完整word版天津市中考物理解析.docx
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完整word版天津市中考物理解析
2018年天津市初中毕业生学业考试试卷
物理
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）
1.（2018天津市，题号1，分值3）生活中常用“引吭高歌”“低声细语”来形容声音。
这里的“高”“低”是指声音的
A.响度B.音调C.音色D.频率
【答案】A
【解析】“引吭高歌”中的“高”说明声音的响度大，“低声细语”中的“低”是指声音的响度小。
故选：
A。
【知识点】声音的特征有音调、响度、音色
2.（2018天津市，题号2，分值3）取出在冰箱中被冷冻的金属块，擦干后放一会儿，其表面会变湿。
此现象中发生的物态变化是
A.汽化B.液化C.升华D.凝固
【答案】B
【解析】由于从冰箱中取出的金属块温度很低，空气中的水蒸气遇到冷的冰块液化成小水滴附着在铁块上，使其表面变湿。
故选：
B。
【知识点】液化及其条件。
3.（2018天津市，题号3，分值3）下列现象中，由光的反射形成的是
A.小孔成像B.立竿见影C.海市蜃楼D.水中倒影
【答案】D
【解析】A、小孔成像说明光是沿直线传播的，故A错误；
B、立竿见影属于影子的形成，说明光是沿直线传播的，故B错误；
C、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果。
故C错误；
D、水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D正确。
故选：
D。
【知识点】光的折射、光的直线传播、光的反射的理解。
4.（2018天津市，题号4，分值3）如图1所示，用线将灯悬挂在天花板上。
当灯静止时，灯所受拉力的平衡力是
A.线所受的重力
B.灯所受的重力
C.灯对线的拉力
D.线对天花板的拉力
【答案】B
【解析】A、灯所受拉力与线所受的重力没有作用在同一个物体上，故A错误；
B、当灯静止时，灯受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力的作用，拉力和重力满足二力平衡的四个条件，是一对平衡力，故B正确；
C、灯所受拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力，故C错误；
D、灯所受拉力与
【知识点】二力平衡的判断。
5.（2018天津市，题号5，分值3）中国选于张湘祥在奥运会上获得男子举重62kg级冠军，挺举成绩是176kg，图2为他比赛时的照片。
他在挺举过程中对杠铃做的功最接近
A.600JB.1200JC.1800JD.3400J
【答案】D
【解析】杠铃的重力：
G=mg=176kg×10N/kg=1760N，
张湘祥的身高约为1.60m；
在挺举过程中把杠铃举高的高度为张湘祥的身高加上0.4m，即：
h=1.60m+0.4=2.0m，
在挺举过程中对杠铃做的功：
W=Gh=1760N×2.0m=3520J。
故选：
D。
【知识点】重力、功的计算公式、估测出举高的高度。
6.（2018天津市，题号6，分值3）用细线将小球系好后，固定在天花板上，做成一个摆。
如图3所示，小球从A点摆动到B点的过程中
A.速度变小，动能变大
B.速度变小，动能变小
C.速度变大，重力势能小
D.速度变大，重力势能大
【答案】C
【解析】解：
小球从A点摆动到B点的过程中，质量不变、高度减小，重力势能减小；质量不变、速度变大，动能变大；重力势能转化为动能。
故选：
C。
【知识点】动能、重力势能影响因素。
7.（2018天津市，题号7，分值3）图4中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。
当它在磁场中按箭头方向运动时，能产生感应电流的是
【答案】C
【解析】磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，C中导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流，故C正确；
ABD中的导体运动时，导体运动方向与磁感线方向平行，都不会切割磁感线，所以不会产生感应电流，故ABD错误；
故选：
C。
【知识点】电磁感应现象，以及感应电流产生的条件。
8.（2018天津市，题号1，分值3）将玻璃瓶、两端开口的细玻璃管和橡皮塞组成如图5所示的装置。
装置内加入适量的液体，可完成如下四个实验：
①验证力使物体发生形变；②观察大气压随高度的变化；③观察液体的热胀冷缩；④模拟潜水艇的浮沉。
在这些实验的设计中，把微小变化放大以利于观察的是
A.①②③B.②③④C.①③④D.①②④
【答案】A
【解析】①用力挤压瓶子，瓶子可以发生形变，利用该装置可以验证：
力可以使固体发生微小形变；
②当大气压变化时，细管中液柱的高度会发生变化，利用该装置可以验证大气压随高度的变化；
③物体具有热胀冷缩的性质，当液体温度变化时体积会发生变化，利用该装置可以观察液体的热胀冷缩；
④将瓶子放在水中，通过玻璃管向瓶内吹气，可以看到瓶子上浮；通过玻璃管向外抽气，可以看到瓶子下沉。
通过此实验可以直接模拟潜水艇的沉浮，不需要把微小变化放大。
故选：
A。
【知识点】物理方法：
“微小量放大法”
9.（2018天津市，题号9，分值3）图6所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是
