福建省莆田市届高三化学第一次月考试题讲解.docx

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福建省莆田市届高三化学第一次月考试题讲解

2016-2017学年下学期月考试卷

高二有机化学

一、选择题

1.下列化学用语或模型表示不正确的是（　　）

A.正丁烷的结构简式为CH3－CH2－CH2－CH3

B.CH4分子的比例模型

C.乙酸乙酯的分子式为C4H10O2

D.乙烯的最简式为CH2

【答案】C

【解析】A．CH3－CH2－CH2－CH3为正丁烷的结构简式，故A正确；B．CH4是正四面体结构，其比例模型为

，故B正确；C．乙酸乙酯的分子式为C4H8O2，故C错误；D．乙烯的分子式为C2H4，则最简式为CH2，故D正确；答案为C。

点睛：

解决这类问题过程中需要重点关注的有：

①书写电子式时应特别注意如下几个方面：

阴离子及多核阳离子均要加“”并注明电荷，书写共价化合物电子式时，不得使用“”，没有成键的价电子也要写出来。

②书写结构式、结构简式时首先要明确原子间结合顺序（如HClO应是H—O—Cl，而不是H—Cl—O），其次是书写结构简式时，碳碳双键、碳碳三键应该写出来。

③比例模型、球棍模型要能体现原子的相对大小及分子的空间结构。

2.“三鹿奶粉”事件波及很广，据调查某些奶农为了提高鲜奶的“蛋白质”含量，往里面加了点三聚氰胺C3H6N6（见下图），三聚氰胺可由尿素合成。

下列说法错误的（）

A.尿素是第一种人工合成的有机物

B.三聚氰胺不是芳香族化合物

C.三聚氰胺属于烃类化合物

D.饮用含三聚氰胺的奶粉会导致肾结石

【答案】C

【解析】A．1828年，维勒合成尿素，是人工合成的第一种有机物，故A正确；B．分子中不含苯环，不是芳香族化合物，故B正确；C．分子中含氨基，不属于烃，而烃中只含C、H元素，故C错误；D．长期饮用含三聚氰胺的奶粉，对人体有害，可导致肾结石，故D正确；故选C。

3.“绿色化学”是当今社会提出的一个新概念。

在绿色化学工艺中，理想状态是反应中原子全部转化为欲制的产物，即原子利用率为100%。

以下反应最符合绿色化学，原子经济性要求的是（　　）

A.乙烯与Br2制备1,2-二溴乙烷B.甲烷与氯气制备一氯甲烷

C.苯与Br2制备溴苯D.用乙酸和乙醇制备乙酸乙酯

【答案】A

【解析】A．CH2=CH2与Br2发生加成反应，反应后只有CH3BrCH2Br一种产物，达到原料物质中的所有原子完全利用，全部转入期望产物，故A正确；B．甲烷与氯气制备一氯甲烷，属于取代反应，伴随很大副反应，反应物没全部转化为所需产物，故B错误；C．苯与液溴发生了取代反应生成了溴苯和溴化氢，反应为：

，并没有达到原料物质中的所有原子完全利用，全部转入期望产物，故C错误；D．乙酸与乙醇制乙酸乙酯，有副产品水生成，故D错误；故选A。

4.下列各组物质中，互为同系物的是（）

A.AB.BC.CD.D

【答案】D

【解析】A．O2和O3均为氧元素形成的不同单质，互为同素异形体，故A错误；B．

是氢元素的两种不同核素，且中子数不等，互为同位素，故B错误；C．

分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故C错误；D．

均为烷烃，结构相似，且相差一个CH2基团，互为同系物，故D正确；答案为D。

5.花生四烯酸即5，8，11，l4-二十碳烯酸（含有四个碳碳双键），其分子式表示C19H3lCOOH，是人体“必需脂肪酸“之一。

以下关于它的说法中不正确的是（）

A.每摩尔花生四烯酸最多可与4摩尔溴发生加成反应

B.它可以使酸性高锰酸钾溶液褪色

C.它可与乙醇发生酯化反应

D.它是乙酸的同系物

【答案】D

【解析】A．花生四烯酸含有四个碳碳双键，1mol双键与1mol溴发生加成反应，则每摩尔花生四烯酸最多可与4摩尔溴发生加成反应，故A正确；B．碳碳双键能被高锰酸钾溶液氧化，则可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B正确；C．含有羧基，能与乙醇发生酯化反应，故C正确；D．乙酸的结构简式为CH3COOH，分子组成内不含碳碳双键，不可能是乙酸的同系物，故D错误；故选D。

