到3V还是0到15V，读数都大于AB两端的电压，这种情况不合题意；所以AB两端的电压表量程应该是0到15V，那么它的读数是5V；假设CD两端的电压表量程是0到15V，那么它的读数是12.5V，这个读数大于AB两端的电压，这种情况不合题意，所以CD两端的电压表量程应该是0到3V，那么它的读数是2.5V。

填空题

竖直浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为2牛、10牛，该金属块受到的浮力为______牛。

若上表面距离水面的深度为0.1米，则上表面受到水的压强为______帕；增大金属块在水中的深度，金属块受到的浮力将______，（选填“变大”、“不变”或“变小”）。

【答案】8980不变

【解析】

[1]该金属块受到的浮力等于长方体金属块上、下表面受到水的压力之差，即

[2]由题意可知，上表面受到水的压强为

[3]根据阿基米德原理可知，金属块受到的浮力大小等于它排开的液体所受的重力，即

，增大金属块在水中的深度，金属块排开水的体积不变，水的密度也不变，那么金属块受到的浮力将不变。

填空题

亚里士多德为了解释抽水现象，提出了“自然界厌恶真空”理论，意思是只要液面上方出现真空，与真空接触的液体就会流上去填补真空。

（1）可以用“自然界厌恶真空”理论来解释的现象是_____（选填“A”“B”或“C”）。

A.回声的产生B.彩虹的形成C.利用吸管吸饮料

（2）可以推翻“自然界厌恶真空”理论的实验是_____（选填“A”“B”或“C”），理由是_____。

A.托里拆利实验B.富兰克林雷电实验C.马德堡半球实验

【答案】CA做托里拆利实验时，玻璃管内上方有一段是真空，但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德观点不相符，所以可以推翻其观点

【解析】

（1）[1]A．回声的形成是声在传播过程中遇到障碍物，声被障碍物反射回来，与亚里士多德的观点不符，A不符合题意；

B．彩虹是太阳光的色散，与亚里士多德的观点不符，B不符合题意；

C．用吸管吸饮料时，吸管内的气压减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，与亚里士多德的观点相符，C符合题意

（2）[2]A．托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持76cm高的水银柱，玻璃管的长度是1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论，A符合题意；

B．富兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象，与亚里士多德的观点不相关，B不符合题意；

C．马德堡半球实验是证明大气压的存在，并且证明大气压很大，与亚里士多德的观点不相关，C不符合题意

[3]托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持76cm高的水银柱，玻璃管的长度是1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论.

作图题

在图中，重为6牛的小球静止在水面上，用力的图示法画出该球所受的浮力F浮．

【答案】

【解析】如图所示，物体所受浮力为6N，方向竖直向上。

作图题

在如图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填入电路的空缺处。

要求：

开关S闭合后R与L串联，且电压表测小灯L两端的电压。

（______）

【答案】

【解析】

假设左端空缺处是电压表，那么开关闭合后，电流流过R后，为了R与L串联，中间空缺处不能是电流表，那么只能是电压表，右边空缺处是电流表，这种情况下电压表并接在小灯L两端，测的是小灯L两端的电压，电流流过R后，会继续流过L，再流过电流表，回负极，R与L是串联的；这种元件符合摆放位置符合题意，答案如下图所示。

