江苏省扬州市中考真题化学试题答案+解析.docx
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江苏省扬州市中考真题化学试题答案+解析
2019年江苏省扬州市中考化学试卷
一、单项选择题：
本题包括15小题，每小题2分，共计30分．每小题只有一个选项符合题意．
1．（2分）2019年5月11日，扬州市启动了城市节水宣传活动。
H2O属于（ ）
A．单质B．氧化物C．混合物D．有机物
【分析】物质分为混合物和纯净物，混合物是由两种或两种以上的物质组成；纯净物是由一种物质组成。
纯净物又分为单质和化合物。
由同种元素组成的纯净物叫单质；由两种或两种以上的元素组成的纯净物叫化合物。
氧化物是指由两种元素组成的化合物中，其中一种元素是氧元素，H2O属于氧化物。
【解答】解：
A、由同种元素组成的纯净物叫单质，故选项错误；
B、氧化物是指由两种元素组成的化合物中，其中一种元素是氧元素，H2O属于氧化物，故选项正确；
C、混合物是由两种或两种以上的物质组成，故选项错误；
D、含碳的化合物，叫有机物；故选项错误；
故选：
B。
【点评】本考点考查了物质的分类，要加强记忆混合物、纯净物、单质、化合物、氧化物等基本概念，并能够区分应用。
本考点的基础性比较强，主要出现在选择题和填空题中。
2．（2分）6月5日为世界环境日。
下列行为有利于保护环境的是（ ）
A．绿色低碳出行B．大量使用农药
C．露天焚烧垃圾D．乱扔废旧电池
【分析】防止环境污染的措施有：
绿色低碳出行、工厂排放的废气经过处理再排放、植树造林、合理开发新能源、禁止燃放烟花爆竹等。
【解答】解：
A、绿色低碳出行，有利于保护环境；故选项正确；
B、大量使用农药会污染水源，不利于保护环境；故选项错误；
C、露天焚烧垃圾生成有害气体和烟尘，不利于保护环境；故选项错误；
D、乱扔废旧电池会污染水源，不利于保护环境；故选项错误；
故选：
A。
【点评】环保问题已经引起了全球的重视，关于“三废”的处理问题，是中考的热点问题，化学上提倡绿色化学工艺，要从源头上杜绝污染。
3．（2分）下列过程涉及化学变化的是（ ）
A．干冰升华B．氧气液化C．氢气燃烧D．矿石粉碎
【分析】有新物质生成的变化叫化学变化，没有新物质生成的变化叫物理变化，干冰升华、氧气液化、矿石粉碎都属于物理变化。
化学变化的特征是：
有新物质生成。
判断物理变化和化学变化的依据是：
是否有新物质生成。
【解答】解：
A、干冰升华没有新物质生成，属于物理变化；故选项错误；
B、氧气液化没有新物质生成，属于物理变化；故选项错误；
C、氢气燃烧生成水，属于化学变化；故选项正确；
D、矿石粉碎没有新物质生成，属于物理变化；故选项错误；
故选：
C。
【点评】本考点考查了物理变化和化学变化的区别，基础性比较强，只要抓住关键点：
是否有新物质生成，问题就很容易解决。
本考点主要出现在选择题和填空题中。
4．（2分）下列物质的俗名与化学式对应关系正确的是（ ）
A．干冰：
O2B．纯碱：
CaCO3
C．食盐：
NaClD．烧碱：
Na2SO4
【分析】干冰是二氧化碳固体；
碳酸钠俗称纯碱、苏打；
氯化钠俗称食盐；
氢氧化钠俗称烧碱、火碱、苛性钠。
【解答】解：
A、干冰是二氧化碳的固体，该选项不正确；
B、纯碱是碳酸钠的俗称，该选项不正确；
C、食盐是氯化钠是俗称，该选项正确；
D、烧碱是氢氧化钠的俗称，该选项不正确。
故选：
C。
【点评】本题主要考查物质的化学式及其俗称的问题，比较简单。
5．（2分）下列金属中，金属活动性最强的是（ ）
A．钾B．铁C．铜D．金
【分析】根据金属活动性顺序的内容，在金属活动性顺序中金属的位置越靠前，金属的活动性就越强，进行分析判断。
【解答】解：
常见金属活动性顺序为K、Ca、Na、Mg、Al、Zn、Fe、Sn、Pb、H、Cu、Hg、Ag、Pt、Au；在金属活动性顺序中，金属的位置越靠前，金属的活动性就越强，钾、铁、铜、金四种金属中钾的位置最靠前，故四种金属中金属活动性最强的是钾。
