全国考研数学三真题版.docx
《全国考研数学三真题版.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《全国考研数学三真题版.docx(25页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
全国考研数学三真题版
WORD格式整理
2017年全国硕士研究生入学统一考试真题试卷
《数学三》试题
一、选择题:
1—8小题.每小题4分,共32分.
1cos
f(x)ax
x
x0
1.若函数在x0处连续,则
b,x0
(A)
1
ab(B)
2
1
ab(C)ab0(D)ab2
2
2.二元函数zxy(3xy)的极值点是()
(A)(0,0)(B)(0,3)(C)(3,0)(D)(1,1)
3.设函数f(x)是可导函数,且满足f(x)f(x)0,则
(A)f
(1)f
(1)(B)f
(1)f
(1)
(C)f
(1)f
(1)(D)f
(1)f
(1)
4.若级数
n2
11
sinkln
(1)
nn
收敛,则k()
(A)1(B)2(C)1(D)2
5.设为n单位列向量,E为n阶单位矩阵,则
(A)
T
E不可逆(B)
T
E不可逆
TT
(C)E2不可逆(D)2
E不可逆
200210100
6.已知矩阵
A021,B020,C020,则
001001002
(A)A,C相似,B,C相似(B)A,C相似,B,C不相似
(C)A,C不相似,B,C相似(D)A,C不相似,B,C不相似
7.设A,B,C是三个随机事件,且A,C相互独立,B,C相互独立,则AB与C相互
独立的充分必要条件是()
学习参考资料分享
WORD格式整理
(A)A,B相互独立(B)A,B互不相容
(C)AB,C相互独立(D)AB,C互不相容
8.设
X1,X2,,Xn(n2)为来自正态总体N(,1)的简单随机样本,若
n
1
XX
i
n
i1
,则
下列结论中不正确的是()
(A)
n
2
(X)服从
i
2分布(B)
2
2
XX服从
n1
2分布
i1
(C)
n
2
(XX)服从
i
2分布(D)
2
n(X)服从
2分布
i1
二、填空题(本题共6小题,每小题4分,满分24分.把答案填在题中横线上)
9.
322
(sinxx)dx.
t
10.差分方程y12y2的通解为.
tt
Q
11.设生产某产品的平均成本C(Q)1e,其中产量为Q,则边际成本为.
yy
12.设函数f(x,y)具有一阶连续的偏导数,且已知(,)
(1)
dfxyyedxxyedy,
f(0,0)0,则f(x,y)
101
13.设矩阵
A112,1,2,3为线性无关的三维列向量,则向量组A1,A2,A3
011
的秩为.
14.设随机变量X的概率分布为
1
PX2,PX1a,PX3b,若EX0,
2
则DX.
学习参考资料分享
WORD格式整理
三、解答题
15.(本题满分10分)
求极限
lim
x0
x
0
t
xtedt
3
x
16.(本题满分10分)
计算积分
D
3
y
242
(1xy)
dxdy
,其中D是第一象限中以曲线yx与x轴为边界的无界
区域.
17.(本题满分10分)
求
n
kk
limln1
2
n
nn
k1
学习参考资料分享
WORD格式整理
18.(本题满分10分)
已知方程
11
ln(1x)x
k
在区间(0,1)内有实根,确定常数k的取值范围.
学习参考资料分享
WORD格式整理
19.(本题满分10分)
设
1
a1,a0,a(naa)(n1,2,3),
01n1nn1
n1
,S(x)为幂级数
n0
n
ax的和函数
n
(1)证明
n
ax的收敛半径不小于1.
n
n0
(2)证明(1x)S(x)xS(x)0(x(1,1)),并求出和函数的表达式.
学习参考资料分享
WORD格式整理
20.(本题满分11分)
设三阶矩阵
A1,2,3有三个不同的特征值,且3122.
(1)证明:
r(A)2;
(2)若
12,3,求方程组Ax的通解.
21.(本题满分11分)
设二次型
222
f(x,x,x)2xxax2xx8xx2xx在正交变换xQy下的标准形
123123121323
为
22
1y12y2,求a的值及一个正交矩阵Q.
学习参考资料分享
WORD格式整理
22.(本题满分11分)
设随机变量X,Y相互独立,且X的概率分布为
1
PX0P{X2},Y的概率密度
2
为
f(y)
2y,0y1
.
0,其他
(1)求概率P(YEY);
(2)求ZXY的概率密度.
学习参考资料分享
WORD格式整理
23.(本题满分11分)
某工程师为了解一台天平的精度,用该天平对一物体的质量做了n次测量,该物体的质
量是已知的,设n次测量结果
X1,X2,,Xn相互独立且均服从正态分布
2
N(,).该工
程师记录的是n次测量的绝对误差,(1,2,,)
ZXin,利用Z1,Z2,,Zn估计参数
ii
.
(1)求
Z的概率密度;
i
(2)利用一阶矩求的矩估计量;
(3)求参数最大似然估计量.
学习参考资料分享
WORD格式整理
2017年全国硕士研究生入学统一考试真题试卷
《数学三》试题答案
一、选择题:
1—8小题.每小题4分,共32分.
