高考全国卷理综选择题满分冲刺训练86解析版.docx
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高考全国卷理综选择题满分冲刺训练86解析版
2020年高考全国卷理综选择题满分冲刺训练（86）
可能用到的相对原子质量：
H1 C12 N14 O16 S32Fe56Zn65
一、选择题：
本大题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列关于人体细胞有氧呼吸和无氧呼吸相同点的叙述，错误的是
A.都能生成三磷酸腺苷B.都在生物膜上完成反应
C.都需要多种酶的催化D.都能产生丙酮酸和NADH
【答案】B
【解析】人体有氧呼吸和无氧呼吸都可以产生ATP（三磷酸腺苷），A正确；无氧呼吸在细胞质基质种进行，有氧呼吸在细胞质基质、线粒体基质、线粒体内膜发生，B错误；人体细胞有氧呼吸和无氧呼吸都需要一系列酶的催化，C正确；人体细胞有氧呼吸和无氧呼吸都能产生丙酮酸和NADH，D正确。
2.若用较低浓度的生长素处理未授粉的番茄雌蕊柱头，可能产生的结果是（ ）
A.促进番茄果实细胞中快速合成大量乙烯
B.促进番茄雌蕊子房逐渐发育成无子果实
C.使番茄果肉细胞的染色体数目发生改变
D.诱发减数分裂中的同源染色体联会紊乱
【答案】B
【解析】
【分析】
生长素处理未授粉的雌蕊可以获得无子果实，生长素具有两重性：
低浓度促进高浓度抑制。
【详解】A、生长素能促进果实发育，而不是促进番茄果实细胞中快速合成大量乙烯，A错误；
B、生长素能促进果实发育，用较低浓度的生长素处理未授粉的番茄雌蕊柱头，能促进番茄雌蕊子房逐渐发育成无子果实，B正确；
C、由于番茄果肉是由体细胞发育而成，细胞不进行有丝分裂，染色体数目和受精卵染色体数目相同，C错误；
D、生长素不能诱发减数分裂中的同源染色体联会紊乱，D错误。
故选：
B。
【点睛】生长素处理获得的无子果实属于不可遗传的变异；无子西瓜发生了染色体变异，属于可遗传变异。
3.下列关于染色体组和染色体变异的叙述，正确的是（）
A.不同物种的染色体组中可能含有相同数目的染色体
B.染色体组整倍性的变化必然会导致基因种类的增加
C.染色体之间部分片段的交换属于染色体的结构变异
D.进行有性生殖的生物配子中的染色体为一个染色体组
【答案】A
【解析】
【分析】
染色体组指细胞中一组非同源染色体，在形态和功能上各不相同，携带着控制生物生长发育的全部遗传信息，这样的一组染色体，叫做一个染色体组。
可遗传的变异包括：
基因突变、基因重组和染色体变异。
【详解】不同物种的一个染色体组中染色体的数目有可能相同，如二倍体西瓜和四倍体西瓜，A正确；染色体组整倍性的变化不一定导致基因种类的增加，如AA→AAAA，B错误；非同源染色体之间互换片段属于染色体的结构变异，同源染色体之间互换片段属于基因重组，C错误；进行有性生殖的生物配子中的染色体不一定为一个染色体组，如四倍体西瓜产生的配子中含有2个染色体组，D错误。
故选A。
4.下列有关现代生物进化理论的叙述，正确的是（）
A.种群是生物进化的基本单位，种群越大进化越快
B.变异的不定向性会导致生物向着不同的方向进化
C.自然选择的直接对象是生物的基因型而不是表现型
D.地理隔离和生殖隔离都会阻止生物之间的基因交流
【答案】D
【解析】
【分析】
种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质是种群基因频率的改变。
突变和基因重组、自然选择及隔离是物种形成过程的三个基本环节，通过它们的综合作用，种群产生分化，最终导致新物种形成。
在这个过程中，突变和基因重组产生生物进化的原材料，自然选择使种群的基因频率发生定向改变，因此自然选择决定生物进化的方向，隔离是新物种形成的必要条件。
