届湖北省鄂州市高三第一次模拟考试理综生物试题.docx

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届湖北省鄂州市高三第一次模拟考试理综生物试题

湖北省鄂州高中2019届高三第一次模拟考试

理科综合能力测试生物试卷

★祝考试顺利★

注意事项：

1、考试范围：

高考范围。

2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、非选择题的作答：

用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、选考题的作答：

先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。

一、选择题

1.下列有关细胞组成成分、结构和功能的叙述中，错误的是

A.生物大分子以碳链为骨架，“碳是生命的核心元素”，“没有碳就没有生命”

B.硝化细菌、酵母菌、颤藻的细胞中都含有核糖体、DNA和RNA

C.同一种酶不可能存在于同一生物个体内分化程度不同的活细胞中

D.水和无机盐与其他物质一道，共同承担了构建细胞、参与细胞生命活动等重要功能

【答案】C

【解析】

【分析】

多糖、蛋白质、核酸等组成细胞的生物大分子的单体都以碳原子为核心，因此组成生物体的大分子都是以碳链作为基本骨架；分化程度不同的细胞中，酶的种类不同；原核细胞无真正的细胞核，没有核仁，但存在核糖体；水与无机盐在细胞的生命活动中有重要作用。

【详解】组成细胞的重要有机物都以碳链为基本骨架，因此都含有碳元素，“碳是生命的核心元素”，“没有碳就没有生命”，A正确；所有细胞生物都含有核糖体这种细胞器，都含有核酸，因此硝化细菌、酵母菌、颤藻的细胞中都含有核糖体、DNA和RNA，B正确；同一种酶可以存在于分化程度不同的活细胞中，如呼吸酶、ATP合成酶、ATP水解酶等，C错误；无机盐和水是细胞结构的重要组成成分，因此与其他物质共同承担构建细胞、参与生命活动等重要功能，D正确。

【点睛】本题的知识点是生物大分子以碳链为骨架，酶的分布，真核细胞与原核细胞的异同点，细胞内水和无机盐的作用，对于相关知识点的记忆和综合应用是解题的关键。

2.下列有关实验的叙述中，正确的是

A.在“探究动物细胞的吸水和失水”实验中，必须以哺乳动物成熟的红细胞为实验材料

B.用健那绿和吡罗红混合染液来观察黑藻细胞中DNA与RNA的分布

C.在“观察根尖分生组织细胞的有丝分裂”实验中，观察到的是死细胞，而在“观察蝗虫精母细胞减数分裂”实验中，观察到的是活细胞

D.探究光合作用释放的氧气来自水与研究细胞中分泌蛋白的合成、加工及分泌过程两个实验采用了相同的核心技术

【答案】D

【解析】

【分析】

本题考查高中生物课本中常见的生物实验，对于此类试题，需要学生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的材料是否合适、实验采用的试剂及试剂的作用、实验现象等，需要学生在平时的学习过程中注意积累。

【详解】探究动物细胞的吸水和失水实验，不一定要用哺乳动物成熟红细胞，其他动物细胞也可以做此实验，A错误；甲基绿和吡罗红混合染液来观察黑藻细胞中DNA与RNA的分布，B错误；在“观察根尖分生组织细胞的有丝分裂”、“观察蝗虫精母细胞减数分裂”中，均需要解离

漂洗

染色

制片四个环节，其中解离阶段会杀死细胞，因此这两个实验观察到的都是死细胞，C错误；探究光合作用释放的氧气来自水与研究细胞中分泌蛋白的合成、加工及分泌过程两个实验采用了相同的核心技术（同位素标记技术），D正确。

【点睛】解答本题需要学生总结高中生物课本中哪些实验用的是活细胞作为实验材料，哪些实验用死细胞做实验材料，识记并理解细胞吸水及失水的条件，明确课本中用到了同位素标记法的实验有哪些。

