上海上海外国语大学附属双语学校物理第十一章 简单机械和功单元练习Word版 含答案.docx

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上海上海外国语大学附属双语学校物理第十一章上海上海外国语大学附属双语学校物理第十一章简单机简单机械和功单元练习械和功单元练习Word版版含答案含答案上海上海外国语大学附属双语学校物理第十一章简单机械和功单元练习（Word版含答案）一、初三物理第十一章简单机械和功易错压轴题提优（难）1同学们在学校的花园里散步时，看到校工师父在用剪刀修剪树枝，发现他在修剪较粗硬的树枝时，需要把树枝夹在剪刀离轴很近的地方，手放在剪刀离轴最远的末端就会很轻松的剪断粗树枝了，看到这里，同学们就讨论起来了：

为什么这样使用，就会很容易剪断树枝呢？

于是大家对杠杆的特性进行了如下探究。

A：

“探究杠杆的平衡条件”

（1）当杠杆静止在图甲所示的位置时，杠杆处于_（选填“平衡”或“不平衡”）状态；此时，应将右端的平衡螺母向_（选填“左”或“右”）调节使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量_

（2）小明同学用图乙所示的方法使杠杆处于平衡状态，测出此时的拉力大小为，发现，其原因是：

_B：

“探究杠杆的机械效率”如图丙所示装置，每个钩码的质量为m，O为支点（支点处摩擦忽略不计）（3）他将2个钩码悬挂在B点，在A点竖直向上缓慢拉动弹簧测力计，拉力为，测得A、B两点上升的高度分别为、，则此次杠杆的机械效率为=_（用物理量的符号表示）（4）他将2个钩码悬挂在C点，在A点竖直向上缓慢拉动弹簧测力计，使C点上升高度仍为，则弹簧测力计的示数将_，此次拉力做的功将_第一次做的功（选填“大于”“等于”或“小于”）【答案】平衡右力臂大小F1的力臂测量错误100%大于小于【解析】【分析】【详解】

（1）1图甲所示的位置时，杠杆静止，所以杠杆处于平衡状态。

23图甲中，杠杆右高左低，说明杠杆的重心偏左，应将右端的平衡螺母向右调节，使重心在支点上，让杠杆在水平位置平衡，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。

（2）4图中，拉力的方向与水平杠杆不垂直，只有当力的方向与杠杆垂直时，力臂才能从杠杆上直接读出来，小明误把杠杆的长度L1当成了拉力的力臂，所以小明会得出错误的结论。

（3）5有用功为W有Gh22mgh2总功W总F1h1则机械效率的表达式100%100%（4）6钩码的悬挂点在B点时，由杠杠的平衡条件得F1OAGOB悬挂点移至C点时，由杠杠的平衡条件得F2OAGOC从图中可以看出，由OB到OC力臂变大，所以弹簧测力计的示数变大。

7使C点上升高度仍为，则有用功不变，但杠杆提升的高度减小，额外功减小，又因为总功等于额外功与有用功之和，因此此次拉力做的功将小于第一次做的功。

2小红在探究杠杆的平衡条件时，找来一个量程为5N的弹簧测力计和若干个重均为0.5N的钩码，实验前测得杠杆上相邻刻度线间的距离都等于2cm。

请回答下列问题：

（1）实验前，小红先将杠杆调至水平位置平衡，这样操作的目的是_；

（2）小红在实验中测得一组数据如下表，于是他立即得出了杠杆的平衡条件：

“F1L1=F2L2”，你认为是否合理，并说明理由：

_；F1/NL1/cmF2/NL2/cm2634（3）某次实验如图所示，杠杆平衡，则以下生活中相关杠杆的应用与此图中杠杆类型相同的是_（选填“托盘天平”、“核桃夹”或“筷子”）；（4）在上图中，保持弹簧测力计的位置及拉力的方向和钩码的个数不变，钩码向左移动，若要保持杠杆平衡，则钩码到支点的距离不应超过_cm。