【详解】种群是生物进化的基本单位，种群进化的实质是基因频率的改变，其进化快慢与基因频率改变有关，种群越大不一定进化越快，A错误；变异是生物进化的基础，变异的不定向性只是为生物进化提供了可供选择的材料，而自然选择决定生物进化的方向，B错误；自然选择的直接对象是生物的表现型，而实质是选择的基因，C错误；地理隔离和生殖隔离都会阻止生物之间的基因交流，生殖隔离是形成新物种的标志，D正确。
5.某遗传病由常染色体上两对独立遗传的等位基因控制，两对基因都为隐性纯合时表现为患病。
下列有关该遗传病的说法正确的是
A.该遗传病的发病与遗传因素有关而与环境因素无关
B.该遗传病一定属于先天性疾病，在群体中的发病率较高
C.正常男、女婚配生出患此病女孩的最大概率是1/8
D.与红绿色盲相比，该遗传病更适合在人群中调査
【答案】C
【解析】
遗传病的发病与遗传因素有关，也与环境因素有关，A错误；先天性的疾病是生来就有的疾病，不一定是遗传病，该遗传病不一定属于先天性疾病，B错误；正常男、女婚配，要生出一个患病的女孩，且患病要最大，则双亲必须是一对杂合子一对隐性纯合子组成，假设该病由基因a和b控制，因此双亲的基因型为Aabb或aaBb，如果双亲基因型相同，则患此病女孩的概率=1/4×1/2=1/8。
若双亲基因型不同，则患此病女孩的概率=1/2×1/2×1/2=1/8，C正确；该遗传病不是单基因遗传病，不适合在人群中调查，D错误。
6.种植过农作物的土地，闲置数年后逐渐被灌木丛覆盖。
该过程中不会发生
A.群落的物种组成逐渐发生改变，空间结构越来越复杂
B.光照、土壤湿度和盐碱度等影响着群落中生物的分布
C.生物与环境间共同进化，环境对多种种群的容纳量增大
D.生态系统的能量传递效率及生物多样性的价值逐渐增大
【答案】D
【解析】
【分析】
群落的结构：
垂直结构和水平结构。
共同进化指不同物种之间、生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展。
【详解】群落演替的过程中，群落的物种组成逐渐发生改变，空间结构越来越复杂，A正确；该次生演替的过程中，光照、土壤湿度和盐碱度等均影响着群落中生物的分布，B正确；生物与环境间共同进化，环境会变得更适于生物生存，环境对多种种群的容纳量增大，C正确；可以提高能量的利用率，不能提高生态系统的能量传递效率，D错误。
故选D。
7.化学与社会、生产、生活密切相关，下列说法正确的是
A.汽车尾气中的氮氧化合物是汽油或柴油不完全燃烧造成的
B.“绿色化学”的核心是利用化学原理对产生的污染物进行治理
C.减少燃煤、严格控车、调整产业是治理雾霾的有效措施
D.硫酸亚铁和维C同时服用，不能增强治疗缺铁性贫血的效果
【答案】C
【解析】
【详解】A.汽车尾气中含有大量大气污染物，主要是在高温下氮气与氧气形成的，汽油不完全燃烧产生CO，A错误；
B.绿色化学又称环境友好化学，绿色化学的核心是利用化学原理从源头上减少和消除工业生产对环境的污染，B错误；
C.汽车尾气中含有烟尘等颗粒物，化石燃料的燃烧等都会产生大气的污染，调整产业结构，尽量减少化石燃料的燃烧，能够减少雾霾，C正确。
D.维生素C具有还原性，硫酸亚铁片和维生素C同时服用，可防止Fe2+被氧化，能增强治疗缺铁性贫血的效果，故D错误。
答案：
C。
【点睛】考查化学与生活、大气污染的有关判断，这类题目要注意对生活化学知识的积累，多关注社会热点话题。
8.NA代表阿伏加德罗常数。
下列说法正确的是
A.1moN2与3molH2在一定条件下充分反应，转移电子数为6NA
B.标准下，22.4LCH4与Cl2在光照条件下反应生成HCl分子数为4NA
C.25℃时，PH=13的Ba（OH）2溶液中含有OH-离子数为0.1NA
D.28g由N2和CO组成的混合气体中含有的原子数为2NA
【答案】D
【解析】
【详解】A.工业合成氨是个可逆反应，不能彻底完成，一定条件下，密闭容器充入1molN2和3molH2充分反应，转移电子的数目小于6NA；
B.CH4与Cl2是一步一步去反应的，刚开始是甲烷和氯气反应,生成一氯甲烷，一氯甲烷接着在和氯气反应得到二氯甲烷，然后二氯甲烷在和氯气反应的到三氯甲烷，三氯甲烷在和氯气反应反应得到四氯化碳。
