学年安徽省池州市高二下学期期末考试物理试题.docx
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学年安徽省池州市高二下学期期末考试物理试题
池州市普通高中2016-2017学年第一学期期末考试
高二物理参考答案
1.A【解析】根据电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比可得，U﹣I图象中图象的斜率表示电阻的阻值；则由图可知，a的斜率最大，依次为b，c、而d的斜率最小；故可知a表示的电阻最大；故选：
A．
2.A【解析】由题意可知，当增大小球的电荷量时，根据库仑定律，则库仑力增大，由平衡条件，则有：
，因此丝线与竖直方向的夹角增大，故A正确，BCD错误．
3.A【解析】解：
设此过程中，电场力对点电荷做的功为Wab，由动能定理可知：
W外+Wab=△Ek，即 Wab=△Ek﹣W外=2.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差为：
Uab=
=1.0×104V．故选A．
4.B【解析】由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=
可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B正确．
5.B【解析】作出电场线可知EA和EB大小关系不确定，顺着电场线电势逐渐降低所以φA一定大于φB，B正确。
6.D【解析】为了使该棒仍然平衡在该位置上，Fmin=mgsinθ得：
Bmin=
sinθ，由左手定则知所加磁场的方向平行悬线向上．故D正确，A、B、C错误．
7.D【解析】振动膜片振动时，电容器两极板的距离增大，电容减小，故A错误；由C=
知，U不变的情况下，电容减小，电容器所带电荷量Q减小，故B错误；由E=
知，U不变，间距d增大，则场强E减小，故C错误；极板的带电量减小，放电，电阻R中有电流通过．故D正确．
8.BC【解析】根据电子在加速电场中加速，由动能定理有：
eU=
mv02，电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：
eBv0=m
，解得：
r=
，T=
，增大励磁线圈中的电流，电流产生的磁场增强，电子束的轨道半径变小，周期变小，故A错误，C正确；提高电子枪加速电压，电子的速度增大，电子束的轨道半径变大；电子的周期不变，故B正确，D错误。
9.BD【解析】由于电场力方向总是与电场方向在一条直线上，电场力不可能与重力平衡，微粒不可能匀速运动，由于重力、电场力均恒定，其合力也恒定．由于微粒做直线运动，合力必与速度方向在一条直线上．因重力竖直向下，电场力沿电场线的方向，由平行四边形定则可知，电场力水平向左时，微粒所受电场力与重力的合力方向与速度方向相反．因此微粒做匀减速运动，带负电；故A错误，B、D正确；电场力的方向与运动方向夹角为钝角，则说明运动中电场力做负功，电势能增加．故C错误。
10.BD【解析】只把电阻R1阻值调大，并联部分电压减小，R4的电压减小，电容器的电压减小，板间场强减小，油滴向下运动．故A错误；只把电阻R2阻值调大，外电路总电阻增大，并联部分电压增大，则电容器的电压增大，板间场强增大，油滴向上运动．故B正确；只把电阻R3阻值调大，外电路总电阻增大，干路电流减小，并联部分电压增大，R1的电流增大，流过R4的电流减小，R4的电压减小，油滴向下运动．故C错误；只把电阻R4阻值调大，外电路总电阻增大，干路电流减小，并联部分电压增大，R1的电流增大，流过R4的电流减小，R3的电压增大，R4的电压增大，油滴向上运动．故D正确．
11.AD【解析】小灯泡的额定电流为I=
，电阻为RL=
，当接1时，由闭合电路欧姆定律可知，E=I（RL+R+r），代入数据解得r=1Ω，故A正确；当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.2A，电源内阻分的电压为U=Ir=0.2×1V=0.2V，故电动机分的电压为U动=E-UL-U=3-2-0.2V=0.8V，电动机的内阻