【答案】便于直接测量力臂不合理，只有一组实验数据，得到的结论具有偶然性核桃夹10cm【解析】【分析】【详解】

（1）1在探究杠杆的平衡条件时，为了便于直接测量力臂，我们将杠杆调至水平位置平衡。

（2）2在探究杠杆的平衡条件时，我们需要进行多次实验得到多组实验数据是结论具有普遍性，实验中由一组实验数据得到的结论具有偶然性。

（3）3如图所示，弹簧测力计对杠杆施加拉力的力臂大于钩码对杠杆施加拉力的力臂，是一个省力杠杆；而托盘天平是一个等臂杠杆，核桃夹是一个省力杠杆，筷子夹菜时相当于一个费力杠杆；所以与此图中杠杆类型相同的是核桃夹。

（4）4杠杆上相邻刻度线间的距离都等于2cm，每个钩码重均为0.5N，则图中钩码的总重力为弹簧测力计施加拉力的力臂钩码向左移动，若要保持杠杆平衡，弹簧测力计量程为5N，由杠杆平衡条件可知，钩码对杠杆施加拉力的最大力臂即钩码到支点的距离不应超过10cm。

3如图所示是小明和小红利用刻度均匀的杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验装置。

（1）在实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于_（选填“平衡”或“不平衡”）状态；调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡的目的是消除杠杆自重对实验的影响，同时方便_；

（2）杠杆平衡后，小明在左右两侧分别挂上如图乙所示的钩码，杠杆不能在水平位置平衡，在不增加钩码且不改变钩码悬挂点位置的前提下为了使杠杆重新在水平位置平衡，只需将_即可；（3）为获得更多组数据，他们取下右侧钩码，小明和小红分别设计了两种实验方案，小明的方案如图丙所示，小红的方案如图丁所示。

你认为_（“小明”或“小红”）的方案更合理，理由是_；（拓展）探究杠杆的平衡条件后，小明又利用杠杆测量了石块的密度，实验装置如图所示。

实验步骤如下：

将石块悬挂在杠杆左侧，通过调节细线长度使石块缓慢浸没在下方裝满水的溢水杯中（未触底），同时用质量忽略不计的薄塑料桶接住溢出的水；将薄塑料桶悬挂在杠杆右侧，调节塑料桶的悬挂位置，使杠杆在水平方向平衡，如图所示；测量出AB两悬挂点距支点O的距离分别为10m和15cm，则石块密度为_kg/m3。

【答案】平衡测量力臂左侧的钩码去掉一个小明排除测力计的重力对实验的影响2.5103【解析】【分析】【详解】

（1）1杠杆静止时，无论杆身是否水平，都为杠杆的平衡状态。

2杠杆在水平位置平衡，其力臂和杆身重合，可以方便测量力臂的大小。

（2）3在乙图中，杠杆左右两侧所挂钩码的重力可分别视为动力和阻力，两侧钩码的悬挂点可分别视为动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件可知，只需将左侧的钩码去掉一个即可满足杠杆在水平位置平衡。

（3）45对比丙、丁两图可知，小明的实验方案更加理想；因为弹簧测力计本身受到重力，小明的方案可以排除测力计的重力对实验的影响。

（3）6设石块排开的水的重力为，由阿基米德原理可知，石块受到的浮力水中的石块为平衡状态，故其对绳的拉力根据杠杆和平衡条件可得即由上式整理可得由于石块排开水的体积和石块自身体积相等，所以上式可简化为所以石块的密度4小明在探究杠杆的平衡条件的实验中，以杠杆中点为支点。

（1）小明在杠杆两侧挂上钩码，调节钩码的数量和位置直到杠杆水平平衡，如图甲所示，此时小明将两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离后，杠杆_（选填“左”或“右”）端下沉；

（2）小明在得出杠杆平衡条件后，利用杠杆平衡条件解决问题：

如图乙所示，有一根均匀铁棒BC，其长为L，O点为其重心，其所受重力300N；OA=，为了不使这根铁棒的B端下沉，所需外力F至少应为_N；若F的方向不变，微微抬起这根铁棒的B端，所需外力F至少应为_N；如图丙所示，C物体静止在水平地面上时，对地面的压强为6105Pa。

现将C物体用细绳挂在轻质杠杆的A端，杠杆的B端悬挂D物体，当杠杆在水平位置平衡时，C物体对地面的压强为2105Pa，已知：

D物体的质量为2kg，OA:

AB=1:

4。

要使C物体恰好被细绳拉离地面，则可以移动支点O的位置，使OA:

AB=_。

【答案】左1001501:

7【解析】【分析】【详解】

（1）1设图甲中的一个钩码重力为G，杠杆一小格的长度为l，据杠杆的平衡条件有3G2l=2G3l小明将两边钩码同时远离支点移动nl距离后，杠杆左右两边变成3G（2l+nl）=（3n+6）Gl，2G（3l+nl）=（2n+6）Gl而（3n+6）Gl（2n+6）Gl所以杠杆左端下沉。

（2）2据题意知，为了不使铁棒的B端下沉，需用外力来保持平衡，此时铁棒的A为杠杆的支点，阻力臂为OA=，动力臂为AB=，据杠杆平衡条件有G1=F所以此时的外力3要将铁棒B端稍微抬起，此时C变成杠杆的支点，则所以此时的外力4由题意知，D物体的重力G2=mg=2kg10N/kg=20N挂上D物体，杠杆在水平位置平衡时，设绳子对A端的拉力为F1，则有F1OA=G2OB即悬挂D物体前后，C物体对地面压强变化p=p1-p2=6105Pa-2105Pa=4105Pa那么C物体与地面的接触面积则C物体的重力G3=FC=p1S=6105Pa210-4m2=120N要使C物体恰好被拉离地面，则A端受到的拉力F2=G3=120N那么G3OA=G2OB即120NOA=20NOB所以OA:

OB=1:

6那么OA:

AB=1:

75小明在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下表所示：

次数钩码所受的重力G/N钩码提升的高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率11.00.10.80.431.25%21.00.20.80.831.25%32.00.11.20.441.67%43.00.11.5

（1）试验中应沿着竖直方向_（选填“加速”或“缓慢”）拉动弹簧测力计，且在弹簧测力计_时读数；（选填“匀速运动”或“静止”）

（2）根据表中的数据计算得出第4次实验时绳端移动的距离s=_m，机械效率=_；（3）通过比较1、3和4三次实验数据得出：

同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率_；（4）在忽略摩擦力和绳重的前提下，通过第1次数据可算出动滑轮的重力为_N；（5）以下选项中不影响滑轮组机械效率的因素是_A动滑轮的重力B绳子与滑轮之间的摩擦C物体上升的高度【答案】缓慢匀速运动0.450%越大2.2C【解析】【分析】【详解】

（1）1为了使弹簧测力计的示数大小等于绳端的拉力大小，试验中应沿着竖直方向缓慢拉动弹簧测力计。

2假设弹簧测力计静止时读数，测力计没有测出绳子与滑轮间的摩擦，测得的拉力偏小，即没有考虑到摩擦对滑轮组机械效率的影响，所以需要弹簧测力计匀速运动时读数。

（2）3从图中可以看到，四条绳子托着动滑轮，第4次实验时，钩码提升的高度是0.1m，绳端移动的距离是0.4m。

4第4次实验时滑轮组做的有用功滑轮组做的总功滑轮组的机械效率滑轮组的机械效率是50%。

（3）5通过比较1、3和4三次实验数据可知，物重越大，滑轮组的机械效率越大。

（4）6忽略摩擦力和绳重，四条绳子托着动滑轮，那么代入数据可得解得。

（5）7根据可知动滑轮的重力影响滑轮组机械效率，物体上升高度不影响滑轮组机械效率，绳子与滑轮之间的摩擦将增加额外功的比例，影响滑轮组机械效率。

故选C。

6小融和小侨利用如图所示装置探究杠杆的平衡条件。

（1）若实验前杠杆静止，如图甲所示，_（选填“是”或“不是”）处于杠杆平衡状态。

可将杠杆两端的平衡螺母向_（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡；

（2）在实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是_，把支点定在杠杆中点的目的是_；A抵消重力的影响B便于测量力臂（3）在杠杆两端挂加钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，测出力臂。

多次实验并把教据记录在表一中。

多次实验的目的是_；A寻找普遍规律B求平均值减小误差（4）小融根据表一数据得出杠杆平衡条件是_；（用公式表示）次数F1/NL1/cmF2/NL2/cm11102522101203215310（5）杠杆调节平衡后，小侨在杠杆上的A点处挂4个钩码，如图乙所示，为使杠杆重新平衡，应在B点挂_个钩码；（6）如图丙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡。