A.两个电流表的示数都变大
B.两个电流表的示数都变小
C.电流表A1示数不变，电流表A2示数变大
D.电流表A1示数不变，电流表A2示数变小
【答案】D
【解析】
（1）由图知，两电阻并联，电流表A1测R1的电流，A2测总电流：
因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过定值电阻R1的电流不变，即电流表A1示数不变，故AB错误；
（2）当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小，因通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，总电流变小，即电流表A2示数变小，故D正确，C错误。
故选：
D。
【知识点】并联电路的规律及欧姆定律的运用。
10.（2018天津市，题号10，分值3）在使用图7所示的插线板时发现：
只有在开关闭合时，指示灯才能发光，插孔才可以提供工作电压；即使指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。
图8中插线板电路连接符合上述现象及安全用电要求的是
【答案】A
【解析】插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故A正确；
【知识点】判断串联和并联；开关的作用。
二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。
）
11.（2018天津市，题号11，分值3）在用一凸透镜研究其成像的规律时，某同学得到的部分实验信息如下表所示。
根据表中信息判定下列说法正确的是
实验次序
1
2
3
4
5
物距u/cm
50
40
30
25
20
像距v/cm
22
24
30
38
60
A.该凸透镜的焦距是15cm
B.当u=25cm时，凸透镜成放大的像，放大镜就是根据这一原理制成的
C.当v=24cm时，凸透镜成缩小的像，照相机就是根据这一原理制成的
D.若把物体从距凸透镜22cm处向距凸透镜32cm处滑动，像会逐渐变小
【答案】ACD
【解析】A、由表中的数据可知，实验3中，u=v=30cm，此时u=2f，f=15cm，故A正确；
B、当u=25cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的，故B错误；
C、当v=24cm时，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，则物距大于二倍焦距，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成，故C正确；
D、若把物体从距凸透镜22cm处向距凸透镜32cm处滑动，物距变大，像距变小，像变小，故D正确。
故选：
ACD。
【知识点凸透镜成像的四种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系。
12.（2018天津市，题号12，分值3）图9所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端，R1、R2的U-I关系图像如图10所示；在上述过程中，滑片P从任意一点滑动到另外一点时，电流表A的示数变化量为I，电压表V1，V2的示数变化量分别为U1，U2，R1、R2的功率变化量分别为P1、P2。
则
A.R1的阻值为70ΩB.电源电压是18V
C．
总成立D．
总成立
【答案】BC
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于右端时，变阻器接入电路中的电阻为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，R2的电压为0，此时R1两端电压最大且等于电源电压，如上所示：
由图象可知，即：
U=18V，电路中的最大电流I最大=0.9A，
由欧姆定律可得，R1的阻值：
R1=
=20Ω，故A错误，B正确；
（2）设滑片移动前后电路中的电流为I1、I2，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，则电压表V2示数的变化量：
|△U2|=|（U-I1R1）-（U-I2R1）|=|（I2-I1）R1|=|△IR1|，
所以：
R1=
根据串联电路各部分电压等于电源总电压，故有：
|△U1|=|△U2|，
所以：
R1=
=
，故C正确；
（3）|△P1|=|P1-P1'|=|I12R1-I22R1|=|R1（I1+I2）（I1-I2）|=|R1（I1+I2）△I|=R1（I1+I2）|△I|；
故
=R1（I1+I2）-----①，
同理：
=R2（I1+I2）-----②，
由①②知，只有R1=R2时，
=
才成立，故D错误。
故选：
BC。
【知识点】串联电路的规律及欧姆定律
13.（2018天津市，题号13，分值3）如图11示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S2。
质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T，此时容器中水深为h（水的密度为ρ0）。
下列说法正确的是
A.木球的密度为
B.木球的密度为
C.剪断细线，待木球静止后，水对容器底的压力变化量为T
