精品解析区级联考湖北省武汉市青山区中考第一次模拟考试物理试题解析版.docx
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精品解析区级联考湖北省武汉市青山区中考第一次模拟考试物理试题解析版
2019年湖北省武汉市青山区中考物理一模试卷
一、选择题
1.如图所示的四个实验，下列说法中正确的是
A.两个放有磁体的小车靠近，松手后两小车同时向后运动，说明力的作用是相互的
B.同一只自制密度计在两种液体中静止，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度
C.用橡皮锤敲击右侧的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，说明空气可以传声
D.用带负电的橡胶棒靠近轻质泡沫小球，小球被吸引，说明小球可能带正电
【答案】ACD
【解析】
【详解】A、图中，两辆小车互相远离，说明受到了排斥力，由于两辆车上
N极与N极相互靠近，所以可以证明同名磁极相互排斥，而两物体向相反方向运动说明两小车受力是相互的；故A正确；
B、同一只密度计放在甲、乙液体中都漂浮，所以，F浮甲＝F浮乙＝G，由图知密度计排开液体的体积V排甲＞V排乙，又因为F浮＝ρ液V排g，所以，ρ甲＜ρ乙，故B错误；
C、声音由右边的音叉传播到左边的音叉，是借助它们之间的介质﹣﹣空气实现的，故C正确；
D、带负电的橡胶棒，轻质小球靠近橡胶棒，相互吸引，则小球可能带正电，又因为带电体有能吸引轻小的物体的性质，所以小球还可能不带电，故D正确。
2.如图所示，加热-40
的冰，下列说法正确的是（）
A.BC段表示当前物体的状态仍是固体
B.冰的融化过程温度不变，说明熔化不需要吸热
C.水的沸腾过程温度不变，说明它的内能不变
D.由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，说明冰的比热容比水小
【答案】D
【解析】
A.如图，BC段吸热温度不变，是熔化过程，物体是固液共存状态，故A错误；
B.冰的融化过程温度不变，但熔化过程要不断吸热，故B错误；
C.水的沸腾过程温度不变，但沸腾要不断吸热，所以内能是增大的，故C错误；
D.由图可判断，加热时间相同时冰升温比水快，根据
可知，冰的比热容比水小，故D正确；
故选D。
点睛：
重点是晶体的熔化特征和比热容的知识，晶体熔化时吸热，温度不变，且液体沸腾时温度也是不变的，也要不断的吸收热量，牢记这些特点。
3.烛焰和光屏的中心在凸透镜主光轴上，它们的初位置如图所示，凸透镜的焦距为10cm。
下列操作不可能使烛焰在光屏上成清晰像的是
A.仅将蜡烛移至刻度线M的左侧某处
B.仅将光屏移至刻度线P的右侧某处
C.仅将凸透镜向左移至刻度N处
D.将透镜右移3cm，且光屏移至刻度线Q的右侧某处
【答案】C
【解析】
【详解】凸透镜的焦距为10cm，由图可知此时的物距等于15cm，在一倍和2倍焦距之间，像到光屏的距离也为15cm，像距也在一倍和2倍焦距之间，
A、要想使烛焰在光屏上成清晰的像，如果只移动蜡烛就要移到二倍焦距以外，即将蜡烛移至刻度线M的左侧某处，故A能成清晰的像；
B、物距在一倍和2倍焦距之间，如果只移动光屏，需要将光屏移至二倍焦距以外，故B能成清晰的像；
C、如果只将透镜移到N点，此时的物距等于12cm，蜡烛处在一倍焦距和二倍焦距之间，物体成像在二倍焦距以外的位置，此时光屏到透镜间的距离只有18cm，故不能在光屏上成清晰的像，故C不可能成清晰的像；
D、如果将凸透镜右移3cm，此时物距为18cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，则物体成像在二倍焦距以外的位置，此时光屏移到Q点右侧某个位置能成清晰的像，故D可能成清晰的像。
故选C。