故选：
A。
【点评】本题难度不大，考查金属活动性强弱，熟记金属活动性顺序并能灵活运用即可正确解答本题。
6．（2分）下列物质由分子构成的是（ ）
A．金刚石B．铁C．氯化钠D．氧气
【分析】根据金属、大多数固态非金属单质、稀有气体等由原子构成；有些物质是由分子构成的，气态的非金属单质和一般由非金属元素组成的化合物，如氢气、水等；有些物质是由离子构成的，一般是含有金属元素和非金属元素的化合物，如氯化钠，进行分析判断即可。
【解答】解：
A、金刚石属于固态非金属单质，是由碳原子直接构成的，故选项错误。
B、铁属于金属单质，是由铁原子直接构成的，故选项错误。
C、氯化钠是含有金属元素和非金属元素的化合物，氯化钠是由钠离子和氯离子构成的，故选项错误。
D、氧气属于气态非金属单质，是由氧分子构成的，故选项正确。
故选：
D。
【点评】本题难度不大，主要考查了构成物质的微观粒子方面的知识，对物质进行分类与对号入座、掌握常见物质的粒子构成是正确解答本题的关键。
7．（2分）下列溶液显碱性的是（ ）
A．酸雨B．食醋C．NaOH溶液D．盐酸
【分析】根据常见物质的酸碱性，进行分析判断。
【解答】解：
A、酸雨是pH小于5.6的雨水，显酸性，故选项错误。
B、食醋是醋酸的水溶液，显酸性，故选项错误。
C、NaOH溶液显碱性，故选项正确。
D、盐酸显酸性，故选项错误。
故选：
C。
【点评】本题难度不大，了解常见物质的酸碱性是正确解答本题的关键。
8．（2分）水是人类不可缺少的宝贵资源。
我国的“节水标志”是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据图中常见标志的含义及题目的要求进行分析判断即可。
【解答】解：
A、图中所示标志是塑料制品回收标志，故选项错误。
B、图中所示标志是禁止燃放鞭炮标志，故选项错误。
C、图中所示标志是禁止吸烟标志，故选项错误。
D、图中所示标志是节水标志，故选项正确。
故选：
D。
【点评】本题难度不大，了解各个常见标志所代表的含义是解答此类题的关键。
9．（2分）下列物质能为人们生命活动提供所需能量的是（ ）
A．N2B．CO2C．淀粉D．氯化钠
【分析】食物中含有六大类营养物质：
蛋白质、糖类、脂肪、维生素、水和无机盐，每一类营养物质都是人体所必需的。
【解答】解：
食物所含的六类营养物质中，能为人体提供能量的是糖类、脂肪和蛋白质，其中糖类是主要的能源物质；氮气，二氧化碳以及氯化钠都不能为人们生命活动提供所需能量。
故选：
C。
【点评】此题考查了食物中能为人体生命活动提供能量的营养物质。
10．（2分）配制50g溶质质量分数为15%的氯化钠溶液，不需要用到的仪器是（ ）
A．集气瓶B．烧杯C．玻璃棒D．量筒
【分析】实验室配制50g溶质质量分数为15%的氯化钠溶液的操作步骤分别是：
计算、称量、溶解，根据各操作所需要使用的仪器，判断所列仪器是否需要。
【解答】解：
A、配制50g溶质质量分数为15%的氯化钠溶液，无需使用集气瓶，故选项正确。
B、配制50g溶质质量分数为15%的氯化钠溶液，烧杯用于完成溶解操作，故选项错误。
C、配制50g溶质质量分数为15%的氯化钠溶液，玻璃棒用于溶解时的搅拌，故选项错误。
D、配制50g溶质质量分数为15%的氯化钠溶液，量筒用于准确量取水，故选项错误。
故选：
A。
【点评】本题难度不大，明确配制一定溶质质量分数的溶液实验步骤（计算、称量、溶解）、所需的仪器是正确解答本题的关键。
11．（2分）2KI+H2SO4+O3═O2+M+K2SO4+H2O中M的化学式是（ ）
A．H2B．KOHC．HID．I2
【分析】由质量守恒定律：
反应前后，原子种类、数目均不变，据此由反应的化学方程式推断生成物M的化学式。
【解答】解：
由质量守恒定律：
反应前后，原子种类、数目均不变，则每个M分子由2个碘原子构成，则物质M的化学式为I2。
故选：
D。