D.剪断细线，待木球静止后，水对容器底的压力变化量为
【答案】AD
【解析】木球浸没在水中时，细线受到的拉力为T时，木球受到的浮力：
F浮＝T+mg，
木球的体积：
V＝V排＝
，
木球的密度：
ρ＝
，
故A正确；
剪断细线，待木球静止后，木球处于漂浮状态，浮力减小量为：
△F浮＝T，
排开水的体积减小量为：
△V浮＝
，
水的深度下降量为：
△h＝
，
水对容器底压强减小量为：
△P＝ρ0g△h＝ρ0g
＝
，
水对容器底压力减小量为：
△F＝△PS2＝
S2＝
，
故D正确。
综上，故答案为A、D。
【知识点】压力、压强、浮力
三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）
14.（2018天津市，题号14，分值4）下面是两则科技新闻：
①“天眼一FAST”第一次发现了一颗距地球4000光年的毫秒脉冲星；②我国新能源汽车产业发展迅速，锂电池单体能量密度已达230W•h/kg其中“光年”是_______的单位，“W•h”是______的单位。
（填物理量名称）
长度
15.（2018天津市，题号15，分值4）空中加油机在高空给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是_________的；若加油机以500km/h的速度航行0.2h，通过的路程是_______km。
【答案】静止；100。
【解析】当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机与加油机之间没有位置的变化，所以战斗机是静止的；
根据v=
可得，加油机通过的路程为：
s=vt=500km/h×0.2h=100km。
故答案为：
静止；100。
【知识点】速度公式及其应用、运动和静止的相对性。
16.（2018天津市，题号16，分值4）将图12所示装置中的玻璃板抽掉后，两个瓶了内的气体会彼此进入对方，这种现象叫做_________，如图13所示，用力击出下部棋子时，上面的棋子没有飞出，是由于上面的棋子具有_________。
【答案】扩散；惯性。
【解析】
（1）密度小的空气和密度大的二氧化氮过一段时间，形成比较均匀的气体，这是扩散现象，扩散现象说明分子不停地进行无规则运动；上面的空气密度小，下面的二氧化氮密度大，过一段时间，形成均匀的气体，充分证明气体分子不停地进行无规则运动，有力证明气体的扩散现象。
（2）受到打击的棋子飞出后，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，所以上面的棋子不会飞出而是落到正下方；
故答案为：
扩散；惯性。
【知识点】扩散现象和惯性。
17.（2018天津市，题号17，分值4）当某导体两端电压是3V时，通过它的电流是0.2A，该导体的电阻是_____Ω；当它两端电压为0时,该导体的电阻为_____Ω。
【答案】15；15。
【解析】根据I=
可得，导体的电阻：
R=
=15Ω；
∵电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
∴在这个导体两端电压为0时，导体的电阻仍为15Ω不变。
故答案为：
15；15。
【知识点】欧姆定律的简单应用
18.（2018天津市，题号18，分值4）利用图14中的撬棒撬石块时，撬棒相当于______（选填“省力”或“费力”）杠杆；利用图15中的滑轮组匀速提升900N的重物时，若忽略滑轮自重、绳重及摩擦，人对绳的最小拉力为______N。
【答案】省力；300。
【解析】
（1）用撬棒撬石头时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
（2）由乙图可知绳子的有效股数n=3，
拉力F=
G物=
×900N=300N。
故答案为：
省力；300。
【知识点】杠杆的分类和滑轮组拉力的计算。
19.（2018天津市，题号19，分值4）如图16所示电路中，电源电压保持不变，电阻R1与R2的阻值之比为2∶1。
开关S断开时，R1与R2的电功率之比为________；开关S闭合前后，电压表两次的示数之比为_________。
【答案】2：
1；2：
3。
【解析】
（1）已知电阻R1与R2的阻值之比为2：
1，则R1=2R2，
开关S断开时，电阻R1、R2串联，
因串联电路中电流处处相等，
则R1与R2的电功率之比：
；
开关S断开时，电阻R1、R2串联，此时电路中的电流I=
，
此时电压表测R1两端的电压，
由I=
可得，电压表的示数：
U1=IR1=
×R1=
×2R2=
；
（2）开关S闭合后，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为U；
所以，开关S闭合前后，电压表两次的示数之比为
。
故答案为：
2：
1；2：
3。
【知识点】串联电路的特点和欧姆定律的应用。
四、综合题（本大题共6小题，共37分。
解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位）
20.（2018天津市，题号20，分值7）（7分）图17为某电热器的电路原理图，通过将开关S置于不同的位置，可以实现“加热”和“保温”两种状态的变换，对应的额定功率分别为800W和40W。
（1）将开关S接“1”时，电热器处于_____（选填“加热”或“保温”）状态。
（2）电热器在加热状态下正常工作，将0.5kg初温为20℃的水加热到100℃，需要多长时间?