【点睛】凸透镜成像规律是常考试的内容，应牢记凸透镜的成像规律，有些同学总是记不住，要下点功夫，可以结合成像光路图进行练习、记忆。
4.如图，下列对图象
表述正确的是（）
A.当a为路程b为运动时间，甲表示该物体正在做加速运动
B.当a为速度b为运动时间，乙表示该物体处于静止状态
C.当a为质量b为体积，甲说明该物质的质量与体积成正比
D.当a为温度b为加热时间，丙表示晶体的凝固过程
【答案】C
【解析】
解答：
A.当a为路程b为运动时间，甲图线是一条过原点的直线，表示物体做匀速直线运动。
故A错误；B.当a为速度b为运动时间，乙图线是一条与横轴平行的直线，表示物体以一定速度做匀速运动。
故B错误；C.当a为质量b为体积，甲图线是一条过原点的直线，表示物体质量与体积成正比。
故C正确；D.当a为温度b为加热时间，丙是一条随加热时间降温的图线，而晶体凝固时放热，温度保持不变。
故D错误。
故选：
C。
点睛：
根据图象中图线的形状，得出纵坐标与横坐标之间的关系，对应有关物理规律，确定正确的选项。
5.如图a，在平直高速公路上的某时刻，甲、乙两车相距S，经过时间t后，两车距离变为s1（s1＜s）。
两车的s﹣t图象如图b所示。
下列有关说法正确的是（）
A.图b中的图线Ⅱ表示的是甲车的运动情况
B.图b中的t0时刻表示甲乙两车此时的速度相等
C.t时刻一定在图b中的t0时刻之前
D.t时刻可能在图b中的t0时刻之前
【答案】D
【解析】
【详解】A、由图b可知，两车同时出发，在0～t0时间内，两车的距离逐渐减小，说明是甲车的速度快，
由s﹣t图象可知，两车都做匀速直线运动，且斜线的倾斜程度越大，表示速度越快，
图b中，图线Ⅰ的倾斜程度越大，所以图线Ⅰ表示甲车的运动情况，则图线Ⅱ表示乙车的运动情况，故A错误；
B、图b中的t0时刻，说明两车的位置相同，表示甲乙两车相遇，由A的分析知，两车的速度不相等，故B错误；
CD、由A项解答可知，甲车的速度大于乙车的速度，
所以，两车距离变为s1（s1＜s），有两种情况：
一是甲车尚未追上乙车，二是甲车超过乙车；
所以，t时刻可能在图b中的t0时刻之前，也可能在t0时刻之后，故C错误，D正确。
故选D。
【点睛】考查了s-t图像的解读，图像是直观的表示物理规律的有效方法，在考试中是很重要的一个考点，注意理解s1＜s，包括两种情况，一是两车靠近了，二是甲车超过了乙车，类似的问题要多练习，熟练掌握从图像得到有用的信息。
6.在“探究液体压强”的实验中，小丽将压强计的探头放在水中，情景如图所示。
关于此实验下列说法中错误的是
A.若增大橡皮膜到容器底部的距离，可以使U型管左右两侧液面的高度差增大
B.将压强计的探头在原位置转动，改变橡皮膜的朝向，U型管左右两侧液面的高度差不变
C.U型管左右两侧液面的高度差能反映探头上橡皮膜所受液体压强的大小
D.将压强计的探头放入浓盐水中，不改变探头所处深度，可以使U型管左右两侧液面的高度差增大
【答案】A
【解析】
【详解】A、若增大橡皮膜到容器底部的距离，可以使U型管左右两侧液面的高度差减小，故A错误，符合题意；
B、同一液体，在同一深度，向各个方向的压强相等，将压强计的探头在原位置转动，改变橡皮膜的朝向，U型管左右两侧液面的高度差不变，故B正确，不符合题意；
C、U型管中两个液面的高度差体现了探头处所受压强的大小，液面高度差越大说明探头处受到的液体压强越大；故C正确，不符合题意；
D、将压强计的探头放入浓盐水中，液体密度变大，不改变探头所处深度，即h不变，根据p＝ρgh可知，可以使U型管左右两侧液面的高度差增大，故D正确，不符合题意。
7.小华学习浮力知识时，他使用：
弹簧测力计、细线、正方体物体A、柱形容器、水和盐水，做了如图所示的一系列实验。
下列说法中正确的是
A.由图甲、乙可知，物体A下表面受到的水的压力为0.4N
B.由图甲、乙、丁可知，浮力的大小跟液体的密度有关
C.由图甲、乙、丙可知，浮力的大小跟物体排开液体的体积有关