当弹簧测力计在原位置逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将_（选填“变大”“变小”或“不变”）。

【答案】是右BAAF1L1=F2L26变大【解析】【分析】【详解】

（1）1如图甲所示杠杆受到平衡力的作用保持静止状态，是处于平衡状态。

2如图甲所示杠杆左端低右端高，要将杠杆调平衡需要将平衡螺母向右边调节。

（2）34在实验过程中，为了便于测量力臂的大小，应调节杠杆在水平位置平衡；同时为了消除杠杆自重的影响，可以将支点定在杠杆中点。

所以前一空选B，后一空选A。

（3）5为了是实验结论更具有普遍性，应进行多次实验，故应该选A。

（4）6由表中数据有1N10cm=2N5cm2N10cm=1N20cm2N15cm=3N10cm根据表格实验数据得出杠杆平衡条件是F1L1=F2L2（5）7设一个钩码的重力为G，杠杆上一小格的长度为L，A点挂4个钩码，A点到O点的距离为3L，B点到O点的距离为2L，设B点需要n个钩码，根据杠杆平衡的平衡条4G3L=nG2L解得n=6，为使杠杆重新平衡，应在B点挂6个钩码。

（6）8弹簧测力计在原位置逐渐向右倾斜时，力臂变小，要使杠杆仍然在水平位置平衡，由杠杆的平衡条件，则拉力变大，即弹簧测力计的示数变大。

7在“探究杠杆平衡条件”的实验中，杠杆刻度均匀，每个钩码的重力均为。

（1）实验开始时，杠杆如图甲所示处于静止状态。

为使杠杆在水平位置平衡，应将两端的平衡螺母向_移动（选填“左”或“右”）；

（2）调节杠杆水平平衡后，如图乙所示，在M点挂上2个钩码，在N点挂上3个钩码。

此时，杠杆在水平位置_（选填“平衡”或“不平衡”）；（3）用弹簧测力计和钩码配合使用，也可以探究杠杆平衡条件。

如图丙所示，用弹簧测力计在A处竖直向上拉杠杆，使其在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数为_N。

【答案】左不平衡1.2【解析】【分析】

（1）如果杠杆左端下沉，应向右调节平衡螺母，如果杠杆右端下沉，应向左调节平衡螺母，使杠杆在平衡位置平衡；

（2）杠杆是否平衡，取决于两边力和力臂的乘积是否相等，若，杠杆平衡；若，杠杆就不平衡，会沿力和力臂乘积大的力的方向转动；（3）左侧钩码对杠杆的作用力向下，使杠杆沿逆时针转动，则弹簧测力计施加的力使杠杆沿顺时针转动，保持杠杆平衡；杠杆平衡条件计算出弹簧秤的示数，判断弹簧测力计的位置。