3.下列有关细胞生命历程的叙述，错误的是

A.在成熟生物体中，被病原体感染的细胞的清除，是通过细胞凋亡完成的

B.秋水仙素处理后的植物顶芽细胞仍然有完整的细胞周期

C.细胞分化时，遗传物质的种类增加，蛋白质的种类和数量也增加

D.细胞衰老时，细胞膜通透性改变，使物质运输功能降低

【答案】C

【解析】

【分析】

本题综合考查了细胞的生命历程的相关知识，比较简单，基本上是课本内容的再现，因此需要学生注意平时复习时不要脱离课本。

【详解】在成熟生物体中，被病原体感染的细胞的清除，是通过细胞凋亡完成的，A正确；用秋水仙素处理植物顶芽细胞后，顶芽细胞还可以继续分裂，只是因为无纺锤体，染色体着丝点分开后，两条染色体不会被拉向细胞两极，会形成多倍体细胞，因此细胞仍然具有完整的细胞周期，B正确；基因的选择性表达导致细胞分化，细胞分化后遗传物质不变，蛋白质的种类和数量增加，C错误；细胞衰老时，细胞膜通透性改变，使物质运输功能降低，D正确。

【点睛】本题考查细胞分化、细胞衰老、细胞凋亡和细胞癌变的相关知识，要求学生识记细胞衰老的特征；掌握细胞凋亡的概念和意义，注意与细胞坏死进行比较；掌握细胞分化的实质，明确细胞分化后，细胞中的遗传物质不变。

4.下列有关生物的遗传、变异与进化的叙述，正确的是

A.自然选择决定了基因突变和生物进化的方向

B.多倍体育种需要用到秋水仙素，而单倍体育种则可以不需要

C.地理隔离可阻止种群间的基因交流，种群基因库的差异导致种群间产生生殖隔离

D.共同进化就是指生物与生物之间在相互影响中不断进化和发展

【答案】C

【解析】

【分析】

解答本题需要学生识记及理解多倍体育种的原理及过程，明确共同进化不仅可以发生在生物与生物之间，也可以发生在生物与环境之间。

【详解】自然选择可以决定生物进化的方向，由于基因突变是不定向的，自然选择不能决定基因突变的方向，A错误；多倍体育种与单倍体育种均需要用到秋水仙素，B错误；地理隔离可阻止种群间的基因交流，种群基因库的差异导致种群间产生生殖隔离，C正确；共同进化是指不同物种之间，生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展，D错误。

【点睛】本题的知识点是共同进化、地理隔离、生殖隔离的概念、生物进化的实质，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系并形成知识网络。

5.关于内环境稳态，以下说法正确的是

A.下丘脑渗透压感受器能感受细胞外液渗透压下降、产生渴觉

B.血液中CO2增多引起呼吸频率加快，是由体液和神经共同调节的

C.人体的脑组织细胞内液中02与C02的比值大于组织液中的

D.能被免疫系统识别并清除的抗原均来自于外界环境

【答案】B

【解析】

【分析】

内环境的稳态是细胞维持正常生理功能的必要条件，也是机体维持正常生命活动的必要条件，内环境稳态失衡可导致疾病。

内环境稳态的维持依赖赖于各器官，尤其是内脏器官功能状态的稳定，机体各种调节机制的正常以及血液的纽带作用。

内环境稳态的调节方式有神经调节与体液调节两种。

【详解】下丘脑渗透压感受器能感受细胞外液渗透压下降，而产生渴觉的部位是大脑皮层，A错误；二氧化碳是调节呼吸的有效生理刺激。

当吸入二氧化碳含量较高的混合气时，会使肺泡的二氧化碳量升高，动脉血中的二氧化碳含量也随之升高，这样就形成了对呼吸中枢的有效刺激，呼吸中枢的活动就加强，呼吸加深加快，肺的通气量也增大，从而加快对二氧化碳的清除。

此过程中既有化学物质CO2的参与，又有神经中枢（呼吸中枢）的参与，因此血液中CO2增多引起呼吸频率加快，是由体液和神经共同调节的，B正确；人体的脑组织细胞内液中02不断参与有氧呼吸被消耗产生C02，因此细胞内的02的含量小于细胞外，而C02的含量则相反，因此人体的脑组织细胞内液中02与C02的比值小于组织液中的，C错误；能被免疫系统识别并清除的抗原可来自于外界环境也可来自于细胞内（如癌变、损伤的细胞），D错误。