【点评】本题难度不大，掌握利用化学反应前后原子守恒来确定物质的化学式的方法是正确解答此类题的关键。
12．（2分）下列属于复合肥的是（ ）
A．NH4NO3B．KNO3C．K2SO4D．NaNO3
【分析】含有氮元素的肥料称为氮肥，含有磷元素的肥料称为磷肥，含有钾元素的肥料称为钾肥，同时含有氮、磷、钾三种元素中的两种或两种以上的肥料称为复合肥。
【解答】解：
A、NH4NO3中含有氮元素，属于氮肥，故选项错误。
B、KNO3中含有钾元素和氮元素，属于复合肥，故选项正确。
C、K2SO4中含有钾元素，属于钾肥，故选项错误。
D、NaNO3中含有氮元素，属于氮肥，故选项错误。
故选：
B。
【点评】本题主要考查化肥的分类方面的知识，确定化肥中营养元素的种类、化肥的分类方法是正确解答此类题的关键。
13．（2分）下列反应属于分解反应的是（ ）
A．2H2+O2
2H2O
B．Zn+H2SO4＝ZnSO4+H2↑
C．2KClO3
2KCl+3O2↑
D．KOH+HCl＝KCl+H2O
【分析】分解反应：
一种物质反应后生成两种或两种以上的物质，其特点可总结为“一变多”；据此进行分析判断。
【解答】解：
A、2H2+O2
2H2O，该反应符合“多变一”的形式，符合化合反应的特征，属于化合反应，故选项错误。
B、Zn+H2SO4＝ZnSO4+H2↑，该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，属于置换反应，故选项错误。
C、2KClO3
2KCl+3O2↑，该反应符合“一变多”的形式，符合分解反应的特征，属于分解反应，故选项正确。
D、KOH+HCl＝KCl+H2O，该反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，属于复分解反应，故选项错误。
故选：
B。
【点评】本题难度不大，掌握分解反应的特征（“一变多”）并能灵活运用是正确解答本题的关键。
14．（2分）维生素D2的化学式为C28H44O，下列关于维生素D2的说法正确的是（ ）
A．碳元素的质量分数最大B．含有3个原子
C．相对分子质量是73gD．H、O元素质量比为44：
1
【分析】根据物质的化学式可以计算组成元素质量分数及其组成元素质量比、判断原子构成、计算相对分子质量。
【解答】解：
A、维生素D2中，碳原子相对原子质量和最大，因此碳元素的质量分数最大，该选项说法正确；
B、维生素D2中含有大量原子，不是3个，该选项说法不正确；
C、维生素D2相对分子质量：
（12×28）+（1×44）+16＝396，该选项说法不正确；
D、维生素D2中H、O元素质量比为：
44：
16＝11：
4，该选项说法不正确。
故选：
A。
【点评】相对分子质量的单位不是g，要注意理解。
15．（2分）下列实验方案能达到目的是（ ）
A．用稀盐酸和BaCl2溶液检验Na2SO4溶液中是否含有H2SO4
B．用肥皂水鉴别蒸馏水与CaCl2溶液
C．用足量NaOH溶液除去CO2气体中的少量HCl
D．用澄清石灰水检验Na2CO3溶液中是否含有K2CO3
【分析】A、根据硫酸、硫酸钠均能与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀，进行分析判断。
B、根据CaCl2溶液属于硬水，进行分析判断。
C、除杂质题至少要满足两个条件：
①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质。
D、根据K2CO3、Na2CO3溶液均能与石灰水反应生成碳酸钙白色沉淀，进行分析判断。
【解答】解：
A、硫酸、硫酸钠均能与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀，进不能检验检验Na2SO4溶液中是否含有H2SO4，故选项实验方案不能达到目的。
B、CaCl2溶液属于硬水，可用肥皂水鉴别蒸馏水与CaCl2溶液，产生泡沫较多的是蒸馏水，较少的是氯化钙溶液，故选项实验方案能达到目的。