最终产物是一氯甲烷，二氯甲烷，三氯甲烷，四氯化碳都有，并不是甲烷全部转化为四氯化碳，所以生成的HCl不是4NA；
C.未告知溶液的体积，无法计算25℃，pH=13 的Ba（OH）2溶液中含有的OH-离子数，故C错误；
D.N2和CO的摩尔质量均为28g/mol，每个分子均含有2个原子，故28g由N2和CO组成的混合气体的物质的量为1mol，含有的原子数目为2NA，D正确。
答案：
D
【点睛】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，知识面广，应注意掌握公式的运用和物质的结构、可逆反应的概念以及甲烷和氯气发生取代反应的机理。
9.下列说法正确的是
A.苯乙烯分子中所有原子一定处于同一平面
B.C5H12O能与金属钠反应的同分异构体有8种
C.苯与浓硝酸在常温下发生取代反应制备硝基苯
D.乙烯、乙醇、聚乙烯均可使酸性高锰酸钾溶液褪色
【答案】B
【解析】
【详解】A.苯环及碳碳双键均为平面结构，当直接相连，单键可以旋转，所以苯乙烯分子中的所有原子可能处于同一个平面，不是一定，故A项错误；
B.分子式为C5H12O的有机物，能与金属钠反应放出氢气，说明分子中含有-OH，该物质为戊醇，戊基-C5H11结构有：
-CH2CH2CH2CH2CH3、-CH（CH3）CH2CH2CH3、-CH（CH2CH3）2、-CHCH（CH3）CH2CH3、-C（CH3）2CH2CH3、-C（CH3）CH（CH3）2、-CH2CH2CH（CH3）2、-CH2C（CH3）3，所以该有机物的同分异构有8种，选项B正确；
C.苯与浓硝酸在50℃—60℃，浓硫酸作催化剂的条件下发生取代反应生成硝基苯，C错误；
D.聚乙烯不含双键,不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，乙烯、乙醇可使酸性高锰酸钾溶液褪色,故D错误。
答案：
B。
【点睛】本题考查有机物的性质判断、同分异构体的书写、原子共面等，利用烃基异构书写戊醇的同分异构体简单容易。
10.下列实验“操作和现象”与“结论”对应关系正确的是
编号
操作和现象
结论
A
向某待测液中滴加少量新制氯水，再加入几滴KSCN溶液，若溶液变为血红色
待测液中存在Fe2+
B
向Na2CO3溶液中加入足量稀盐酸，将产生的气体通入Na2SiO3溶液中，若产生白色沉淀
非金属性：
Cl>C>Si
C
向浓度均为0.1mol/LNaCl和KI混合溶液中逐滴加入0.1mol/LAgNO3溶液，若先产生黄色沉淀
KSP（AgCl）>KSP（AgI）
D
向1ml20%的蔗糖溶液中，加几滴稀硫酸。
水浴加热5mm后，再加入少量新制备的Cu（OH）2悬浊液，煮沸，若无砖红色沉淀产生
蔗糖未水解
A.AB.BC.CD.D
【答案】C
【解析】
【详解】A.Fe2+检验时应该是先向溶液中加入KSCN溶液，无明显现象，再滴加新制氯水，溶液变成血红色，说明待测液中一定有Fe2+，A项错误；
B.证明元素非金属性强弱，需要比较元素最高价氧化物对应水化物的酸性强弱，所以用盐酸是错误的，B项错误；
C.向浓度均为0.1mol·L-1NaCl、KI的混合溶液中逐滴滴加0.1mol·L-1AgNO3溶液，沉淀先出现黄色，说明先生成碘化银沉淀生成，故Ksp（AgCl）＞Ksp（AgI），C项正确；
D.．检验葡萄糖，应在碱性溶液中，则水浴加热后取少量溶液，加入几滴新制Cu（OH）2，加热，没有加碱至碱性，不能检验，故D错误。
答案：
C。
【点睛】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握离子检验、物质检验及发生的反应为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，题目难度不大。
11.一种新型动力电池（LiFePO4电池）总反应式为Li1－xFePO4+LixC6
C6+LiFePO4，内部结构如图1所示，只有Li+通过聚合物隔膜。