，故BC错误；电动机的输入功率P=U动I=0.8×0.2=0.16W，电源的效率η=
，故D正确。
12.CD【解析】如图，电流方向向右，电子定向移动方向向左，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向：
向上，则M积累了电子，MN之间产生向上的电场，所以M板比N板电势低，A错误；由U=E=Bdv，得自由电子定向移动的速度为
．故C正确；电流的微观表达式是I=nevS，则导体单位体积内的自由电子数n=
，S=db，
，代入得n=
，
，若仅增大金属导体的厚度d，U不变，故B错误，D正确．
13.（5分，每空1分）
（2）a（3）×1k；重新进行欧姆调零；30kΩ（4）OFF或交流电压最高档
【解析】
（2）将红、黑表等分别插入正、负表笔插孔，二极管的两个极分别记作a和b，将红表笔接a端时，表针几乎不偏转，说明电阻很大，二极管反向截止，接b端时偏转角度很大，说明电阻很小，二极管正向导通，则a端为二极管的正极，b为二极管的负极，则为了测量该二极管的反向电阻，应将红表笔接二极管的a端．
（3）将选择开关拨至电阻“×100”挡位，进行正确的测量步骤后，表针偏角较小，说明所选挡位太小．为了得到准确的测量结果，应让电表指针尽量指向表盘中央，应重新选择量程进行测量．则该同学应选择×1k挡，然后重新进行欧姆调零，再进行测量．测量后示数如图所示，则测量结果为：
30×1k=30kΩ．
14.（9分）
（1）A（1分）；C（1分）
（2）如图所示（2分）
；
（3）0.38（0.37~0.39）（3分）；
（4）A（2分）
【解析】①由P=UI可知，灯泡的额定电流为200mA；故电流表选择A即可；
由于实验要求电压从零调节，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节，所以应选择C；
②根据给出的原理图可得出对应的实物图如图所示；
③在表示小灯泡的I﹣U图象中画出表示电源的I﹣U图象如图所示，读出两图线交点坐标为：
U=2.1V，I=0.18A，
所以小灯泡消耗的功率为：
P=UI=2.1×0.18W=0.38W；
④电压表测量路端电压，由P
可知，其示数随滑动变阻器的阻值增大而增大；但由于电阻随电压的增大而增大，故图象的斜率越来越小；故选：
A。
15.（10分）
【解】
（1）粒子运动的轨迹如图得R=2L（1分）
又，洛伦兹力提供向心力，得：
（2分）
所以：
（1分）
（2）由题意和上图的几何关系可得，过a、O、B三点的圆的圆心在aB连线的中点．所以：
x轴坐标x=aO1sin60°=
（1分）
y轴坐标为y=L﹣aO1sin60°=
（1分）
O1点坐标为（
，
）（1分）
（3）粒子在磁场中飞行时间为：
（3分）
16.（12分）
【解】
（1）R1烧断后，伏特表的读数为R2两端的电压，则得：
R2=
（2分）
R1烧断前，R3两端电压
U3=IR2﹣U=0.75×4V﹣2V=1（V）（2分）
通过R3的电流为I3=
（1分）
电阻R1的阻值为R1=
=8Ω（1分）
（2）R1烧断前，外电阻为R外=
（1分）
总电流为I0=I+
（1分）
由闭合电路欧姆定律得：
E=I0（R外+r）（1分）
即E=1×（3+r）
当R1烧断后，E=I′（R2+r）（1分）
即E=0.8×（4+r）
联立解得：
r=1Ω，E=4V（2分）
17.（16分）
【解】
（1）电子在直线加速过程，有：
（2分）
解得：
（1分）
在偏转电场中的水平分运动是匀速直线运动，故：
l=
（1分）
（2）恰好能使所有电子均从两板间通过，说明在t=0时刻进入的电子的偏移量为
在t=0时刻进入的电子在0﹣t0时间的竖直分运动是匀加速直线运动，t0﹣2t0时间的竖直分运动是匀速直线运动，t0﹣2t0时间的竖直分运动是匀加速直线运动，故：
（2分）
解得：
d=
（2分）
（3）电子在t=0时刻进入偏转电场的末动能最大，故：
（3分）
电子在t=t0时刻进入偏转电场的末动能最小，故：
（3分）
故
（2分）
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