C、CO2和HCl气体均能与NaOH溶液反应，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项实验方案不能达到目的。
D、K2CO3、Na2CO3溶液均能与石灰水反应生成碳酸钙白色沉淀，不能检验Na2CO3溶液中是否含有K2CO3，故选项实验方案不能达到目的。
故选：
B。
【点评】本题难度不是很大，化学实验方案的设计是考查学生能力的主要类型，同时也是实验教与学难点，在具体解题时要对其原理透彻理解，可根据物质的物理性质和化学性质结合实验目的进行分析判断。
二、不定项选择题：
本题包括5小题，每小题2分，共计10分．每小题只有一个或两个选项符合题意．若正确答案只有一个选项，多选时，该小题得0分；若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得1分，选两个且都正确的得满分，但只要选错一个，该小题就得0分．
16．（2分）实验室用KClO3和MnO2制O2，反应后分离KCl和MnO2（难溶于水）。
下列图示装置能达到实验目的是（ ）
A．
用此装置制取O2B．
用此装置收集O2
C．
用此装置过滤D．
用此装置蒸发滤液
【分析】A、根据给试管中的固体加热的方法进行分析判断。
B、根据氧气的密度比空气的大，进行分析判断。
C、过滤液体时，注意“一贴、二低、三靠”的原则。
D、根据蒸发操作的注意事项进行分析判断。
【解答】解：
A、给试管中的固体加热时，为防止冷凝水回流到热的试管底部，试管口应略向下倾斜，图中所示操作正确。
B、氧气的密度比空气的大，应用向上排空气法收集，图中所示操作错误。
C、过滤液体时，要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中缺少玻璃棒引流，图中所示操作错误。
D、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，以防止局部温度过高，造成液体飞溅，图中所示操作正确。
故选：
AD。
【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键。
17．（2分）下列有关物质性质与用途对应关系正确的是（ ）
A．CO2能与水反应，可用于灭火
B．铜有金属光泽，可用于制造电线
C．常温下N2很稳定，可用作粮食保护气
D．石墨具有导电性，可用于生产铅笔芯
【分析】A．根据二氧化碳的性质和用途进行分析；
B．根据铜的性质和用途进行分析；
C．根据氮气的性质和用途进行分析；
D．根据石墨的性质和用途进行分析。
【解答】解：
A．二氧化碳用于灭火，是利用了二氧化碳不能燃烧也不支持燃烧的性质，故A错误；
B．铜可用于制作电线，是利用了铜具有良好的导电，故B错误；
C．常温下氮气很稳定，可用作粮食保护气，故C正确；
D．石墨用于生产铅笔芯，是利用了石墨的质软的性质，故D错误。
故选：
C。
【点评】性质决定物质的用途，反过来物质的用途反映了物质的性质，熟记一些物质的性质和用途是解答此类题目的关键。
18．（2分）某反应前后分子变化的微观示意图如图。
下列说法正确的是（ ）
A．反应物中没有单质B．图中共表示3种物质
C．反应后元素种类增多D．反应前后原子个数不变
【分析】A、由同种原子构成的分子为单质的分子。
B、由同种原子构成的分子为单质的分子，由不同种原子构成的分子为化合物的分子。
C、根据质量守恒定律，进行分析判断。
D、根据化学变化的实质，进行分析判断。
【解答】解：
A、由同种原子构成的分子为单质的分子，反应物中有一种单质，故选项说法错误。
B、图中反应物和生成物均为两种，共表示4种物质，故选项说法错误。
C、由质量守恒定律，反应后元素种类不变，故选项说法错误。
D、化学反应的实质是分子分成原子，原子重新组合成新分子，则反应前后原子个数不变，故选项说法正确。