以此电池电解Na2SO4溶液（电极材料为石墨），可制得NaOH和H2SO4，其原理如图2所示。
下列说法错误的是
A.电池放电时，LixC6在负极发生氧化反应
B.电池放电时，正极反应式为Lil－xFePO4+xLi－+xe－=LiFePO4
C.电解时，图2的b电极反应式为2H2O－4e－=O2↑+4H+
D.电解时，当转移0.2mol电子，A口产生气体的质量1.6g
【答案】D
【解析】LiFePO4电池放电时，LixC6在负极上发生氧化反应，Li1-xFePO4在正极上发生还原反应。
电解Na2SO4溶液可通过阴阳离子移向判断阴阳极。
【详解】A.由电池的总反应可知，放电时，LixC6在负极上失电子发生氧化反应，A正确；
B.放电时，正极发生还原反应，电极反应式为Lil－xFePO4+xLi－+xe－=LiFePO4，B正确；
C.SO42-移向b极，说明b极为阳极，阳极发生失电子的氧化反应，电极反应为：
2H2O－4e－=O2↑+4H+，C正确；
D.Na+移向a极，说明a极为阴极，阴极发生得电子的还原反应，电极反应为：
2H2O+2e－=H2↑+2OH-，当转移0.2mol电子，产生氢气0.1mol，质量为0.2g；
答案：
D。
【点睛】熟悉原电池和电解池知识是解题关键，原电池负极发生失电子的氧化反应，正极发生得电子的还原反应，电解池阳极发生失电子的氧化反应，阴极发生得电子的还原反应。
12.短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，其中元素W的简单氢化物能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，X、Z为同主族，且Z原子核外电子数是X的2倍；Y、Z为同周期，且Y的离子半径在同周期中最小。
下列说法正确的是
A.简单离子半径：
Z>Y>W>X
B.工业上用电解熔融X、Y组成的化合物来制取Y单质
C.W、X的氢化物中只含极性共价键
D.Z的氧化物对应的水化物为强酸
【答案】B
【解析】A.W为N，X是O，Y为Al，Z是S，简单离子：
S2->N3->O2->Al3+,A错误；
B.X是O，Y为Al，工业上电解通过电解熔融Al2O3制备Al单质，B正确；
C.X的氢化物可能是H2O，也可能是H2O2，H2O2既有极性共价键也有非极性共价键，C错误；
D.Z的氧化物对应的水化物可能是H2SO4,也可能是H2SO3,是弱酸，D错误；
答案：
B。
【点睛】本题考查位置、结构与性质，解题关键：
把握元素的位置、性质、原子结构推断元素，侧重分析与应用能力的考查。
13.室温下，0.1mol/LH2A溶液中存在H2A、HA和A2－三种形态的粒子，其物质的量分数δ（x）随溶液PH变化的关系如图所示[已知δ（x）=c（X）/（C（H2A）+C（HA－）+C（A2－）），下列说法不正确的是（图中a=1.35、b=4.17）
A.PH=7的溶液中C（Na+）=2[（C（A2－）+C（HA－）+C（H2A）]
B.0.lmol/LNaHA溶液中C（OH－）+C（A2－）=C（H+）+C（H2A）
C.已知Pka=－1gKa，则Pka2=4.17
D.PH=3的溶液中C（HA－）>C（A2－）+C（H2A）
【答案】A
【解析】抓住关键点分析，a点为δ（H2A）=δ（HA-），b点为δ（HA-）=δ（A2-），再根据物料守恒，电荷守恒，质子守恒分析微粒数量关系。
【详解】A.根据电荷守恒，C（Na+）+C（H+）=2C（A2－）+C（HA－）+C（OH-），PH=7，C（H+）=C（OH-），有C（Na+）=2C（A2－）+C（HA－），故A错误；
B.对于0.lmol/LNaHA溶液，根据物料守恒有：
C（Na+）=C（A2－）+C（HA－）+C（H2A），根据电荷守恒有：
C（HA－）+C（OH－）+2C（A2－）=C（H+）+C（Na+），将两式合并得：
C（OH－）+C（A2－）=C（H+）+C（H2A），故B正确；
C.
