椭圆的简单几何性质典型例题doc.docx
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典型例题一
例1椭圆的一个顶点为
A2,0
,其长轴长是短轴长的
2倍,求椭圆的标准方程.
分析:
题目没有指出焦点的位置,要考虑两种位置.
解:
(1)当A2,0
为长轴端点时,
a
2,b
1,
椭圆的标准方程为:
x2
y2
1;
4
1
(2)当A2,0为短轴端点时,
b
2
,a4
,
椭圆的标准方程为:
x2
y2
1
;
4
16
说明:
椭圆的标准方程有两个,
给出一个顶点的坐标和对称轴的位置,
是不能确定椭圆
的横竖的,因而要考虑两种情况.
典型例题二
例2一个椭圆的焦点将其准线间的距离三等分,求椭圆的离心率.
解:
2c
a2
21
∴3c2
a2,
c
3
∴e
1
3
.
33
说明:
求椭圆的离心率问题,通常有两种处理方法,一是求
a,求
c,再求比.二是列
含a和c的齐次方程,再化含
e的方程,解方程即可.
典型例题三
例3已知中心在原点,焦点在x轴上的椭圆与直线xy10交于A、B两点,M
为AB中点,OM的斜率为0.25,椭圆的短轴长为
2,求椭圆的方程.
解:
由题意,设椭圆方程为
x2
y2
1,
a2
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x
y1
0
2
由
,得1a
x
2
2
2
x
0,
x
2
y2
a
1
a2
∴xM
x1
x21
a2
,
yM
1
xM
1
,
2
a2
1a2
kOM
yM
1
1,∴a2
4,
xM
a2
4
∴x2
y2
1为所求.
4
说明:
(1)此题求椭圆方程采用的是待定系数法;
(2)直线与曲线的综合问题,经常要借用根与系数的关系,来解决弦长、弦中点、弦斜率问题.
典型例题四
例4椭圆
x2
y2
1上不同三点
Ax1,y1
9
,Cx2,y2
与焦点F4,0
25
9
,B4,
的
5
距离成等差数列.
(1)求证x1x28;
(2)若线段AC的垂直平分线与x轴的交点为T,求直线BT的斜率k.
证明:
(1)由椭圆方程知
a
5,b
3,c4.
由圆锥曲线的统一定义知:
AF
c,
a2
a
x1
c
∴
AF
a
ex1
5
4
x1.
5
同理
CF
5
4
x2.
5
9
∵
AF
CF
2BF,且BF
,
5
∴
5
4
x1
5
4
x2
18
,
5
5
5
即
x1
x2
8.
(2)因为线段AC的中点为
y1
y2
,所以它的垂直平分线方程为
4,
2
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y
y1
y2x1
x2x4.
2
y1
y2
又∵点T在x轴上,设其坐标为
x0,0,代入上式,得
x04
y12
y22
2x1
x2
又∵点Ax1,y1,Bx2,y2都在椭圆上,
∴y12925x1225
y22
9
25x22
25
9
∴
2
2
y1
y2
25x1x2x1x2.
将此式代入①,并利用x1x28的结论得
x04
36
25
9
0
5
5
.
∴kBT
x04
4
典型例题五
例5已知椭圆x2
y2
1,F1、F2为两焦点,问能否在椭圆上找一点
M,使M到
4
3
左准线l的距离MN是MF1
与MF2
的等比中项?
若存在,则求出点
M的坐标;若不存
在,请说明理由.
解:
假设M存在,设M
x1,y1
,由已知条件得
a2,b
3,∴c
1,e
1
.
∵左准线l的方程是x
4,
2
∴MN4
x1.
又由焦半径公式知:
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MF1
a
ex12
1
x1,
2
MF2
a
ex1
1
x1.
2
2
∵MN
2
MF1
MF2
,
∴x1
42
2
1x1
2
1x1.
2
2
整理得5x12
32x1
48
0.
解之得x1
4或x1
12
.
①
5
另一方面
2x1
2.
②
则①与②矛盾,所以满足条件的点M不存在.