故选：
D。
【点评】本题通过微观粒子的反应模型图，考查了微观上对化学反应的认识，学会通过微观示意图把宏观物质和微观粒子联系起来、从微观的角度分析物质的变化是正确解答此类题的关键。
19．（2分）1800年，人类电解水获得成功。
某同学利用如图所示装置进行该实验时，发现左、右两侧试管内气体体积比略大于2：
1．下列说法错误的是（ ）
已知：
①相同条件下，气体的体积比等于气体的分子个数比；
②常温常压时，1L水可溶解0.031LO2、0.57LO3。
A．水在通电时能发生化合反应
B．实验中若加入少量NaOH溶液，则导电性增强
C．从实验结果可以确定，相同条件下，H2在水中的溶解度比O2的小
D．若右侧试管内产生少量O3，也会使左右两侧试管内气体体积比略大于2：
1
【分析】A、根据反应的特点分析；
B、根据NaOH在水中能解离出自由移动的离子分析；
C、根据电解水的现象分析；
D、根据产生了O3对O2的影响分析。
【解答】解：
A、水在通电时由一种物质生成了两种物质，能发生分解反应，故A说法错误；
B、由于NaOH在水中能解离出自由移动的离子，实验中若加入少量NaOH溶液，则导电性增强，故B说法正确。
C、从实验结果可以确定，相同条件下，H2在水中的溶解度比O2的小，故C说法正确。
D、若右侧试管内产生少量O3，会减少O2的生成，也会使左右两侧试管内气体体积比略大于2：
1，故D说法正确。
故选：
A。
【点评】本题较为全面地考查了电解水的实验，难度不大，了解电解水的现象、结论、注意事项和生成气体的性质等知识即可分析解答。
20．（2分）工业上，利用溶液X（溶质为CuCl2和HCl）在50℃时与Cu反应制作电路。
CuCl2消耗后，HCuCl2经处理又能转化为CuCl2，流程如图。
下列说法错误的是（ ）
已知：
①反应ICuCl2+Cu+2HCl＝2HCuCl2
②反应Ⅱ2HCuC12+H2O2＝2CuCl2+2H2O
A．反应I和Ⅱ涉及的元素中仅Cu、O元素的化合价发生了变化
B．反应Ⅱ中生成的CuCl2质量与溶液X中CuCl2质量一定相同
C．工业上，每溶解6.4kgCu时，外界只需提供34kg10%的双氧水就能使生成的HCuCl2全部转化为CuCl2
D．若由Cu、CuCl、CuCl2中的若干种组成的10.66g混合物中，铜元素为6.4g，则该混合物中一定含CuCl2
【分析】根据给出的转化关系对应的过程分析每个对应的问题，或者直接分析每个问题，从给出的信息中找对应的信息。
【解答】解：
A、①反应ICuCl2+Cu+2HCl＝2HCuCl2，是氯化铜中的铜元素化合价降低，单质铜中的铜化合价升高。
2HCuC12+H2O2＝2CuCl2+2H2O中铜元素由反应前的+1变为反应后的+2，而氧元素由反应前的﹣1变为反应后的﹣2．所以反应I和Ⅱ涉及的元素中仅Cu、O元素的化合价发生了变化。
正确；
B、由于反应Ⅱ中生成的CuCl2质量是在溶液X中CuCl2质量基础上增加了加入的铜，所以一定不相同。
错误；
C、根据反应CuCl2+Cu+2HCl＝2HCuCl2和Ⅱ2HCuC12+H2O2＝2CuCl2+2H2O可得关系式为Cu～～～H2O2．设需要的10%的双氧水的质量为x
Cu～～～H2O2
6434
6.4kg10%x
＝
x＝34kg。
正确；
D、若由Cu、CuCl、CuCl2中的若干种组成的10.66g混合物中，铜元素为6.4g，即铜元素的质量分数为
×100%≈60%，而CuCl中铜元素的质量分数为
×100%≈64.3%，而CuCl2中铜元素的质量分数为
×100%≈47.4%，所以该混合物中一定含CuCl2。
故选：
B。
【点评】读图，从中获得解答题目所需的信息，所以在解答题目时先看解答的问题是什么，然后带着问题去读给出的图进而去寻找解答有用的信息，这样提高了信息捕捉的有效性。
解答的问题实际上与复杂的转化图相比，其实很简单很基础，或者可以说转化图提供的是情境，考查基本知识。
三、非选择题