6.下列说法正确的是（　　）

A.通过石油裂化制得的汽油是纯净物

B.煤的气化是将煤在高温条件由固态转化为气态的过程，属于物理变化过程

C.天然气是一种清洁的化石燃料

D.煤的主要成分是碳，它是一种碳的同素异形体

【答案】C

【解析】A．通过石油裂化制得的汽油主要是由C4～C10各族烃类组成的混合物，故A错误；B．煤的气化是将固体煤转化为含有CO、H2、CH4等可燃气体和CO2、N2等非可燃气体的过程，属于化学变化，故B错误；C．天然气是一种洁净环保的优质的化石能源，几乎不含硫、粉尘和其他有害物质，燃烧时产生二氧化碳少于其他化石燃料，造成温室效应较低，因而能从根本上改善环境质量，故C正确；D．煤是主要由碳、氢、氧、氮、硫和磷等元素组成的混合物，不属于碳的同素异形体，故D错误；故选C。

7.有人认为人体实际上是一架缓慢氧化着的“高级机器”，人体在生命过程中也需要不断的补充“燃料”。

按照这种观点，你认为人们通常摄入的下列物质不能看作“燃料”的是（　　）

A.油脂B.蛋白质C.水D.葡萄糖

【答案】C

【解析】

A．油脂能在体内发生氧化反应提供能量，故A正确；B．食物中的蛋白质在体内被水解为氨基酸后才能吸收，一部分氨基酸再重新合成人体的蛋白质，另一部分氨基酸氧化分解释放能量，供生命活动需要，故B正确；C．水在人体内主要是做溶剂，不能为人体提供能量，故C错误；D．葡萄糖属于糖类，糖类是人体的主要供能物质，故D正确；故选C。

8.某气态烃

能与

加成，转变为氯代烷烃，加成后产物分子上的氢原子又可被

氯分子完全取代，则该烃可能是（）

A.

B.

—

C.

—

—

D.

—

【答案】B

【解析】气态烃0.5mol能与1molHCl加成，说明烃中含有1个C≡C键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则0.5mol烃中含有2molH原子，即1mol烃含有含有4molH，并含有1个C≡C键或2个C=C键，符合要求的只有CH≡CCH3，故选B。

点睛：

明确有机物的加成和取代反应特征是解题关键，气态烃0.5mol能与1molHCl加成，说明烃中含有1个C≡C键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则0.5mol烃中含有2molH原子，即1mol烃含有含有4molH，并含有1个C≡C键或2个C=C键，以此解答该题。

9.下列叙述中正确的是（　　）

A.苯在催化剂的作用下能与液溴发生取代反应

B.在苯中加入酸性KMnO4溶液，振荡并静置后液体变为无色

C.在苯中加入溴水，振荡并静置后下层液体为橙色

D.苯的一氯取代物有3种

【答案】A

【解析】A．苯在浓硫酸的催化作用下与浓硝酸发生硝化反应，属于取代反应，故A正确；B．苯不与酸性高锰酸钾溶液反应，苯的密度小于水，因此上层为苯，下层为酸性高锰酸钾溶液，为紫红色，故B错误；C．苯与水互不相溶，密度小于水，苯与溴水不反应，溴易溶于苯，所以在苯中加入溴水，振荡并静置后上层液体为橙黄色，故C错误；D．苯分子结构中只有一种等效氢，一氯代物只有1种，故D错误；答案为A。