【点睛】本题考查内环境稳态调节相关知识，意在考察考生对知识点的理解掌握程度。

6.下列关于种群、群落和生态系统的叙述，错误的是

A.性别比例和年龄组成均影响种群的出生率和死亡率

B.斑马在草原上成群活动，体现了种群的空间特征

C.森林生态系统自我调节的基础是负反馈调节

D.“山上多栽树，等于修水库”体现了生物多样性的间接价值

【答案】A

【解析】

【分析】

生物群落的结构包括空间结构—垂直结构和水平结构，群落的外貌和时间节律，群落中的动植物在垂直方向上有分层现象，水平方向上有镶嵌分布现象。

种群的特征包括空间特征与数量特征，数量特征有种群密度，出生率和死亡率，迁入率和迁出率，年龄组成，性别比例。

迁入率和迁出率，出生率和死亡率决定种群数量的变化，但年龄组成是通过影响出生率和死亡率影响数量变化的，性别比例通过影响出生率影响数量变化的。

【详解】由分析可知，年龄组成是通过影响出生率和死亡率影响数量变化的，性别比例通过影响出生率影响数量变化的，A错误；斑马在草原上成群活动，体现了种群的空间特征的集群分布，B正确；负反馈调节是自我调节能力的基础，森林生态系统自我调节的基础是负反馈调节，C正确；间接价值是指对生态系统起到重要调节作用的价值，“山上多栽树，等于修水库”体现了生物多样性的间接价值，D正确。

【点睛】本题考查种群、群落和生态系统的相关知识，意在考查学生的识记和分析能力。

解题的关键是理解群落的结构、特征、种群密度的影响因素及生态系统多样性的价值类型。

二、非选择题

7.下图表示在温度为25℃和一定的CO2浓度条件下，测定某种绿色植物在不同光照强度下氧气释放速率的曲线[单位：

mg/（m2·h）]。

请分析回答下列问题：

（1）在其他条件不变时，若用等质量的花生种子（脂肪含量高）替换该植物，则A点下移。

其原因是________________________________________________________________。

（2）在B点时，该植物的叶肉细胞中的光合作用强度_____________（填“大于”“小于”或“等于”）呼吸作用强度。

（3）在D点对应光照强度下，对该植物持续进行14小时光照，则一昼夜积累有机物的量为_______mg。

（4）从该植物细胞中提取完整的线粒体和叶绿体，制成悬浮液，分别加入到1号和2号两支试管中。

在1号试管中加入适量的葡萄糖溶液，在2号试管中加入等量的NaHCO3溶液，给予充足光照。

观察到的现象是：

1号试管中______________产生（填“有气泡”或“无气泡”）；2号试管中_________________产生（填“有气泡”或“无气泡”）。

其原因是__________________。

【答案】

（1）.花生种子含脂肪较多，氧化分解时耗氧量多

（2）.大于（3）.150（4）.无气泡（5）.有气泡（6）.线粒体不能直接分解葡萄糖而产生CO2，但叶绿体能利用溶液中的CO2进行光合作用，释放O2

【解析】

【分析】

根据题意和图示分析可知：

A点光照为0，只进行呼吸作用，因此对应的值为呼吸作用强度；B点为光补偿点，表示光合速率与呼吸速率相等；D点为光饱和点，对应的值为净光合速率，而净光合速率=真光合速率-呼吸速率。

在温度改变时，温度改变了酶的活性，进而影响光合作用和呼吸作用速率。

【详解】

（1）由于花生种子含脂肪较多，氧化分解时耗氧量多，因此若用等质量的花生种子替换该植物，导致A点下移。

（2）B点时整个植物的总光合作用强度与总呼吸作用强度相等，所有细胞都可以进行呼吸作用，而只有叶肉细胞等可以进行光合作用，因此叶肉细胞的光合作用强度大于自身的呼吸作用强度。

（3）从图中可知，在D点光照下植物的净光合速率为15mg/（m2·h），呼吸速率为5mg/（m2·h），对该植物持续进行14小时光照，则一昼夜积累有机物的量=[15×14-5×（24-14）]×180/192=150mg。