D.若将物体A从图丁中的盐水中取出，则盐水对容器底部的压力减小1.2N
【答案】ACD
【解析】
【详解】A、由图甲、乙可知，物体A受到的浮力为F浮＝G﹣F示＝4N﹣3.6N＝0.4N，由浮力产生的原因可知，浮力等于物体下表面和上表面受到水的压力差，而由图乙知，物体上表面受到水的压力为零，所以物体A下表面受到水的压力：
F下＝F浮＝0.4N．故A正确；
B、乙、丁两图中液体密度不同，物体排开液体的体积不同，不符合控制变量法的要求所以，由图甲、乙、丁不能得出浮力的大小跟液体的密度有关，故B错误；
C、乙、丙两图中液体密度相同，物体排开液体的体积不同，测力计示数不同，根据F浮＝G﹣F示可知，物体受到的浮力不同，所以，由图甲、乙、丙可知，浮力的大小跟物体排开液体的体积有关，故C正确；
D、物体在丁图中受到的浮力为F浮′＝G﹣F示′＝4N﹣2.8N＝1.2N，由于物体间力的作用是相互的，故物体对盐水的压力为1.2N，则盐水对容器底部的压力：
F压＝G盐水+1.2N；若将物体A从图丁中的盐水中取出，盐水的重不变，则盐水对容器底部的压力减小1.2N．故D正确。
8.如图，水平地面ABOCD，以O点为界，AO段是一种材质，OD段是另一种材质。
细线一端系在物体上，绕过轻质滑轮，另一端系在墙上，拉滑轮的水平力F恒为4N，物体经A点开始计时，此后各段路程及耗时见下表。
以下说法正确的是（ ）
区间
AB
BO
OC
CD
距离
1m
1m
1.5m
2.5m
耗时
1s
1s
1s
1s
A.物体在CD区间运动的平均速度为2m/s
B.物体在BO区间运动时物体受到水平向左4N縻擦力
C.物体在OC区间运动过程中，拉力F做的功为3J
D.物体在BO区间运动过程中，拉力F做功的功率为1W
【答案】C
【解析】
【分析】
（1）利用速度公式
计算CD段的平均速度；
（2）已知拉力大小，根据动滑轮的省力特点，计算摩擦力的大小；摩擦力的方向是与物体相对运动的方向相反；
（3）知道物体移动的距离，根据动滑轮特点计算出拉力F移动的距离，根据功的计算公式W＝Fs计算拉力F做的功；
（4）根据W＝Fs计算拉力所做的功，根据
计算拉力的功率。
【详解】A、由表中数据知，CD段的路程为2.5m，运动时间为1s，则CD段的平均速度为
＝2.5m/s；故A错误；
B、由图知，拉力作用在动滑轮的轴上，则摩擦力f＝
F＝
×4N＝2N；物体向右运动，摩擦力的方向向左；故B错误；
C、拉力F移动的距离s1＝
OC＝
×1.5m＝0.75m，拉力F做的功W1＝Fs1＝4N×0.75m＝3J；故C正确；
D、拉力F移动的距离s2＝
BO＝
×1m＝0.5m，拉力F做的功W2＝Fs2＝4N×0.5m＝2J，拉力F做功的功率
＝
＝2W；故D错误。
故选：
C。
【点睛】本题考查了速度的计算、动滑轮的特点、摩擦力大小与方向、功和功率的计算等知识，综合性较强，要细心解答，避免出错。
9.如图所示是科技小组的四位同学设计的安装在潜水器上的显示下潜深度的深度表的电路原理图，其中R为压敏电阻（用符号表示），R的阻值随其所受水的压强的增大（下潜深度的增加）而减小，R0为定值电阻，电源两端的电压保持不变。
电路设计要求潜水器下潜深度增大时，电路中的电表示数增大，如图所示电路图中符合设计要求的是
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【详解】A、由电路图可知，R与R0并联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）时电压表的示数不变，故A不符合题意；
B、由电路图可知R与R0并联，电流表测R0支路的电流，根据并联电路独立工作互不影响可知，当当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）时电流表的示数不变，故B不符合题意；