10.某烃的结构简式为CH2＝CH－C≡C

，下列有关其几何结构的说法正确的是（）

A.所有碳原子不可能在同一平面上

B.有4个碳原子在同一直线上

C.有5个碳原子在同一直线上

D.有6个碳原子在同一直线上

【答案】D

【解析】A．苯环、乙烯、乙炔中所有原子共平面，故

中除乙基部分共平面，乙基中亚甲基上的C相当于取代了苯环上的H，故与苯环共平面，甲基上的碳相当于取代了亚甲基中的一个H，可以与亚甲基上的C共平面，故所有碳原子可以共平面，故A错误；B、C、D．炔烃中两个碳乙基炔烃相连的乙烯基中1个碳可以共平面，另外乙基与此取代基处于对位上，故与乙基相连的苯环上的C和乙基山1个碳也与其共直线，故总共可以有6个碳原子共直线，故C错误；C．炔烃中两个碳乙基炔烃相连的乙烯基中1个碳可以共平面，另外乙基与此取代基处于对位上，故与乙基相连的苯环上的C和乙基山1个碳也与其共直线，故总共可以有6个碳原子共直线，故选项B、C错误，D正确；答案为D。

点睛：

明确常见有机物的结构特点是解题关键，甲烷是正四面体结构，与碳原子相连的四个原子不可能在同一平面上，故乙基中两个碳可以共平面，乙烯为平面形分子，所有原子共平面，乙炔为直线形分子，所有原子共平面，苯环上所有原子共平面，据此解答即可。

11.标准状况下，1.12LCH4和C2H4的混合气体通入足量的溴水，溴水增重0.28g，则混合气体中乙烯的体积分数为（）

A.20％B.40％C.60％D.80％

【答案】A

【解析】CH4和C2H4的混合气体，通过足量的溴水充分吸收后，溴水增重的0.28g为C2H4质量，则乙烯的物质的量为：

n（C2H4）=

=0.01mol，所以C2H4的在标况下的体积为：

0.01mol×22.4L/mol=0.224L，乙烯占混合气体的体积分数为：

×100%=20%，故选A。

点睛：

明确烯烃与烷烃的化学性质为解答本题的关键，CH4和C2H4的混合气体，通过足量的溴水充分吸收后，溴水增重0.28g为C2H4质量，根据n=计算C2H4物质的量，再利用v=nVm计算C2H4体积，最后利用体积分数定义计算乙烯占混合气体的体积分数。

12.分子式为C5H7Cl的有机物，其结构不可能的是（）

A.只含有1个双键的直链有机物

B.含有2个双键的直链有机物

C.含有1个双键的环状有机物

D.含1个叁键的直链有机物

【答案】A

【解析】A．C6H9Br的不饱和度为2，含有一个双键的链状有机物不饱和度为1，故A错误；B．C6H9Br的不饱和度为2，含有二个双键的链状有机物不饱和度为2，故B正确；C．C6H9Br的不饱和度为2，含有一个双键的环状有机物不饱和度为2，故C正确；D．C6H9Br的不饱和度为2，含有一个三键的链状有机物不饱和度为2，故D正确；故选A。

13.某有机物在氧气里充分燃烧，生成的CO2和H2O的物质的量之比为1∶1，由此得出的结论正确是（）

A.C、H、O的个数比为1∶2∶3

B.C和H的个数比为1∶2

C.肯定不含氧原子

D.该有机物必定是乙烯

【答案】B

【解析】某有机物在氧气里充分燃烧，生成的CO2和H2O的物质的量之比为1：

1，说明有机物分子中C、H原子数目之比为1：

2，该有机物可能为烃，也可能为烃的含氧衍生物，不能确定是否含有元素，故选项A、C、D错误，B正确，故选B。

14.．在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3︰2的化合物是（）

A.AB.BC.CD.D

【答案】D

【解析】A．由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现两组峰，氢原子数之比为6：

2=3：

1，故A错误；B．由对称可知，有3种H原子，则核磁共振氢谱中出现三组峰，故B错误；C．由结构可知，含有三种位置的H原子，甲基上一种，苯环与甲基相连碳上一种，苯环上还有一种，原子个数比为6：