（4）1号试管中是完整的线粒体和葡萄糖，但是葡萄糖不能在线粒体氧化分解，因此1号试管无气泡产生；2号试管中是完整的叶绿体和NaHCO3溶液，NaHCO3溶液产生二氧化碳进入叶绿体参与光合作用，释放氧气，因此2号试管有气泡。

【点睛】解答本题的关键是能从曲线中获得有效解题信息，关键抓住图中两点：

A点时光照为0，只进行呼吸作用，因此对应的值为呼吸作用强度；D点时为光饱和点，对应的值为净光合速率，是光合速率与呼吸速率的差值。

8.请回答下列有关神经调节的问题。

（1）经研究，人的记忆分瞬时记忆、短期记忆、长期记忆、永久记忆，其中短期记忆与_________有关，长期记忆可能与__________________________有关。

（2）—般情况下，小鼠的神经元在出生后便不再分裂，但其大脑海马体中的神经干细胞即使在出生后也能分裂产生新的神经元，这可能与学习和记忆等脑的高级功能有关。

现已研究证明:

某些神经递质可以促进海马体中神经元的增殖，若令小鼠在转轮上运动，海马体中神经元的增殖也会加快。

为了探究运动导致神经元再生的原因，对4组小鼠分别进行了如下处理，并统计了每组小鼠正在分裂中的神经细胞数目，如下表所示。

组别

实验处理

每只小鼠正在分裂中的神经元数目（平均值）

Ⅰ

不施加任何药物，在配有转轮的环境下饲养

720

Ⅱ

不施加任何药物，在没有转轮的环境下饲养

298

Ⅲ

178

Ⅳ

施加神经质递质功能抑制剂，在没有转轮的环境下饲养

172

①列举出两种神经递质的名称：

________________________。

②第Ⅲ组的实验处理是______________________________________________________。

③该实验的结论是：

________________________________________________________。

【答案】

（1）.神经元的活动及神经元之间的联系

（2）.新突触的建立（3）.乙酰胆碱、去甲背上腺素、多巴胺、背上腺素、5—羟色胺、NO等（4）.施加神经递质功能抑制剂，并在配有转轮的环境下饲养（5）.运动通过促进神经递质的释放，促进海马体中神经元的增殖

【解析】

试题分析：

语言、学习、记忆和思维都属于脑的高级功能，学习是神经系统不断地接受刺激，获得新的行为、习惯和积累经验的过程，记忆是将已获信息进行贮存和再现的过程，短期记忆与神经元的活动及神经元之间的联系有关，长期记忆与新突触的建立有关。

（1）根据以上分析已知，短期记忆与神经元的活动及神经元之间的联系有关，长期记忆与新突触的建立有关。

（2）①神经递质是在突触传递中是担当“信使”的特定化学物质，常见的神经递质有乙酰胆碱、肾上腺素和多巴胺等。

②根据实验的单一变量原则，第Ⅲ组的实验处理应该是施加神经质递质功能抑制剂，并在配有转轮的环境下饲养。

③Ⅱ与Ⅳ说明神经递质能够促进神经元的增值；Ⅰ与Ⅱ对照说明运动通过促进神经递质的释放，进而促进海马体中神经元的增殖。

【点睛】解答本题的关键是了解人脑的高级功能，掌握短期记忆和长期记忆形成的原因及区别，结合题干提示分析答题。

9.某草原生态系统中，生活着多种生物，它们之间相互制约、处于动态平衡。

请回答有关问题：

（1）若要调查某草原鼠种群密度，可采用_____________法。

在草原生态系统中，适当放牧会_____________（填“增大”或“减小”）牧草对光能的利用率。

（2）若草原曾发生过火灾，但此后又慢慢恢复，这属于群落的_____________演替，从生态系统的角度分析，这体现了生态系统具有自我调节能力，这种能力的大小取决于_______________________。

（3）若某动物粪便中的能量为M，呼吸作用消耗的能量为R，用于自身生长、发育和繁殖等生命活动的能量为N，则该动物的同化量可表示为_____________，生态系统中最高营养级的能量去向与其他营养级的区别是________________________________________________。