（水的比热容为4.2Χ10³J/（kg·℃），假设电能全部转化为水的内能）
【思路分析】
（1）将开关S接“1”时，电路为R2的简单电路，电路中电阻最小，根据P=
可判断此时电热器所处的状态；
（2）先根据Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量即为电热器消耗的电能，然后根据P=
求出需要的加热时间。
【解题过程】
（1）将开关S接“1”时，电路为R2的简单电路，电路中电阻最小，
根据P=
可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，所以此时电热器处于加热状态。
（2）水吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃-20℃）=1.68×105J，
由题意可知，假设电能全部转化为水的内能，则W=Q吸=1.68×105J，
由P=
得，需要的加热时间：
t′=
=210s。
答：
（1）加热；
（2）电热器在加热状态下正常工作，将0.5kg初温为20℃的水加热到100℃，需要的时间为210s。
【知识点】吸热公式和电功率公式。
21.（2018天津市，题号21，分值6）（6分）在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：
（1）请根据图18所示的电路图，用笔画出导线完成图19的电路连接；
（2）实验过程中得到的部分数据如下表所示。
第3次测量时，电流表的示数如图20所示，请将该数据填入表格中；
实验序号
1
2
3
……
电压U/V
0.8
1.6
2.4
……
电流I/A
0.16
0.32
……
（3）在图21中的坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线。
【答案】
（1）见解析；
（2）0.48；（3）见解析。
【解析】
（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，由图丙知，电流表选用小量程与R串联，将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联，如下左所示：
（2）第3次测时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.48A；
（3）横坐标小格表0.4V，纵坐标每小格表示0.08A，根据表中数据在图中找出对应的点，连线，如上右图所示。
故答案为：
（1）如上左；
（2）0.48；（3）如图所示。
【知识点】探究电阻一定时电流与电压关系、电路的连接、电流表读数和描点法作图。
22.（2018天津市，题号22，分值6）（6分）在“探究影响导体电阻大小的因素”时，某实验小组想利用图22所示的电路，分别对导体电阻跟它的长度、横截面积、材料有关的猜想进行实验验证：
（1）为验证“导体电阻跟长度有关”，下表中可选用的三种导体是
_________（填导体代号）。
导体代号
长度/m
横截面积/mm²
材料
A
1
0.2
锰铜
B
1
0.4
锰铜
C
1
0.6
锰铜
D
0.5
0.4
锰铜
E
1.5
0.4
锰铜
F
1
0.6
镍铬合金
G
1
0.6
铁
（2）若实验中将电路中的电流表更换为小灯泡，通过观察__________也可以判断导体电阻大小，但不足之处是________________________。
【答案】
（1）B、D、E；
（2）灯泡的亮度；当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。
【解析】
（1）为了研究导体电阻与导体长度的关系，则需使导体的材料和横截面积相同，长度不同，应选用的三种导体是B、D、E；
（2）实验中可通过通过观察灯泡亮度来判断电阻的大小，但是当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分，所以不科学。
故答案为：
（1）B、D、E；
（2）灯泡的亮度；当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。
【知识点】探究电阻大小的影响因素、控制变量法。