1.解:
1
x
1cosx21
limf(x)limlim
axax2a
x0x0x0
,
limf(x)bf(0),要使函数在x0
x0
处连续,必须满足
11
bab
2a2
.所以应该选(A)
2.解:
z
x
2
y(3xy)xy3y2xyy
,
z
y
2
3xx2xy
,
2222
zzzz
22y,22x,32x
xyxyyx
解方程组
z
x
z
y
2
3y2xyy0
2
3xx2xy0
,得四个驻点.对每个驻点验证
2
ACB,发现只有在点
(1,1)处满足
230
ACB,且AC20,所以(1,1)为函数的极大值点,所以应该
选(D)
3.解:
设
2
g(x)(f(x)),则g(x)2f(x)f(x)0,也就是
2
f(x)是单调增加函数.也
就得到
22
f
(1)f
(1)f
(1)f
(1),所以应该选(C)
4.
解:
ivn时
2
11111111k11
sinkln
(1)ko(1k)o
222
nnnn2nnn2nn
显然当且仅当(1k)0,也就是k1时,级数的一般项是关于
1
n
的二阶无穷小,级数
收敛,从而选择(C).
5.解:
矩阵
T的特征值为1和n1个0,从而ET,ET,E2T,E2T的
特征值分别为0,1,1,1;2,1,1,,1;1,1,1,,1;3,1,1,,1.显然只有
T
E存在零特
征值,所以不可逆,应该选(A).
学习参考资料分享
WORD格式整理
6.解:
矩阵A,B的特征值都是122,31.是否可对解化,只需要关心2的情
况.
000
对于矩阵A,EA,秩等于1,也就是矩阵A属于特征值2存在两
2001
001
个线性无关的特征向量,也就是可以对角化,也就是A~C.
010
对于矩阵B,EB,秩等于2,也就是矩阵A属于特征值2只有一
2000
001
个线性无关的特征向量,也就是不可以对角化,当然B,C不相似故选择(B).
7.
解:
P((AB)C)P(ACAB)P(AC)P(BC)P(ABC)P(A)P(C)P(B)P(C)P(ABC)
P(AB)P(C)(P(A)P(B)P(AB))P(C)P(A)P(C)P(B)P(C)P(AB)P(C)
显然,AB与C相互独立的充分必要条件是P(ABC)P(AB)P(C),所以选择(C).
8.
解:
(1)显然
22
(Xi)~N(0,1)(Xi)~
(1),i1,2,n且相互独立,所以
n
2
(X)服从
i
2(n)分布,也就是(A)结论是正确的;
i1
(2)
n
2
222
(n1)S
()
(1)~
(1)
XXnSn,所以(C)结论也是正确的;
i2
i1
(3)注意
1
22
X~N(,)n(X)~N(0,1)n(X)~
(1)
n
,所以(D)结论也是
正确的;
(4)对于选项(B):
XX1
n122
(XX)~N(0,2)~N(0,1)(XX)~
(1),所
n1n1
22
以(B)结论是错误的,应该选择(B)
学习参考资料分享
WORD格式整理
二、填空题(本题共6小题,每小题4分,满分24分.把答案填在题中横线上)
9.解:
由对称性知
3
32222
(sinxx)dx2xdx.
0
2
10.解:
齐次差分方程
x
y12y0的通解为yC2;
tt
tt
设y12y2的特解为yat2,代入方程,得
ttt
1
a;
2
t
所以差分方程y12y2的通解为
tt
1
tt
yC2t2.
2
Q
11.解:
答案为1
(1)
Qe.
QQ
平均成本C(Q)1e,则总成本为C(Q)QC(Q)QQe,从而边际成本为
Q
C(Q)1(1Q)e.
yyyy12.解:
(,)
(1)()
dfxyyedxxyedydxye,所以f(x,y)xyeC,由f(0,0)0,
y
得C0,所以(,)
fxyxye.
101101101
13.解:
对矩阵进行初等变换A,知矩阵A的秩
112011011
011011000
为2,由于
1,2,3为线性无关,所以向量组A1,A2,A3的秩为2.
14.解:
显然由概率分布的性质,知11
ab
2
1
EX21a3ba3b10,解得
2
11
a,b
44
29
EX2a9b,
2
229
DXEXE(X).
2
三、解答题
15.(本题满分10分)
解:
令xtu,则txu,dtdu,
xx
txu
xtedtuedu
00
xxx
txuux
xtedteueduueduxe
2000
limlimlimlim
33333
x0x0x0x0
xxxx
2
16.(本题满分10分)
学习参考资料分享
WORD格式整理
解:
D
33
yy
x
dxdydxdy
24200242
(1xy)(1xy)
24
1d(1xy)
x
dx
242
4(1xy)
00
1112
dx122
4011282
xx
17.(本题满分10分)
解:
由定积分的定义
nn
kk1kk
1
limln1limln1xln(1x)dx
20nn
nnnnnk1k1
11
12
ln(1x)dx
24
0
18.(本题满分10分)
解:
设
11
f(x),x(0,1)
ln(1x)x
,则
f(x)
22
11(1x)ln(1x)x
2222
(1x)ln(1x)xx(1x)ln(1x)
令
22
g(x)(1x)ln(1x)x,则
2
g(0)0,g
(1)2ln21
2
g(x)ln(1x)2ln(1x)2x,g(0)0
2(ln(1x)x)
g(x)0,x(0,1)
1x
,所以g(x)在(0,1)上单调减少,
由于g(0)0,所以当x(0,1)时,g(x)g0)0,也就是g(x)g(x)在(0,1)上单调减
少,当x(0,1)时,g(x)g(0)0,进一步得到当x(0,1)时,f(x)0,也就是f(x)在
(0,1)上单调减少.