C、由电路图可知，R与R0串联，电流表测电路中的电流，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、电路的总电阻减小，根据欧姆定律
可知电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故C符合题意；
D、由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、电路的总电阻减小，根据串联电路电阻的分压特点可知R两端分得的电压减小，即电压表的示数减小，故D不符合题意。
10.如图所示电路中，电源电压不变，R为滑动变阻器。
闭合开关S后，在滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（忽略温度对电阻的影响）
A.电压表的示数不变，电路的总电阻变大
B.电压表的示数变大，电流表的示数变小
C.电压表的示数变大，灯泡变亮
D.电压表的示数变小，灯泡变暗
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测串联电路的电流。
闭合开关S后，滑片P向右滑动，滑动变阻器连入电路的电阻变大，根据串联分压原理，电压表示数变大，故AD错误；
滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路总电阻变大，根据
可知，电路中电流变小，所以电流表的示数变小，根据P=UI，灯泡的实际功率变小，小灯泡变暗，故B正确，C错误。
故答案为B。
【点睛】动态电路分析，认清电路连接方式和电表的作用是关键。
11.关于下列各图所示的电和磁的知识，描述正确的是
A.
图实验说明磁场可以产生电流
B.
图实验说明机械能可以转化为电能
C.
图是动圈式话筒，其工作原理与电动机工作原理相同
D.
图是录音机的磁头，可以判定电流的方向是从a端流进，从b端流出
【答案】D
【解析】
【分析】
（1）电流的磁效应：
通电导线周围存在磁场；
（2）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
（3）电磁感应现象：
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；
（4）根据安培定则分析电流的方向。
【详解】A、研究通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应实验，故A错误；
B、通电后，磁场中的导体会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的工作原理，电动机工作时主要将电能转化为机械能，故B错误；
C、图中动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音。
动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的；其工作原理与发电机工作原理相同，故C错误；
D、螺线管的左端是N极，右端是S极，右手握螺线管，大拇指的方向是N极，所以电流的方向是从a端流进，从b端流出，故D正确。
故选D。
12.如图所示，电源电压保持不变，R1：
R2：
R3＝1：
1：
2．闭合开关S1、S2，电压表V1、V2的示数分别为U1、U2，电流表A的示数为I，只闭合开关S1，电压表V1、V2的示数分别为U1′、U2′，电流表A的示数为I′，则下列说法中错误的是
A.U1：
U2＝1：
1B.U1′：
U2′＝1：
3
C.I：
I′＝4：
1D.U2：
U2′＝2：
3
【答案】C
【解析】
【详解】闭合开S1、S2,等效电路图如图1所示;只闭合开关S1，等效电路图如图2所示：
已知R1：
R2：
R3＝1：
1：
2，由I＝
可得：
故A正确；
故B正确；
故C错误；
故D正确。
故选C.