作图题

在图中所示电路中，添上两根导线。

要求：

闭合电键S，电灯发光，电流表有示数；向右移动滑片至最右端过程中，电流表示数不变。

【答案】

【解析】

要使滑动变阻器滑片移动时，电流表示数不变，需要将滑动变阻器和小灯泡并联，且电流表串联在小灯泡所在支路中，故连接电路如下：

解答题

一木块漂浮在水面上，其浸入水中的体积为2×10-4米3。

求木块的质量。

【答案】0.2kg

【解析】

解：

木块漂浮在水面上，浸入水中的体积，即木块排开水的体积为2×10-4m3，据阿基米德原理得

G=F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=2N

则木块的质量

答：

木块的质量为0.2kg。

解答题

某导体两端的电压为12伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为8库。

（1）求通过该导体的电流I；

（2）若通过该导体的电流变为0.6安，求此时导体的电阻R。

【答案】

（1）

；

（2）

【解析】

解：

（1）通过该导体的电流

（2）导体的电阻

导体的电阻由自身的长度、粗细、横截面积来决定，与电流、电压无关，所以通过该导体的电流变为0.6A时，导体的电阻不变，仍为。

答：

（1）通过该导体的电流I为；

（2）若通过该导体的电流变为0.6A，此时导体的电阻R仍为。

解答题

如图所示，实心金属圆柱体甲的密度为3×103千克/米3，放在水平地面上的薄壁柱形容器乙足够高，内盛有适量的水。

（1）若圆柱体甲的质量6千克，求甲的体积V甲；

（2）若容器乙的底面积为1×10-2米2，把甲放入乙容器，放入前后水对容器底部的压强p水及容器对地面的压强p容记录在下表中。

求：

①放入前后容器中水深度的增加量Δh水；

②物体甲的高度h甲。

放入前

放入后

p水（帕）

980

1470

p容（帕）

1500

3460

【答案】

（1）2×10-3m3；

（2）①0.05m，②0.6m

【解析】

解：

（1）由密度公式可知，甲的体积

（2）①把甲放入乙容器，乙容器底部压强的增加量为

根据液体压强公式可知，深度的增加量为

②若甲被浸没，则水面深度的增加量

因为

所以，甲没有被浸没。

因为在水平桌面上，所以重力的大小和压力大小相等，所以

代入数据可知

则水的质量为

水的体积为

水的深度为

则

代入数据得

所以

则物体甲的高度

答：

（1）甲的体积为2×10-3m3；

（2）①放入前后容器中水深度的增加量0.05m；

②物体甲的高度0.6m。

解答题

在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“2A”字样。

（1）闭合开关S，若通过电阻R1的电流为1安，求R1两端的电压U1；

（2）若在图中正确连接一个电流表，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，发现电流表示数的范围为1.8~3.0安；若将R1、R2改为串联，并接入同一电源，在电路中正确连接一个电流表和电压表，发现电流表示数的范围为0.9~1.2安。

电路中电流表与电压表表盘如图所示。

①请计算说明，串联电路中电压表接入的位置以及选择的量程；

②求并联电路中滑动变阻器阻值可调节的范围。

【答案】

（1）10V；

（2）①串联电路中，电压表接到R1两端，量程是0-15V；②6.7Ω-20Ω。

【解析】

（1）由图可知，R1和变阻器R2并联，R1两端的电压

U1=I1R1=1A×10Ω=10V

（2）①若将R1、R2改为串联，并接入同一电源，在电路中正确连接一个电流表和电压表，发现电流表示数的范围为0.9~1.2安，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，则电源的电压

U=I大R1=1.2A×10Ω=12V

当最小电流为0.9A时，电路的总电阻

R总1=

变阻器连入电路的电阻

R滑小1=R总1-R1=

Ω-10Ω=

此时变阻器两端的电压

U滑1=I小1R滑小1=0.9A×Ω=3V

R1两端的电压

U1小=U-U滑1=12V-3V=9V

由变阻器和R1的电压可知，电压表的量程是0-15V，当最大电流为1.2A时，电路的总电阻

R总2=

=10Ω=R1

变阻器连入电路的电阻为零，电压表的示数是12V，电压表接到R1两端，量程是0-15V。

②将R1与R2并联接入同一电源，在图中正确连接一个电流表，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，发现电流表示数的范围为1.8~3.0安；通过R1的电流

=1.2A

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，通过R1的电流为1.2A，滑动变阻器R2通过的最大电流是2A，由并联电路电流的规律可知电流表在干路中，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，干路电流最小，此时通过R2的电流

I小2=I小总-I1′=1.8A-1.2A=0.6A

则滑动变阻器的最大阻值

R2max=

=20Ω

当干路电流最大时，此时通过R2的电流

I大2=I大总-I1′=3A-1.2A=1.8A

则滑动变阻器的最小阻值

R2min=

≈6.7Ω

并联电路中滑动变阻器阻值可调节的范围是6.7Ω-20Ω。

答：

（1）R1两端的电压是10V；

（2）①串联电路中，电压表接到R1两端，量程是0-15V。

②并联电路中滑动变阻器阻值可调节的范围是6.7Ω-20Ω。

填空题

在“测定物质的密度”的实验中，实验原理是______；测量质量的仪器是______，该实验多次测量的目的是______

【答案】

天平多次测量求平均值，减小实验误差

【解析】

[1]在“测定物质的密度”实验中，需要测出物体的质量和体积，利用密度公式

计算物质的密度，所以实验原理是。

[2]测量物体质量的仪器是天平。

[3]多次测量求平均值，减小实验误差。

实验题

在“验证阿基米德原理”的实验中，用________测量浮力的大小，为了达成实验目的，需要将所测的浮力大小与该物体_______的大小进行比较。

在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验中，需用_______液体进行研究（选填“一种”或“多种”）。

如图（a）、（b）和（c）所示情景，是在探究液体内部的压强与______的关系。

【答案】弹簧测力计排开液体所受重力多种深度

【解析】

[1]在”验证阿基米德原理”的实验中，用弹簧测力计测量浮力的大小；

[2]阿基米德原理的内容是浮力的大小等于它排开的液体所受的重力，那么为了达成实验目的，需要将所测的浮力大小与该物体排开液体所受重力的大小进行比较；

[3]在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验中，即涉及到液体密度，也涉及到液体深度，所以需用多种液体进行研究；