2：

8=3：

1：

4，故C错误；D．由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现2组峰，氢原子数之比为6：

4=3：

2，，故D正确；故选D。

15.下列与有机物结构、性质相关的叙述错误的是（）

A.乙酸分子中含有羧基，可与NaHCO3溶液反应生成CO2

B.蛋白质和油脂都属于高分子化合物，一定条件下都能水解

C.甲烷和氯气反应生成一氯甲烷与苯和硝酸反应生成硝基苯的反应类型相同

D.苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有乙烯分子中类似的碳碳双键

【答案】B

【解析】解：

A、乙酸属于一元羧酸，酸性强于碳酸的，所以可与NaHCO3溶液反应生成CO2，故A正确；

B、油脂是高级脂肪酸的甘油酯，属于酯类，但不属于高分子化合物，故B错误；

C、甲烷和氯气反应生成一氯甲烷，以及苯和硝酸反应生成硝基苯的反应都属于取代反应，故C正确；

D、只有分子中含有不饱和键（如碳碳双键），则可以与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，从而使之褪色，而苯中的化学键是介于单键和双键之间特殊的化学键，故D正确．

故选B．

【点评】本题考查常见有机物的性质，涉及到甲烷、苯、乙酸、油脂和蛋白质，难度较小，明确有机物中的官能团来分析性质、结构决定性质及高分子化合物的概念即可解答．

16.2-甲基丁烷和氯气发生取代反应，得到的一氯代物共有（）

A.3种B.4种C.5种D.6种

【答案】B

【解析】2-甲基丁烷的结构简式为：

（CH3）2CHCH2CH3，分子中有4种化学环境不同的H原子，故其一氯代物有4种，故选B。

点睛：

根据每个选项中有机物的结构和对称性确定“等效氢”的数目，即可判断一氯代烃的种类，分子中有多少种“等效”氢原子，某一元取代物就有多少种。

判断等效氢的方法为：

①同一碳原子上的氢原子是等效的；②同一碳原子上所连甲基上的氢原子是等效的；③处于镜面对称位置上的氢原子是等效的（相当于平面镜成像时，物与像的关系）。

17.关于有机物种类繁多的原因，不正确的是（　　）

A.碳原子有四个价电子

B.碳原子彼此可结合成长链或各种环状

C.组成有机物的元素种类很多

D.有机物容易形成同分异构体

【答案】C

【解析】碳原子能与其他原子形成四个共价键（可以是双键，可以是单间，可以是叁键），且碳原子之间也能相互成键，可以成碳链，可以成碳环，此外含碳的有机物存在同分异构现象，这些是自然界中有机物种类繁多的原因，故ABD正确、C错误，故选C。

18.具有单双键交替长链（如…一CH＝CH—CH＝CH—CH＝CH一…）的高分子有可能成为导电塑料。

2000年诺贝尔化学奖即授予开辟此领域的3位科学家。

下列高分子中，可能成为导电塑料的是（）

A.聚乙烯B.聚氯乙烯C.聚1，3-丁二烯D.聚乙炔

【答案】D

【解析】具有单双键交替长链（如…一CH=CH-CH=CH-CH=CH一…）的高分子有可能成为导电塑料，聚乙烯，聚氯乙烯，聚苯乙烯中都只含有单键，聚1，3-丁二烯中含有碳碳双键，但不是单双建交替的结构，而聚乙炔中是单双建交替的结构，故选D。

19.下列用水就能鉴别的一组物质是（　　）

A.苯、己烷、四氯化碳B.乙酸、乙醇、四氯化碳

C.苯、乙醇、四氯化碳D.溴苯、乙醇、乙酸

【答案】C

【解析】A．苯和己烷不溶于水，且密度都比水小，不能鉴别，故A错误；B．四氯化碳不溶于水，乙酸和乙醇均能溶于水，不能鉴别，故B错误；C．乙醇与水混溶，苯不溶于水，密度比水小，四氯化碳不溶于水，密度比水大，可鉴别，故C正确；D．乙醇和乙酸都溶于水，不能鉴别，故D错误；故选C。