21．（13分）由氯化钡废液（杂质为FeCl3及微量NaCl）制备产品BaC12•2H2O的流程如图。
（1）氯化钡废液属于 混合物 （填“纯净物”或“混合物”）。
FeCl3中铁元素的化合价是 +3价 。
（2）煅烧石灰石制取生石灰的化学方程式为 CaCO3
CaO+CO2↑ ，生石灰变成熟石灰的过程是 放热 过程（填“吸热”或“放热”），石灰水能使紫色石蕊试液变 蓝 色。
石灰石和熟石灰中常用于改良酸性土壤的是 熟石灰 。
（3）用95%乙醇（C2H6O）洗涤滤渣可除微量NaCl．C2H6O由 3 种元素组成，是 有机 化合物（填“有机”或“无机”）。
C2H6O在O2中完全燃烧生成CO2和 H2O 。
2个CO2分子可用化学符号表示为 2CO2 。
煤、氢气、乙醇三种燃料中，最清洁的是 氢气 。
（4）结合流程和表回答：
工业上选择25℃而不选择5℃进行冷却结晶的主要原因是①滤液多次循环后，25℃与5℃结晶产品的总产率基本相同；② 25℃是常温，不需要专门降温 。
表：
每次结晶时，温度对产品纯度和产率的影响
冷却结晶的温度/℃
产品的纯度/%
产品的产率/%
5
99
72
25
99
60
【分析】根据给出的转化关系对应的过程分析每个对应的问题，或者直接分析每个问题，从给出的信息中找对应的信息。
【解答】解：
（1）氯化钡废液（杂质为FeCl3及微量NaCl），所以氯化钡废液属于混合物。
FeCl3中铁元素的化合价是+3价。
（2）煅烧石灰石制取生石灰的化学方程式为CaCO3
CaO+CO2↑，生石灰变成熟石灰的过程是放热过程（填“吸热”或“放热”），石灰水能使紫色石蕊试液变蓝色。
石灰石和熟石灰中常用于改良酸性土壤的是熟石灰。
（3）用95%乙醇（C2H6O）洗涤滤渣可除微量NaCl．C2H6O由3种元素组成，是有机化合物（填“有机”或“无机”）。
C2H6O在O2中完全燃烧生成CO2和H2O．2个CO2分子可用化学符号表示为2CO2．煤、氢气、乙醇三种燃料中，最清洁的是氢气。
（4）结合流程和表回答：
工业上选择25℃而不选择5℃进行冷却结晶的主要原因是①滤液多次循环后，25℃与5℃结晶产品的总产率基本相同；②25℃是常温，不需要专门降温。
故答案为：
（1）混合物；+3价。
（2）CaCO3
CaO+CO2↑；放热；蓝；熟石灰。
（3）3；有机；H2O；2CO2；氢气。
（4）25℃是常温，不需要专门降温。
【点评】读图，从中获得解答题目所需的信息，所以在解答题目时先看解答的问题是什么，然后带着问题去读给出的图进而去寻找解答有用的信息，这样提高了信息捕捉的有效性。
解答的问题实际上与复杂的转化图相比，其实很简单很基础，或者可以说转化图提供的是情境，考查基本知识。
22．（11分）日常生活、社会发展都与化学密切相关。
（1）3D打印机根据不同需求，使用不同材料，如铝合金、聚乙烯、碳纤维增强复合材料。
其中属于无机材料的是 铝合金 ，属于合成材料的是 聚乙烯 ，属于复合材料的是 碳纤维 。
（2）《本草纲目》记载，杨桃具有去风热、生津止渴等功效。
①杨桃的主要成分是水，还含有糖类和蛋白质等。
葡萄糖和蛋白质中属于有机高分子化合物的是 糖类和蛋白质 ，能在人体内分解生成氨基酸的是 蛋白质 。
葡萄糖由 碳、氢、氧 三种元素组成。
②经测定酸杨桃的pH为1.35，甜杨桃的pH为1.81，其中酸性较强的是 酸杨桃 。
（填“酸杨桃”或“甜杨桃”）
③酸杨桃中矿质元素含量如表2．人体缺少 Ca 元素易得佝偻病，缺少 Fe 元素易得贫血症。
如表所列元素中，属于微量元素的是 Zn 、 Fe 。
表：
每克酸杨桃中矿质元素的含量
矿质元素
K
Ca
Zn
Fe
含量/mg
0.389
0.587
0.049
0.070
【分析】
（1）根据物质的分类进行分析；
（2）①根据物质的分类、物质的组成进行分析；
②根据pH与
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