23.（2018天津市，题号23，分值6）（6分）甲、乙两地相距40km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知每条输电线每千米的电阻为0.2Ω。
现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修员进行了如下操作：
在甲地利用电源（电压恒为6V）、定值电阻R０（阻值为20Ω）、电压表（量程为0~3V）以及开关等与输电线组成了一个检测电路（如图23所示，电压表未画出）闭合开关后，电压表示数为2V。
请解答如下问题：
（1）根据题意判定电压表的连接位置，将它接入检测
电路；
（2）计算出短路位置离甲地的距离。
【思路分析】由电压表的示数和电阻值求出电路中的电流，根据欧姆定律求出导线的总电阻，又知道每千米导线的电阻值，可求导线的长度，然后除以2即可求出短路位置离甲地的距离。
【解题过程】
（1）由题知，输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，在甲地利用图中的检测电路进行检测；甲地是电源所在位置，电阻R0与导线电阻R线串联；要确定短路位置，需要测出甲地到短路位置两输电线串联的总电阻，电压表应测导线的总电压，所以电压表应接在甲地两点之间，如下图：
；
（2）由题知，闭合开关后，电压表示数为2V，即U线=2V，
由串联电路的电压特点可得，电阻R0两端的电压：
U0=U-U线=6V-2V=4V，
因串联电路的电流处处相等，
则电路中的电流：
I=
=0.2A，
由I=
可得，甲地到短路位置两输电线的总电阻：
R线=
=10Ω，
根据题意可得，甲地到短路位置两输电线的总长度：
L=
=50km，
因两条输电线是并排架设的，
所以短路位置离甲地的距离：
s=
L=
×50km=25km。
答：
短路位置离甲地的距离km25。
【知识点】欧姆定律的运用。
24.（2018天津市，题号24，分值6）（6分）某校同学参加社会实践活动时，在山上发现一块很大的岩石，他们想测出这块岩石的密度。
几位同学随身携带的工具和器材有：
电子大平（附说明书）、购物用的弹簧秤、卷尺、喝水用的茶缸、铁锤、细线和一瓶饮用水（已知水的密度为ρ0），请你从中选用部分工具和器材，帮他们设计一种精确测量岩石密度的实验方案。
要求
（1）写出主要的实验步骤；
（2）写出岩石密度的数学表达式（用已知量和测量量表示）。
【答案】
（1）见解析；
（2）
【解析】
（1）①用铁锤敲击岩石，取下适当体积的小岩石块；
②用电子天平移出小岩石块的质量m0；
③在茶缸中倒入适量的水，称出茶缸和水的总质量m1；
④用细线系好小岩石块，提着细线的一端，将小岩石块浸没在水中保持静止（岩石块不与茶缸接触），读出此时天平的求数m2；
（2）
【知识点】列实验步骤、密度
25．（2018天津市，题号25，分值6）（6分）某同学在研究滑动摩擦力时，先后做了如下两次实验：
实验一：
将重为G的物块A放在一水平薄木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动物块，使它在木板上匀速运动，如图24所示。
读出弹簧测力计示数为F0。
实验二：
再将上述木板一端垫起，构成一个长为s、高为h的斜面；然后用弹簧测力计沿斜面拉动物块A，使它在斜面上匀速向上运动，如图25所示。
读出弹簧测力计的示数为F1。
请你结合实验过程，运用所学知识解答如下问题：
（1）画出物块A在斜面上运动时对斜面的压力FN的示意图；
（2）求出物块A对斜面的压力FN。
【思路分析】
（1）物体对斜面的压力的作用点在斜面上，方向垂直于斜面向下。
据此画出压力的示意图；
（2）设物块在平面和斜面上受到的滑动摩擦力分别为f0和f，然后根据W总=W有+W额列出等式求得f，再根据f=μFN求得压力大小。
【解题过程】
（1）物块A在斜面上运动时对斜面的压力FN的作用点在斜面上，方向垂直于斜面竖直向下，过压力的作用点，沿压力的方向画一条有向线段，即为其压力示意图。
如下图所示：
（2）设物块在平面和斜面上受到的滑动摩擦力分别为f0和f，
由W总=W有+W额得，F1s=Gh+fs，
所以，f=
，
由题意可知，f=μFN，f0=F0=μG，
综上可得FN=
。
答：
（1）见解答图；
（2）物块A对斜面的压力FN为
。
【知识点】力的示意图的画法、压力的大小计算。
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