11xln(1x)1
limf(x)limlim
ln(1x)xxln(1x)2
x0x0x0
,
1
f
(1)1,也就是得到
ln2
11
1k.ln22
19.(本题满分10分)
解:
(1)由条件
1
a(naa)(n1)anaa
n1nn1n1nn1
n1
学习参考资料分享
WORD格式整理
也就得到
(n1)(anan)(anan),也就得到
11
aa
n1n
aan
nn1
1
n1,2,
1
aaaaaaaa1
n1nn1nnn121n
(1)
aaaaaaaa(n1)!
10nn1n1n210
也就得到
1
n1
aa
(1),n1,2,
n1n
(n1)!
n
k
a(aa)(aa)(aa)a
(1)
n1n1nnn1211
k2
1
1
k!
n
111
n
n
limalimlime1,所以收敛半径R1
n
nnn
2!
3!
n!
(2)所以对于幂级数
n0
n
ax,由和函数的性质,可得
n
n1
S(x)nax,所以
n
n1
n1n1n
(1x)S(x)(1x)naxnaxnax
nnnn1n1n1
nn
(n1)axnax
n1n
n0n1
na((n1)ana)x
1n1n
n1
nn1n
axaxxaxxS(x)
n1nn
n1n0n0
也就是有(1x)S(x)xS(x)0(x(1,1)).
解微分方程(1x)S(x)xS(x)0,得()
Sx
x
Ce
1x
,由于
S(0)a1,得C1
0
x
e
所以()
Sx.
1x
20.(本题满分11分)
解:
(1)证明:
因为矩阵有三个不同的特征值,所以A是非零矩阵,也就是r(A)1.
假若r(A)1时,则r0是矩阵的二重特征值,与条件不符合,所以有r(A)2,又因为
31220,也就是1,2,3线性相关,r(A)3,也就只有r(A)2.
(2)因为r(A)2,所以Ax0的基础解系中只有一个线性无关的解向量.由于
学习参考资料分享
WORD格式整理
1
31220,所以基础解系为x2;
1
1
又由12,3,得非齐次方程组Ax的特解可取为1
;
1
11
方程组Ax的通解为xk21,其中k为任意常数.
11
21.(本题满分11分)
214
解:
二次型矩阵A111
41a
因为二次型的标准形为
22
1y12y2.也就说明矩阵A有零特征值,所以A0,故a2.
114
EA111(3)(6)
412
令EA0得矩阵的特征值为13,26,30.
1
3
1
1
1
通过分别解方程组(iEA)x0得矩阵的属于特征值13的特征向量1
,
1
2
1
0
1
,30的特征向量3
1
6
1
2
1
属于特征值特征值26的特征向量2,
111
326
所以
12
Q,,0为所求正交矩阵.
123
36
111
326
22.(本题满分11分)
解:
(1)
2
1
2
EYyf(y)dy2ydy.
Y
0
3
学习参考资料分享
WORD格式整理
所以
2
24
PYEYPYydy
32.
39
0
(2)ZXY的分布函数为
F(z)PZzPXYzPXYz,X0PXYz,X2
Z
PX0,YzPX2,Yz2
11
P{Yz}PYz2
22
1
2
F(z)F(z2)
YY
故ZXY的概率密度为
1
f(z)F(z)f(z)f(z2)
ZZ
2
z,0z1
z2,2z3
0,
其他
23.(本题满分11分)
解:
(1)先求Zi的分布函数为
F(z)PZzPXzP
Zii
Xz
i
当z0时,显然()0
Fz;
Z
Xzz
i
当z0时,F(z)PZzPXzP21;
Zii
所以
Z的概率密度为
i
2
f(z)F(z)2
ZZ
2
z
2
2
e,z0
.
0,z0
(2)数学期望
2
z
22
2
EZzfzdzzedz,
()2
i
00
22
令
n
1
EZZZ
i
n
i1
,解得的矩估计量
n
22
ZZ
i
22n
i1
.
(3)设Z1,Z2,,Zn的观测值为z1,z2,,zn.当zi0,i1,2,n时
似然函数为
n
1
nnz
2
2
i
2
2
L()f(z,)ei1,
in
(2)
i1
学习参考资料分享
WORD格式整理
取对数得:
n
n1
2
lnL()nln2ln
(2)nlnz
2i
22
i1
dlnL()n1
3
d
n
i1
2
z