说明:
(1)利用焦半径公式解常可简化解题过程.
(2)本例是存在性问题,解决存在性问题,一般用分析法,即假设存在,根据已知条件进行推理和运算.进而根据推理得到的结果,再作判断.
(3)本例也可设M2cos,3sin存在,推出矛盾结论(读者自己完成).
典型例题六
例6已知椭圆
x2
y
2
1,求过点P
1
1
P平分的弦所在的直线方程.
2
2
,且被
2
分析一:
已知一点求直线,关键是求斜率,故设斜率为
k,利用条件求k.
解法一:
设所求直线的斜率为
k,则直线方程为y
1
kx
1
2
.代入椭圆方程,并
2
整理得
12k2x2
2k2
2kx
1k2
k
3
0.
2
2
由韦达定理得x1
x2
2k2
2k
.
1
2k
2
∵P是弦中点,∴
x1
x2
1.故得k
1
.
2
所以所求直线方程为2x4y30.
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分析二:
设弦两端坐标为
x1,y1
、x2,y2,列关于x1、x2、y1、y2的方程组,从
而求斜率:
y1
y2
.
x1
x2
解法二:
设过P
1
1
Ax1,y1
、Bx2,y2
2
,的直线与椭圆交于
,则由题意得
2
x12
y12
1,
①
2
x22
y22
1,
②
2
x1
x2
1,
③
y1
y2
1.
④
①-②得x12
x22
y12
y22
0.
⑤
2
将③、④代入⑤得
y1
y2
1,即直线的斜率为
1
.
x1
x2
2
2
所求直线方程为2x4y30.
说明:
(1)有关弦中点的问题,主要有三种类型:
过定点且被定点平分的弦;平行弦的中点轨迹;过定点的弦中点轨迹.
(2)解法二是“点差法”,解决有关弦中点问题的题较方便,要点是巧代斜率.
(3)有关弦及弦中点问题常用的方法是:
“韦达定理应用”及“点差法”.有关二次曲线问题也适用.
典型例题七
例7求适合条件的椭圆的标准方程.
(1)长轴长是短轴长的
2倍,且过点2,6
;
(2)在x轴上的一个焦点与短轴两端点的联机互相垂直,且焦距为
6.
分析:
当方程有两种形式时,应分别求解,如(
1)题中由x2
y2
1求出a2
148,
a2
b2
b2
37,在得方程
x2
y2
1后,不能依此写出另一方程
y2
x2
1.
148
37
148
37
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解:
(1)设椭圆的标准方程为
x2
y2
1或y2
x2
1.
a2
b2
a2
b2
由已知a
2b
.
①
又过点
2,6
,因此有
22
62
1或
62
22
1.
②
2
2
2
2
a
b
a
b
由①、②,得a2
148,
b2
37
或a2
52,b2
13
.故所求的方程为
x2
y2
1或y2
x2
1.
148
37
52
13
(2)设方程为
x2
y2
1.由已知,c
3,b
c
3,所以a2
18.故所求方程
a2
b2
为x2
y2
1.
18
9
说明:
根据条件求椭圆的标准方程的思路是“选标准,定参数”.关键在于焦点的位置
是否确定,若不能确定,应设方程
x2
y2
1或y2
x2
1.
a2
b2
a2
b2
典型例题八
例8椭圆x2
y2
1的右焦点为F,过点A1,3,点M在椭圆上,当AM2MF
16
12
为最小值时,求点
M的坐标.
分析:
本题的关键是求出离心率e
1
2MF转化为M到右准线的距离,从而得
,把
2
最小值.一般地,求
AM
1MF均可用此法.
e
1
解:
由已知:
a4,c2.所以
,右准线
e
l:
x8.
2
过A作AQ
l,垂足为Q,交椭圆于M,故
MQ2MF.显然AM2MF的最小值为AQ,即M
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为所求点,因此yM
3,且M在椭圆上.故xM
23.所以M23,3.