二、非选择题
13.正在建设的扬州城市南部快速通道，全长约16km，设计速度为80km/h，全程不设置红绿灯，正常情况下，最少需要_____h就能行驶完全程。
而实际由于天气的原因，我们要减速慢行；秋天由于_____（填物态变化）形成雾会影响视线；寒冬的早晨，由于_____（填物态变化）会结霜，造成路面湿滑。
【答案】
（1）.0.2
（2）.液化（3）.凝华
【解析】
行驶完全程需要的时间为t＝
＝0.2h；雾是液体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为液态的现象叫液化；霜是固体，是由空气中的水蒸气遇冷直接形成的，气态变为固态的现象叫凝华。
点睛：
（1）已知设计速度和路程，可以得到通过全程需要的时间；
（2）物体由气态变为固态的现象叫凝华；物体由气态变为液态的现象叫液化。
14.如图甲所示是我国研发的平流层飞艇“圆梦”号首飞成功照片，飞艇依靠浮力可升到20km高的平流层，其推进系统由太阳能电池提供能量。
推进器产生的推力与气流对飞艇的水平作用力平衡，可使飞艇长时间悬停。
（1）若飞艇的气囊体积为3×105m3，则飞艇在平流层受到的浮力约为_____N．（平流层空气密度取0.06kg/m3）
（2）飞艇所受的空气阻力与风速的关系如图乙，推进器的功效（功效是指推进器的推力与功率的比值）为0.01N/W，当平流层风速为40m/s时，飞艇推进器的功率为_____W。
【答案】
（1）.1.8×105
（2）.1.44×105
【解析】
【详解】
（1）飞艇在平流层受到的浮力：
F浮＝ρ空气gV排＝0.06kg/m3×10N/kg×3×105m3＝1.8×105N；
（2）由乙图可知，当v2＝400m2/s2时，飞艇受到的阻力f＝360N，
设平流层风速为v′＝40m/s时，飞艇受到的阻力为f′，
由乙图可知，飞艇所受的空气阻力f与速度的平方v2成正比，
则有：
，即
，
所以，当平流层风速为40m/s时，飞艇受到的阻力f′＝4×360N＝1440N；
飞艇悬停在空中，因此飞艇受到的水平推力和阻力是一对平衡力，
所以，水平推力：
F＝f′＝1440N；
由题意可得
＝0.01N/W，则此时飞艇推进器的功率为：
P＝
＝
＝1.44×105W。
15.如图甲所示是小宇同学探究“光的反射规律”的实验装置。
平面镜M平放在水平桌面上，白色硬纸板垂直立在平镜面上。
（1）小宇让一束光贴着纸板沿AO方向射向镜面，反射光沿OB方向射出，测出反射角和入射角大小。
改变光的入射角度，多次重复上述实验步骤。
①上述实验探究得到的规律是_____（选填字母）。
A．光沿直线传播B．反射角等于入射角C．平面镜成像的特点
②白色硬纸板在实验中的作用是_____（写出一条即可）。
（2）实验过程中若将纸板倾斜，如图乙所示，让光仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光_____（选填“在”或“不在”）纸板这一平面内；通过平面镜观察镜中硬纸板的像，则看到的像与图丙中相符的是_____（选填序号）。
【答案】
（1）B显示光路
（2）不在③
【解析】
试题分析：
（1）①已知入射光线AO和反射光线OB，多次改变光的入射角度，测反射角与入射角的大小，并比较得出反射角与入射角的大小关系，因此该实验探究了反射定律中的反射角等于入射角；②白色硬纸板在实验中的作用显示光的传播路径；
（2）根据光的反射定律可知，在反射现象中，反射光线、入射光线分居法线两侧；反射光线、入射光线和法线在同一平面内，因此若将纸板倾斜，如图丙所示，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光线与入射光线仍在同一平面内，但不在纸板这一平面上，看不到反射光线，若此时通过平面镜观察纸板，因为物像关于镜面对称，则看到的图象应为丙图中的③．故答案为：
（1）①B；②显示光的传播路径；
（2）不在；③．
考点：
光的反射定律．
16.为了探究某合金块浸没在水中所受浮力和它排开水的重力之间的关系，并借用水的密度ρ水求出该合金块的密度ρx，某同学进行了如图甲、乙、丙、丁四次测量（弹簧测力计读数分别为F1、F2、F3、F4）。
（1）你觉得合理的实验顺序是_____；
（2）实验表明，（合金块所受浮力）_____＝_____（合金块排开水的重力）（用F1、F2、F3、F4表示）；
（3）则ρx＝_____（用ρ水、F2、F3、F4表示）。
【答案】
（1）.丁乙甲丙
（2）.F2﹣F1（3）.F3﹣F4（4）.