【详解】

（1）1图甲中，杠杆右端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端的螺母向左调。

（2）2图乙中，设一格长度为L，一个钩码重G，则有即右边的力和力臂的乘积大于左边的力和力臂的乘积，杠杆不能在水平位置平衡，会沿顺时针方向转动。

（3）3丙图中钩码的重力由杠杆平衡条件可得拉力在A处竖直向上拉杠杆，使其在水平位置平衡，则此时弹簧测力计示数为。

【点睛】本题主要考查对“探究杠杆平衡条件”的实验内容的了解。

杠杆的平衡条件：

动力动力臂阻力阻力臂，即；运用此条件进行杠杆平衡的计算。

8对于杠杆的原理，我国古代也很注意研究，在古书墨经中就对杆秤作了科学的说明。

某物理小组探究如图所示的一杆秤，通过观察和测量知道：

杆秤上标有刻度，提纽在B点，秤钩在A点，O点为刻度的起点（为零刻度点，在B点左侧）。

用刻度尺量出OA=l1，OB=l2。

（1）秤钩不挂重物时，秤砣挂在O点时杆秤平衡，则重心C应在B点的_侧（选填“左”、“右”或“不确定”）。

设该杆秤秤砣的质量为m，则杆秤自身重力（不含秤砣）和它的力臂的乘积是_。

（2）物理小组利用空瓶（空瓶质量比秤砣质量小一些）、细线和原有秤砣测出原秤砣的质量。

方法是：

用细线系在空瓶上并置于_点，慢慢往瓶中加沙子，如果杆秤恰能平衡，相当于新做了一个秤砣，再把它挂在秤钩上，移动原秤砣位置至杆秤平衡，秤杆上的读数即为原秤砣质量。

（3）物理小组通过查资料得到“如果杠杆受两个阻力，杠杆的平衡条件是：

F动l动=F阻l阻+F阻l阻，如图所示”。

则上一问中实际上只要有刻度尺利用科学推理也可测得秤砣质量，方法是：

设想有两个完全一样的原秤砣甲、乙，将甲置于A点，乙置于B点右侧某点，杆秤恰好平衡。

由杠杆的平衡条件可知，量出长度l1、l2后，只须从B点起向右量出长度_，该位置杆秤上的读数即为秤砣的质量m。

【答案】右O【解析】【分析】【详解】

（1）12由于O点是刻度的起点，即秤钩上不挂重物时，秤砣的位置应该在O点，提起B，杆秤平衡，把秤砣作用在杆秤上的力看成动力，则阻力就是杆秤的重力作用点（重心）应该在B点的右侧；且根据杠杆的平衡条件可得mgl2=G杆秤力臂

（2）3做一个新秤砣的方法就是采用等交换替代法，由于秤砣放在O点处时能与杆秤的自重相平衡，那么如果我们也在O点用细线系一个小瓶，向里面加入适量的沙子，待杆秤平衡时，小瓶与沙子所起的作用就与秤砣的作用一样，故它们的质量是相等的。

（3）4根据已经得出的两个阻力的平衡规律，如果放在杆秤上，则存在如下关系mg（l1+l2）=mgl+G杆秤力臂将第

（1）问的关系式代入可得mgl1=mgl即l=l1，故只需要从B点起向右量出长度l1，该位置杆秤上的读数即为秤砣的质量。

9在认识到杠杆转动跟力、力臂有关后，某实验小组通过实验进一步探究杠杆的平衡条件，以下是他们的部分实验过程：

（1）首先，将杠杆放在水平桌面上，在不挂钩码的情况下，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在_位置平衡，以方便直接读出力臂；

（2）接下来，他们使杠杆在如图位置静止，多次实验，记录数据如表格所示（每个钩码的重力为1N，杠杆质量、刻度分布均匀）；小玲认为杠杆的平衡条件应为，；而小军则认为实验还需要进一步改进，你认为小玲总结的杠杆的平衡条件是_（选填“正确的”或“错误的”）；实验序号123232333334343（3）如果小军在杠杆的左端A点处再加挂2个钩码（即左端共4个钩码），接下来，他应该将右端的两个钩码向右移动_格，杠杆才会在原位置再次平衡。

【答案】水平错误的3【解析】【详解】

（1）1将杠杆放在水平桌面上，在不挂钩码的情况下，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以方便直接读出力臂。

（2）2小玲总结的杠杆的平衡条件是错误的，因为只改变力的大小，没有改变位置，没有得出普遍规律。

（3）3根据杠杆的平衡条件，可得到即他应该将右端的两个钩码向右移动3格，杠杆才会在原位置再次平衡。

10某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示

（1）实验中应沿竖直方向_缓慢拉动弹簧测力计

（2）小组同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法_（选填“正确”或“不正确”），因为她没有考虑到_对滑轮组机械效率的影响（3）用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，请将表中的两个数据填写完整_（4）通过比较_两次实验数据得出结论：

使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关（填实验次数的序号）（5）通过比较_两次实验数据得出结论：

同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高（填实验次数的序号）（6）通过比较3、4两次实验数据可得出结论：

_【答案】匀速不正确摩擦0.4；80%1、22、3不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组的机械效率越高（或不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低【解析】【详解】

（1）实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，这样测力计示数才等于拉力大小；

（2）在弹簧测力计静止时读出了数据，由于不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦，所以测力计示数偏小，他的想法是不正确的；（3）丁图中，绳子的有效段数为n=4，绳端移动距离s=nh=40.1m=0.4m滑轮组的机械效率=80%（4）绳端移动距离与物体升高的高度的关系为s=nh，所以，结合表中数据可知实验1、2、3中绳子的有效段数分别为2、3、3；再结合钩码的重力可知，实验1、2、3分别是用甲、乙、丙装置做的实验，根据控制变量法，研究同一滑轮组的机械效率与绳子段数的关系时，要控制提升物体的重力相同、滑轮个数也相同，只改变绳子的有效段数，所以应比较1、2两次实验数据；通过比较1、2两次实验数据得出结论：