20.1mol某烃在氧气中完全燃烧，需要消耗氧气179．2L（标准状况下）。

它在光照的条件下与氯气反应能生成3种不同的一氯取代物。

该烃的结构简式是

（）

A.AB.BC.CD.D

【答案】B

【解析】该烃在光照的条件下与氯气反应能生成三种不同的一氯代物，说明该烃含有3类氢原子，氧气的物质的量=

=8mol，设烷烃的化学式为CxHy，则1mol该烃的耗氧量=（x+）mol=8mol，假设是饱和烃时，则y=2x+2，解得x=5，假设为不饱和烃时，经过讨论可得：

当x=6时，y=8；A．

是饱和烷烃，碳原子个数6为，完全燃烧时，1mol该有机物需要消耗9.5mol氧气，不符合题意，故A错误；B．CH3CH2CH2CH2CH3为正戊烷，该烃是饱和烃，且碳原子个数是5，有3类氢原子，在光照的条件下与氯气反应能生成三种不同的一氯代物，故B正确；C．

该烃中氢原子种类为4，在光照的条件下与氯气反应能生成4种不同的一氯代物，故C错误；D．

为对二甲苯，该烃中氢原子种类为3，在光照的条件下与氯气反应能生成2种不同的一氯代物，故D错误；故选B。

点睛：

能准确判断有机物的分子式和等效氢的种类是解题关键，设烷烃的化学式为CxHy，则1mol该烃的耗氧量=（x+）mol，根据烃和氧气的关系式确定该烃的化学式，该烃在光照的条件下与氯气反应能生成三种不同的一氯代物，说明该烃含有3类氢原子，据此分析解答。

21.萤火虫发光原理如图：

关于荧光素及氧化荧光素的叙述，正确的是（　　）

A.互为同分异构体

B.均可发生取代反应

C.均可与乙醇发生酯化反应

D.均最多有7个碳原子共平面

【答案】B

【解析】A．荧光素与氧化荧光素分子式不同，二者不是同分异构体，故A错误；B．二者均可与浓硝酸发生苯环上的硝化反应，即均可以发取代反应，故B正确；C．氧化荧光素分子内不含有羧基，不能与乙醇发生酯化反应，故C错误；D．凡直接与苯环相连的原子，一定在同一平面内，故荧光素、氧化荧光素分子中均最少有7个碳原子共平面，故D错误；故选B。

22.利胆解痉药“亮菌甲素”跟（CH3）2SO4反应可以生成有机物A：

下列说法正确的是（　　）

A.亮菌甲素的分子式为C12H12O5

B.亮菌甲素属于芳香族化合物

C.A的核磁共振氢谱中有7组吸收峰

D.1 mol A最多能与6mol H2加成

【答案】B

【解析】A．由结构简式可知分子式为C12H11O5，故A错误；B．亮菌甲素含苯环，则属于芳香族化合物，故B正确；C．有机物A结构不对称，含9种位置的H，所以A的核磁共振氢谱中有9个吸收峰，故C错误；D．有机物A中的苯环、碳碳双键、碳氧双键可与氢气发生加成反应，所以1 mol A能跟5 mol氢气加成，故D错误；故选B。

23.下列关于CH3-C≡C-CH2-CH3的说法中正确的是（　　）

A.分子中只有非极性键，没有极性键

B.分子中所有的碳原子都在同一条直线上

C.能发生加成反应

D.不能发生取代反应

【答案】C

【解析】A．C-H为极性共价键，C与C之间为非极性共价键，则既含有极性键，又含有非极性键，故A错误；B．C≡C为直线结构，与其直接相连的原子在同一直线上，所以分子中4个碳原子共线，以亚甲基为中心的C为四面体结构，则不可能所有C原子共线，故B错误；C．含C≡C，能发生加成反应，故C正确；D．该有机物中含H原子，在一定条件下能发生取代反应，故D错误；故选C。

24.下列关于苯乙烯（结构简式为

－CH=CH2）的叙述错误的是（）

A.可以和溴水反应B.是苯的同系物

C.分子式为C8H8D.1mol苯乙烯可以和4molH2发生加成反应

【答案】B

点睛：

明确官能团的结构和性质是分析多官能团有机物性质的关键，本题注意从苯和乙烯的结构分析苯乙烯可能具有的结构特点．需要说明的是，苯不具有独立的碳碳双键所应有的加成反应性质，但在特殊情况下，它仍能够发生加成反应，所以人们在写苯分子结构简式的时候，一直在延用着单、双键交替排布的写法。