（4）在草原中，狼能够依据兔留下的气味去猎捕，兔同样也能够依据狼的气味或行为特征躲避猎捕，这体现了信息传递具有___________________________________________的功能。

【答案】

（1）.标志重捕法

（2）.增大（3）.次生（4）.食物网的复杂程度（或“营养结构的复杂程度”）（5）.N+P（6）.不流向下一营养级（7）.调节生物的种间关系，维持生态系统的稳定

【解析】

试题分析：

种群密度的调查方法中，一般活动能力弱，活动范围小的生物采用样方法，相反，活动能力强，活动范围大的生物采用标志重捕法。

对野生生物资源进行合理利用，反而有利于促进野生生物资源的快速生长繁殖，但前提是需要“适当、实时、适量的利用”。

生态系统的自我调节能力大小取决于其自身营养结构的复杂程度。

生态系统中某营养级的摄入量=同化量+粪便量，而同化量=呼吸作用散失量+生长、发育和繁殖量，生长、发育和繁殖量=尸体、残骸量+流向下一营养级的量（最高营养级除外）；其中粪便量和尸体、残骸量都是被分解者利用的能量。

（1）由于草原鼠的活动范围大，活动能力强，所以调查鼠的种群密度一般采用标志重捕法；在草原生态系统中，适当放牧有利于增大牧草对光能的利用率，因为牧草密度过大，其增殖速率反而减慢，只有以对牧草采取一定的利用速率，才能使牧草的生长速率保持最大。

（2）该草原曾发生过火灾，但此后又慢慢恢复，这属于群落的次生演替。

从生态系统的角度分析，这体现了生态系统具有自我调节能力，这种调节能力的大小取决于营养结构的复杂程度。

（3）动物粪便中的能量为上一营养级同化的能量，所以该动物的同化量=自身呼吸作用消耗的能量+用于自身生长、发育和繁殖等生命活动的能量=N+R；生态系统中最高营养级的能量去向与其他营养级的区别在于最高营养级的能量不再流向下一营养级。

（4）在草原中，狼与兔具有捕食关系，二者相互传递信息，这体现了生态系统中信息传递具有调节生物的种间关系，维持生态系统的稳定的功能。

【点睛】注意：

生态系统中每个营养级的能量来源和去路分析时：

第一营养级若是植物（生产者），一般没有摄入量的说法；最高营养级没有流向下一营养级的去路；消费者产生的粪便量不是自身同化量的一部分，而是上一营养级的同化量中一部分。

10.果蝇为XY型性别决定，表中所示为果蝇受精卵中性染色体组成及发育情况，请分析回答：

受精卵中性染色体组成

发育情况

XX、XXY

雌性，可育

XY、XYY

雄性，可育

XXX、Y0（没有X染色体）、YY

胚胎期致死

X0（没有Y染色体）

雄性，不育

（1）果蝇具有_____________________________________的特点（至少答出两点），因此常用于遗传学研究。

摩尔根等人运用_____________________法，通过果蝇杂交实验，证明了基因在染色体上。

（2）现有正常白眼雌果蝇（XrXr）与红眼雄果蝇（XRY）杂交，子代中出现一只白眼雌果蝇。

请设计实验，探究出现上述现象的原因。

①实验思路:

_________________________________________________。

②预期结果及结论

若后代__________________________，则说明这只白眼雌果蝇出现的原因是环境因素。

若后代_____________________________，则说明这只白眼雌果蝇出现的原因是基因突变。

若后代_____________________，则说明这只白眼雌果蝇出现的原因是具有两条X染色体。

【答案】

（1）.繁殖快、产生后代多、有易于区分的相对性状

（2）.假说-演绎（3）.让该白眼雌果蝇与正常红眼雄果蝇交配，观察统计后代的表现型及其比例（4）.红眼雄果蝇：

白眼雄果蝇：

红眼雌果蝇=1:

1：

2（5）.雄果蝇全为白眼，雌果蝇全为红眼（6）.红眼雄果蝇：

白眼雄果蝇：

红眼雌果蝇：

白眼雌果蝇=1:

4：

4：

1

【解析】

【分析】

分析表格是本题解题的关键，表格中可以看出受精卵中的X染色体的数目决定雌性或雄性，并且XXX、YO（没有X染色体）、YY还会导致胚胎期致死，XO（没有Y染色体）为雄性不育。

题中给出正常白眼雌果蝇与红眼雄果蝇杂交，子代中出现一只白眼雌果蝇可知，该白眼雌果蝇可能有三种情况，可能是由于发生了染色体变异、基因突变或受环境影响，此时要根据后代的表现型及比例来推断出现白眼雌果蝇的原因。

【详解】

（1）因为果蝇具有易饲养、繁殖快、产生后代多、有易于区分的相对性状，是理想的遗传学实验材料。

摩尔根等人运用假说—演绎法，通过果蝇杂交实验，证明了基因在染色体上。

（2）①分析题干条件可知，正常白眼雌果蝇（XrXr）与红眼雄果蝇（XRY）杂交，正常情况下，后代雌果蝇的基因型XRXr，而后代出现了一只白眼雌果蝇，可能有三种情况，三种可能情况下，子代果蝇的基因型不同。

若白眼雌果蝇的出现是由环境改变引起的，其基因型仍为XRXr，若是由亲本基因突变引起的，则其基因型为XrXr，若是由于染色体变异引起的，则其基因型为XrXrY，它们分别与正常红眼雄果蝇交配，后代表现型不同，据此可确定是何种原因导致的。

故实验思路是让该白眼雌果蝇与正常红眼雄果蝇交配，观察统计后代的表现型及其比例。

②预期结果及结论：

第一种情况，XRXr×XRY→XRXr、XRXR、XRY、XrY，即若后代红眼雌果蝇：

白眼雄果蝇：

红眼雌果蝇=2：

1：

1时，则说明这只白眼雌果蝇出现的原因是环境因素。

第二种情况，XrXr×XRY→XRXr、XrY，若后代雄果蝇全为白眼，雌果蝇全为红眼，则说明这只白眼雌果蝇出现的原因是基因突变。

第三种情况，XrXrY×XRY→1XRY（红眼雄果蝇）、2XrYY（白眼雄果蝇）、2XrY（白眼雄果蝇）、2XRXrY（红眼雌果蝇）、2XRXr（红眼雌果蝇）、1XrXrY（白眼雌果蝇）、1XRXrXr（致死）、1YY（致死）。

即若后代红眼雄果蝇：

白眼雄果蝇：

红眼雌果蝇：

白眼雌果蝇=1:

4：

4：

1，则说明这只白眼雌果蝇出现的原因是具有两条X染色体。

【点睛】本题考查了特殊的性别决定方式和伴性遗传，有一定的难度，意在考查考生的分析能力、理解能力和综合运用的能力。

11.大肠埃希菌，俗称大肠杆菌。

是人和动物肠道中的正常栖居菌。

自来水一旦被它污染，就有可能引发肠道传染病，甚至流行病。

因此，必须对自来水进行严格的检测，以确保饮水安全。

我国规定1000ml自来水中的大肠杆菌数不得超过3个。

某同学欲对家中自来水中大肠杆菌含量是否达标，对饮用水中大肠杆菌进行了培养、计数和鉴定。

回答下列问题：

（1）实验前应进行无菌处理。

将漏斗、培养皿、三角瓶和镊子等进行_________________

灭菌。

培养基进行_________________灭菌。

对自来水龙头进行___________________灭菌。

（2）为测定大肠杆菌的数目，将已知____________的水过滤后，将滤膜放在培养基上培养，注意滤膜与培养基完全贴紧，不能有_______。

可根据培养基上____________________的数目，计算出水样中大肠杆菌的数目。

（取三份样品求平均值）

（3）为了鉴定大肠杆菌，在培养基中应加入______。

在该培养基上，大肠杆菌的菌落呈现_________色。

【答案】

（1）.干热（或高压蒸汽灭菌）

（2）.高压蒸汽（3）.灼烧（4）.体积（5）.气泡（6）.菌落（7）.伊红—美蓝（8）.黑色

【解析】

试题分析