，图中b点为δ（HA-）=δ（A2-），即b点为c（HA-）=c（A2-），此时ka2=c（H+）,pka2=pH=4.17，故C正确；
D.从图中可以观察到，pH=3的溶液，C（HA－）>C（A2－）+C（H2A），故D正确。
答案：
A。
【点睛】本题结合弱酸盐的水解程度来比较离子浓度的大小，学生在解题时要学会应用守恒的思想综合分析解题，题目难度较大。
二、选择题（本卷共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）
14.2018年3月27日，华为、小米不约而同选在同一天召开发布会。
发布了各自旗下首款无线充电手机．小米MIX2S支持7．5W无线充电，华为MateRs保时捷版则支持10W无线充电．下图给出了它们的无线充电的原理图．关于无线充电，下列说法正确的是
A.无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”
B.手机外壳用金属材料制作可以减少能量损耗
C.只要有无线充电底座，所有手机都可以进行无线充电
D.接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同
【答案】D
【解析】【详解】无线充电手机接收线圈部分工作原理是电磁感应，而非“电流的磁效应”，故A错误；手机外壳使用金属材料会屏蔽电磁波，导致无线充电不能完成，故B错误；不是所有手机都能进行无线充电，只有手机中有接受线圈时手机利用电磁感应，进行无线充电，故C错误；根据电磁感应原理，接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中频率相同，故D正确。
15.滑雪运动深受人民群众喜爱．某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道EF，从滑道的E点滑行到最低点F的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿EF下滑过程中
A.所受支持力大小不变B.所受摩擦力大小不变
C.合外力对运动员做功为零D.机械能始终保持不变
【答案】C
【解析】【详解】A项：
滑雪运动员沿圆弧轨道运动的速率不变，则运动做匀速圆周运动，所受合外力指向圆心，支持力
，随着角度减小，N增大，故A错误；
B项：
运动员下滑过程中受到重力、滑道的支持力与滑动摩擦力，由图可知，运动员从E到F的过程中，滑道与水平方向之间的夹角逐渐减小，则重力沿斜面向下的分力逐渐减小，运动员的速率不变，则运动员沿滑道方向的合外力始终等于0，根据f=mgsinθ知滑动摩擦力也逐渐减小。
故B错误；C项：
滑雪运动员的速率不变则动能不变，由动能定理可知，合外力对运动员做功为0，故C正确；D项：
运动员从E到F下滑过程中的动能不变而重力势能减小，所以机械能减小，故D错误。
16.采用图甲所示的装置研究光电效应现象，电流表和电压表的零刻度均在表盘的正中间．分别用横截面积相同的单色光
照射光电管的阴极K，得到光电管两端的电压与相应的光电流的关系如图乙所示．下列说法正确的是
A.
光的强度比c光的大
B.
光的光子能量比
光的小
C.