ρ水
【解析】
【详解】
（1）减小测量误差，正确的顺序是测出空桶重力→合金块重力→合金块浸入水中，读出弹簧测力计示数→测出小桶和排开水的总重力，即丁、乙、甲、丙；
（2）由题可知，浮力等于合金块的重力减在水中的拉力，则F浮＝F2﹣F1；
排开液体的重力等于水和桶的重力减空桶的重力，则G排＝F3﹣F4；
（3）合金块的质量m＝
，
合金块排开水
体积V排＝
，
合金块全部浸没在水中，则V排＝V物，
合金块的密度：
ρ水。
17.小明同学做了一个如图所示的装置，闭合开关，用外力使导体棒ab水平向右移动，发现导体棒cd也随之运动起来，在此实验中：
（1）实验装置中的甲部分，应用的物理原理是_____。
（2）实验装置中的乙部分，在cd棒运动过程中，是将电能转化成_____能。
（3）此装置中_____（填“甲”或“乙”）部分产生的现象，与生活中电动机的工作原理是相似的。
【答案】
（1）.电磁感应现象
（2）.机械（3）.乙
【解析】
【分析】
（1）电磁感应现象，即闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，此时电路中就会产生感应电流，发电机就是利用该原理制成的；
（2）直流电动机原理是通电导线在磁场中受力的作用；故由题干中电路的结构和特点分析判断即可解决该题．
【详解】
（1）由题干图可知：
闭合开关，将导体ab水平向右移动，此时相当于闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，故导体中会有感应电流产生，这是利用电磁感应现象的原理实现的，此时导体ab相当于电源；
（2）此装置中的cd相当于放入磁场中的通电导体，据通电导体在磁场中受力的作用，故cd受力运动，它是将电能转化为机械能；
（3）电动机是利用通电导线在磁场中受力作用的原理工作的，故与乙装置产生的现象相类似。
故答案为：
（1）电磁感应现象;
（2）机械;（3）乙。
18.小明做探究电流与电阻关系的实验。
（1）如图甲所示，用笔划线代替导线，将电流表的两根引线接入电路。
（）
（2）闭合开关后，向右移动滑动变阻器的滑片，直至电压表示数如图乙所示，其值为_____V．此过程中，电流表示数_____（选填“变大”、“变小”）。
（3）更换不同阻值的定值电阻，进一步实验，并将实验数据记录在表格中
次数
R/Ω
I/A
1
5
0
3
2
10
0.2
3
15
0.1
分析表格数据可知第_____次实验存在问题，判断的依据是_____，需要补充的实验步骤是：
将滑动变阻器的滑片向_____调节。
【答案】
（1）.见解析所示
（2）.1.5（3）.变大（4）.2（5）.定值电阻两端电压改变了（或者定值电阻两端电压不是1.5V）（6）.左
【解析】
【详解】
（1）将电流表“−”的导线与开关的左接线柱相连，“0.6”接线柱与定值电阻左侧接线柱相连，电路图如图所示：
（2）由图示电压表可知，其量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为1.5V；当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，电源电压不变，所以电流增大；（3）在研究电流与电阻关系时，要保持电阻两端电压一定。
根据实验数据可以看出：
第一组、第三组实验中，电阻两端电压都相等为1.5V；而第二组实验中，电阻两端电压为0.2A×10Ω＝2V，所以第二组实验操作错误；纠正的方法是：
向左调节滑动变阻器滑片，使电阻两端电压仍为1.5V，记录此时的电流。
【点睛】
（1）将电流表接入电路时，应使其与定值电阻串联，还要注意电流的方向；
（2）读取电压表示数时，先要明确电压表选择的量程和对应的分度值；滑动变阻器滑片移动时，接入电路的电阻发生变化，所以电路电流相应发生变化；（3）探究电流与电阻的关系，需要保持电阻两端电压一定．
19.【广西来宾市2015年中考物理试卷】如图所示为一种蓄水箱的人工放水装置，AOB是以O点为转轴的轻质杠杆，AO呈水平状态，A、O两点间的距离为40cm．B、O两点间的水平距离为10cm，竖直距离为7cm，K是一轻质、横截面积为100cm2的盖板（恰好堵住出水口），
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