[4]从图中可以看到，三个情景液体都是盐水，只是探头所处的深度不一样，那么这是探究液体内部的压强与深度的关系。

实验题

物理兴趣小组发现储水容器在单位时间内的出水量Q不同。

她认为水管中单位时间的出水量可能跟水管形状、横截面积S、长度L和两端液体的压强差

有关。

为此，小组成员设计了如图所示的装置进行研究，容器底部的水平管AB可以方便更换，B处的开关用于控制出水时间，

（1）为了验证单位时间内的出水量Q是否跟水管形状有关，他们选用长度相同、外径相同但内径不同的水管（如图所示），将水管分别和三个相同的容器连接，容器分别装满水，打开阀门，测出出水量。

该方案中将容器分别装满水，是为了控制水管AB两端______相同。

你认为该实验方案能否验证他们的猜想？

为什么？

______。

之后他们接着验证出水量Q与S、L和h之间的关系，相关实验数据记录在下表中。

实验序号

水管的截面积S

水管的长度L/cm

容器内水的深度h/cm

单位时间的出水量Q/mL

120

2S0

240

3S0

540

（2）根据实验序号1与2与3数据中Q与L变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是：

在S和相同的情况下，______。

（3）分析比较实验序号______数据中Q与变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是：

在S和L相同的情况下，Q与成正比。

（4）若h=20cm、L=40cm、S=S0，则Q=______mL；若h=10cm、L=50cm、S=4S0，则Q=______mL。

【答案】压强差不能，没有控制小孔的横截面积相等Q与L成反比1、4、530192

【解析】

（1）[1]装满水后，液体深度一定，两端液体压强差一定。

[2]不能，因为没有控制变量，小孔的横截面积也不同。

（2）[3]由表中数据可知，水管截面积和水深度均相同，随着管长增加，单位时间的出水量变小，且管长和出水量乘积为定值，可得出结论。

（3）[4]1、4、5三组，S和L相同，随着容器内水深度增加，出水量增加，所以在S和L相同的情况下，Q与

成正比。

（4）[5]由第3组数据可知，单位时间出水量为30mL。

[6]分析比较实验序号1与6与7数据知，水管的长度、容器内水的深度相同，横截面积变为2倍、3倍，单位时间的出水量变成原来的4倍和9倍，即在L与相同的情况下，S越大，Q越大，且单位时间的出水量Q与水管的面积S的平方成正比；由表格数据1、2、3知在水管的面积S、容器内水的深度h相同时，单位时间的出水量Q与水管的长度L成反比；由表格数据1、4、5知在水管的面积S、水管的长度L相同时，单位时间的出水量Q与容器内水的深度h成正比，综合分析单位时间的出水量Q与容器内水的深度h成正比、水管的长度L成反比、水管的面积S的平方成正比，即

将第一组中的数据带入得

若h=10cm、L=50cm、S=4S0，则

实验题

小煜做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（2伏、4伏和6伏三个档位）、电流表、电压表、开关和待测电阻Rx各一个，三个滑动变阻器（分别标有“5欧2安”、“20欧2安”、“50欧1安”）以及导线若干。

小煜选择其中一个滑动变阻器，她正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键后，电流表的示数如图（a）所示；当把滑动变阻器的滑片P移到中点附近时，电压表示数如图（b）所示；小煜继续移动滑片P，在确保电路安全的情况下，测得电路中的最大电流为0.42安。

根据以上信息，请说明小煜选用的电源档位。

______请将下表空缺处填写完整（计算电阻时，精确到0.1欧）

次数

电压

电流

电阻

电阻平均值

______

2.5

0.42

______

【答案】4V13.29.5

【解析】

[1][2][3]由图（b）可知，如果电压表选择0-15V的量程，分度值是0.5V，电压表的示数是12.5V，电源的最大档位是6V，所以电压表的量程选择0-3V，分度值是0.1V，电压表的示数是2.5V，电源不可能是2V，可能是4V、6V；电路中的最大电流是0.42A，得到电流表的分度值是0.02A，电流表的量程是0-0.6A，分度值是0.02A。

由图（a）可知，开始闭合开关，变阻器处于阻值最大处，电流表的示数是0.22A，若选用“5欧2安”的滑动变阻器，则

U变1=IR变1=0.22A×5Ω=1.1V

选用“20欧2安”的滑动变阻器，则

U变2=IR变2=0.22A×20Ω=4.4V

把滑动变阻器的滑片P移到中点附近时，电压表的示数是2.5V，变阻器处于阻值最大处，电路中的电流较小，电压表的示数小于2.5V，不可能是4.4V，故不能选用“20欧2安”的滑动变阻器；

选用”50欧1安”的滑动变阻器，则

U变3=IR变3=0.22A×50Ω=11V＞6V（排除）

所以选择变阻器为“5欧2安”，如果电源电压是6V，把滑动变阻器的滑片P移到中点附近时，电压表的示数是2.5V，此时通过电

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