使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；（5）研究同一滑轮组提升重物时，机械效率与物重的关系时，要控制滑轮个数相同、绳子的段数相同，只改变物体的重力，故通过比较2、3两次实验数据得出结论：

同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高。

（6）通过比较3、4两次实验数据，即对应的图丙、图丁两装置，滑轮组不同，提升的重物相同，动滑轮越重机械效率越小，故可得出结论：

不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组的机械效率越高。

11在“探究杠杆的平衡条件”实验中:

（1）在测量时，使杠杆在水平位置保持平衡，其目的是为了_。

（2）若在杠杆两边挂上钩码后发现杠杆不平衡，则应该_。

（3）如表为某同学所设计的实验方案和实验记录.实验序号实验方案动力（牛）动力臂（米）阻力（牛）阻力臂（米）1挂等量的钩码，分别作为动力和阻力.20.0520.052挂不等量的钩码，分别作为动力和阻力.40.0360.023挂钩码、用弹簧测力计拉，分别作为动力和阻力.30.021.50.044挂钩码、用弹簧测力计拉，分别作为动力和阻力.5.80.0450.04a、该同学设计多种实验方案的目的是_b、实验序号4的数据显然发生错误，若记录无误，则错误的原因可能是_（4）该同学在学习了机械功后，认为力力臂的单位恰好是“牛米”，那么就可以将“力力臂”的单位合写成“焦”.你认为该同学的认识是_的（选填“正确”或“错误”）.【答案】便于测量力臂通过加减钩码或调节钩码的位置来使其平衡得出普遍性结论,避免偶然性弹簧测力计没有竖直向下拉动错误【解析】【详解】

（1）1杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便；

（2）2在挂上钩码后，如果出现不平衡，不能再调节平衡螺母，应通过加减钩码或调节钩码的位置来使其平衡；（3）3实验中多次实验，是为了得出普遍性结论，避免偶然性；4拉力没有与杠杆垂直，导致动力臂偏小，根据杠杆平衡条件，阻力、阻力臂不变时，动力臂变小，动力就会变大，因此弹簧测力计的示数变大；（4）5“焦”是功的单位，是力与力的方向通过的距离乘积；由于力与力臂垂直，所以“力力臂”的单位不能合写成“焦”，故该同学的认识是错误的；12小华研究有关杠杆平衡的问题，他在已调节水平平衡的杠杆上，用弹簧测力计、钩码分别进行实验，研究过程如图所示（弹簧测力计对杠杆的力为动力、钩码对杠杆的力为阻力,钩码均相同且位置保持不变）,请你根据实验情况和测量结果进行分析和归纳。

（1）由_两图中动力与动力臂大小间的关系可初步看出:

阻力与阻力臂不变，当杠杆平衡时，动力臂越大，所用动力越小;

（2）根据四个图中杠杆的平衡情况与动力、阻力使杠杆转动方向的关系可知:

（a）当动力、阻力使杠杆转动方向_时，杠杆不能平衡;（b）当_时，杠杆_（选填“一定”或“可能”）平衡。

【答案】ab相同动力、阻力使杠杆转动方向相反可能【解析】【详解】

（1）1观察a、b两图中弹簧秤示数变化情况可知：

在杠杆平衡时，当阻力与阻力臂不变时，阻力和阻力臂乘积不变，动力臂越长，动力越小；

（2）（a）2观察（c）图中杠杆不能在水平位置平衡的原因是动力和阻力使杠杆转动的方向相同。

（b）34由（a）（b）（d）得，动力和阻力使杠杆转动方向相反，杠杆可能处于水平位置平衡。

13八年级

（2）班的物理学习研究小组进行“探究杠杆的平衡条件”实验时:

（1）安装好杠杆，发现杠杆左高右低，如图甲所示，这时应将杠杆右端的平衡螺母向_（选填“左”或“右）调节，使杠杆在水平位置平衡