光照射时光电子的最大初动能比
光照射时的大
D.测量遏止电压时开关S应扳向1
【答案】B
【解析】【详解】由图可知，a的饱和电流最小，因此a光束照射时单位时间内产生的光电子数量小，光强小，故A错误。
当光电流为零时，光电管两端加的电压为遏止电压，对应的光的频率为截止频率，根据eU=hγ-W，入射光的频率越高，对应的遏止电压U越大。
a光、c光的遏止电压相等，所以a光、c光的频率相等，根据光电效应方程可知，c光照射时，光电子的最大初动能与a光相同，而b光的遏止电压大，则频率大，能量大，且对应的波长最小，故B正确，C错误。
测量遏止电压时，光电管加反向电压，开关S应扳向2，故D错误。
17.如图为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为10：
1，原线圈接有交流电压
；图中电压表和电流表均为理想交流电表，RT为负温度系数的热敏电阻（即当温度升高时，阻值减小），R0、R1为定值电阻，C为电容器．通电一段时间后，下列说法正确的是
A.A1表的示数和A2表的示数都减小B.V1表的示数和V2表的示数都增大
C.通过R1的电流始终为零D.变压器的输入功率增大
【答案】D
【解析】【详解】根据变压器电压的制约关系可知，输入电压不变，输出电压不变，故V1表的示数和V2表的示数不变，通电一段时间后，温度升高，热敏电阻阻值减小，故输出电流和输入电流增大，A1表的示数和A2表的示数都增大，故AB错误。
电容器可以通交流，通过R1的电流不为零，故C错误。
输入电流增大，则变压器的输入功率增大，故D正确。
18.理论上已经证明：
质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零．现假设地球是一半径为R、质量分布均匀的实心球体，O为球心，以O为原点建立坐标轴
，如图所示．一个质量一定的小物体（假设它能够在地球n内部移动）在
轴上各位置受到的引力大小用F表示，则F随
变化的关系图中正确的是
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】【详解】令地球的密度为ρ，则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有：
；由于地球的质量为M=
πR3•ρ，所以重力加速度的表达式可写成：
。
根据题意有，质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，受到地球的万有引力即为半径等于r的球体在其表面产生的万有引力，
，当r＜R时，g与r成正比，当r＞R后，g与r平方成反比。
即质量一定的小物体受到的引力大小F在地球内部与r成正比，在外部与r的平方成反比。
故选A。
19.在竖直向上的匀强电场中，有两个质量相等、带异种电荷的小球A、B（均可视为质点）处在同一水平面上．现将两球以相同的水平速度v0向右抛出，最后落到水平地面上，运动轨迹如图所示，两球之间的静电力和空气阻力均不考虑，则
A.A球带正电，B球带负电
B.A球比B球先落地
C.在下落过程中，A球的电势能减少，B球的电势能增加
D.两球从抛出到各自落地的过程中，A球的动能变化量比B球的小
【答案】AD
【解析】【详解】两球在水平方向都做匀速直线运动，由x=v0t知，v0相同，则A运动的时间比B的长，竖直方向上，由h=
at2，h相等，可知，A的合力比B的小，所以A的电场力向上，带正电，B的电场力向下，带负电，故A正确。
A运动的时间比B的长，则B球比A球先落地，故B错误。
A的电场力向上，电场力对A球做负功，A球的电势能增加。
B的电场力向下，电场力对B球做正功，B球的电势能减小，故C错误。
A的合力比B的小，则A的合力做功较少，由动能定理知A球的动能变化小，故D正确。
20.如图所示，在倾角
的固定粗糙斜面底端有一小物块，在沿斜面向上、大小为F=2.2N的恒定拉力作用下，从t=0时刻开始以某一初速度沿斜面做直线运动，其速度v随位移x的变化关系为
．物块与斜面间的动摩擦因数
，取g=10m／s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，斜面足够长，下列说法正确的是
A.物块的加速度大小为1.0m／s2
B.物块的质量为0.4kg
C.t=2s时物块克服重力做功的功率为4.8W
D.0—2s内拉力F做的功为8.8J
【答案】AC
【解析】【详解】由匀变速运动的速度位移的关系式结合v2=2x+4可知：
加速度a=1m/s2，初速度v0=2m/s；由上面的分析知a=1m/s2，故A正确；由牛顿第二定律得：
F-mgsinθ-μmgcosθ=ma，解得：
m=0.2kg，故B错误；t=2s时物块的速度v=v0+at=4m/s，克服重力做功的功率为mgvsinθ=4.8W，故C正确；0-2s内发生的位移x=v0t+
at2=6m，拉力F做的功为Fx=13.2J，故D错误。
21.如图所示，两条平行的光滑金属导轨所在平面与水平面的夹角为θ，间距为d．导轨处于匀强磁
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