二、填空题

25.有下列几种物质：

A、金刚石和石墨B、C2H6和C5H12C、12C和14CD、正丁烷和异戊烷E、葡萄糖和果糖F、红磷和白磷G、NH4CNO与尿素（CO（NH2）2）H、35Cl和37ClI、

J、

（1）属于同分异构体的是____________（填序号，下同）；

（2）属于同素异形体的是__________（3）属于同系物的是___________

（4）属于同位素的是______________（5）属于同一种物质的是___________

【答案】

（1）.E、G

（2）.A、F（3）.B、D（4）.C、H（5）.I、J

【解析】A．金刚石和石墨均是碳元素形成的不同种单质，互为同素异形体；B．C2H6和C5H12都是烷烃，结构相似，在分子组成上相差1个CH2原子团，互称为同系物；C．12C和14C都是碳元素的不同核素，互为同位素；D．正丁烷和异戊烷结构相似，分子组成相差一个CH2，互为同系物；E．葡萄糖和果糖分子式相同，结构不同，互为同分异构体；F．红磷和白磷均是磷元素形成的不同种单质，互为同素异形体；G．NH4CNO与尿素（CO（NH2）2）分子式相同，结构不同，互为同分异构体；H．35Cl和37Cl都是氯元素的不同核素，互为同位素；I．

结构和分子组成完全相同，为同一种物质；J．苯环没有碳碳双键和碳碳单键，则

为同一种物质；故：

（1）属于同分异构体的是E、G；

（2）属于同素异形体的是A、F；（3）属于同系物的是B、D；（4）属于同位素的是C、H；（5）属于同一种物质的是I、J。

点睛：

明确相差概念是解题关键，具有相同质子数，不同中子数（或不同质量数）同一元素的不同核素互为同位素．有机化合物中具有同一通式、组成上相差一个或多个某种原子团、在结构与性质上相似的化合物系列．具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体．同素异形体是同种元素形成的不同单质，难点是同一种物质的判断。

26.用系统命名法命名下列有机物

（1）

___________________________

（2）

___________________________

（3）

_______________________

【答案】

（1）.3,3,4-三甲基己烷

（2）.5-甲基-4-乙基-3-庚烯（3）.2,2,4-三甲基戊烷

【解析】

（1）根据系统命名，有机物

的名称为3,3,4-三甲基己烷；

（2）根据系统命名，有机物

的名称为5-甲基-4-乙基-3-庚烯；

（3）根据系统命名，有机物

的名称为2,2,4-三甲基戊烷。

点睛：

一般要求了解烷烃的命名，命名时要遵循命名原则，书写要规范，依据烷烃命名原则分析判断：

①长--选最长碳链为主链；②多--遇等长碳链时，支链最多为主链；③近--离支链最近一端编号；④小--支链编号之和最小．看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近--离支链最近一端编号”的原则；⑤简--两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号，如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面。

特别注意，如果含有官能团，从最靠近官能团的一端编号，但主链碳原子数不一定最多。

27.某课外小组设计实验室制取并提纯乙酸乙酯的方案如下：

已知：

①氯化钙可与乙醇形成CaCl2·6C2H5OH

②有关有机物的沸点：

试剂

乙醚

乙醇

乙酸

乙酸乙酯

沸点/℃

34.7

78.5

118

77.1

③2CH3CH2OH

CH3CH2OCH2CH3＋H2O

I．制备过程

装置如图所示，A中放有浓硫酸，B中放有9.5mL无水乙醇和6mL冰醋酸，D中放有饱和碳酸钠溶液。

（1）写出乙酸与乙醇发生酯化反应的化学方程式______________________________。

（2）实验过程中滴加大约3mL浓硫酸，B的容积最合适的是________（填入正确选项前的字母）

A．25mLB．50mLC．250mLD．500mL

（3）球形干燥管的主要作用是_________________________。

（4）饱和Na2CO3溶液的作用是_______________________________________________________________________________________________________________________________