说明:
本题关键在于未知式AM
2MF中的“2”的处理.事实上,如图,
1
e,
2
即MF是M到右准线的距离的一半,
即图中的MQ,问题转化为求椭圆上一点
M,使M
到A的距离与到右准线距离之和取最小值.
典型例题九
例9求椭圆x2
y2
1上的点到直线
xy60的距离的最小值.
3
分析:
先写出椭圆的参数方程,
由点到直线的距离建立三角函数关系式,
求出距离的最
小值.
解:
椭圆的参数方程为
x
3cos
,
3cos,sin,则点到
设椭圆上的点的坐标为
ysin.
直线的距离为
3cossin6
2sin
6
3
d
.
2
2
当sin1时,d最小值22.
3
说明:
当直接设点的坐标不易解决问题时,可建立曲线的参数方程.
典型例题十
例10设椭圆的中心是坐标原点,长轴在
x轴上,离心率
3
3
到
e
,已知点P0,
2
2
这个椭圆上的点的最远距离是
7,求这个椭圆的方程,并求椭圆上的点
P的距离等于
7
的点的坐标.
分析:
本题考查椭圆的性质、距离公式、最大值以及分析问题的能力,在求d的最大值时,要注意讨论b的取值范围.此题可以用椭圆的标准方程,也可用椭圆的参数方程,要
善于应用不等式、平面几何、三角等知识解决一些综合性问题,从而加强等价转换、形数结合的思想,提高逻辑推理能力.
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解法一:
设所求椭圆的直角坐标方程是
x2
y
2
1,其中a
b0待定.
a
2
b2
2
2
2
1b
2
由e2c2
a
2b
2可得
a
a
a
b
1e2
1
31,即a2b.
a
4
2
设椭圆上的点
x,y
到点P的距离是d,则
3
2
y2
9
d
2
x
2
y
a
2
y
2
3y
2
1
4
b2
9
1
2
4b2
3y2
3y
3y
4b2
3
4
2
其中
b
y
b.
如果b
1
,则当y
b时,d2(从而d)有最大值.
2
2
3
2
3
1
1
由题设得
7
b
,由此得b
7
矛盾.
2
2
2
,与b
2
因此必有b
1
成立,于是当y
1
时,d2(从而d)有最大值.
2
2
由题设得
7
2
b
2
3
b
1
a2
,可得
,
.
4
∴所求椭圆方程是
x2
y2
4
1.
1
由y
1
及求得的椭圆方程可得,椭圆上的点
3,1
,点
2
2
3
P0,的距离是7.
2
3,1到点
2
xacos
解法二:
根据题设条件,可取椭圆的参数方程是,其中ab0,待定,
ybsin
12,为参数.
由e2c2
a2
b2
b
2
1
可得
a2
a2
a
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b
1e2
1
31,即a2b.
a
4
2
设椭圆上的点
x,y
3
的距离为d,则
到点P0,
2
2
2
d2
x2
y
3
a2cos2
bsin
3
2
2
4b
2
3b
2
2
3bsin
9
sin
4
1
2
3b2
sin
4b2
3
2b
如果
1
1,即b
1
,则当sin
1时,d2(从而d)有最大值.
2b
2
2
3
2
3
1
1
1
由题设得
7
b
,由此得b
7
2
2
,与b
矛盾,因此必有
1
2
2
2b
成立.
于是当sin
1
时d2
(从而d)有最大值.
2b
由题设知
7
2
b
2
3
,∴
b
1
,
a
2
.
4
∴所求椭圆的参数方程是
x
2cos
.
y
sin
由sin
1
,cos
3
,可得椭圆上的是
3,1
,
3,1
.
2
2
2
2
典型例题十一
例11
设x,y
R,2x2
3y2
6x,求x2
y2
2x的最大值和最小值.
分析:
本题的关键是利用形数结合,观察方程
2x2
3y2
6x与椭圆方程的结构一
致.设x2
y2
2x
m,显然它表示一个圆,由此可以画出图形,考虑椭圆及圆的位置关
系求得最值.
解:
由2x2
3y2
6x,得