解析版上海市封浜高中学年高一下学期期末物理考试试题.docx

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解析版上海市封浜高中学年高一下学期期末物理考试试题

上海市封浜高中2017--2018学年第二学期期末考试试卷高一物理

一、选择题

1.把

滴石油滴在水面上，石油在水面上形成一层单分子油膜，测得油膜的面积为

，设每滴石油的体积为

，则可以估算出该石油分子的直径为（　　）

A.

B.

C.

D.

【答案】B

【解析】由题意得：

一滴油的体积为V，n滴石油体积为nV，滴在水面上由于形成的是单分子油膜，油膜的面积是S，故该石油分子的直径为：

d=

故选B。

点睛：

解决本题的关键要建立物理模型，把油分子大致看作球形，油膜厚度近似等于油分子的直径；理解测分子直径的原理，即可解答此类问题．

2.如图所示，用细线将一块玻璃片水平地悬挂在弹簧测力计下端，并将玻璃片贴在水面上，然后用手缓慢提起弹簧测力计，使玻璃片脱离水面的一瞬间，观察弹簧测力计的读数（　　）

A.等于玻璃片的重力，是因此时没有浮力

B.大于玻璃片的重力，是因为分子间存在着引力

C.小于玻璃片的重力，是因为分子间存在着斥力

D.大于玻璃片的重力，是因为玻璃有加速度

【答案】B

【解析】玻璃片脱离水面的一瞬间，除了受重力、拉力外，还受到水分子对它的引力。

所以拉力大于玻璃片的重力，故B正确，ACD错误。

故选B。

3.将体积为V1的水和体积为V2的酒精混合，其混合液的体积为V，则（）

A.VV1+V2

C.V=V1+V2D.都有可能

【答案】A

点睛：

该题考查分子动理论中的扩散现象，扩散现象说明了分子之间有间隙，而且说明分子处于永不停息的运动中．

4.在一密闭钢筒内有一定质量的氧气，当温度升高时，气体的（）

A.压强增大；B.压强减小；C.密度增大；D.密度减小。

【答案】A

【解析】密闭缸筒中的气体，当温度升高时，体积不变，则气体的密度不变；根据PV/T=C可知压强变大，故选A.

5.密封容器中气体的压强（）

A.是由气体受到重力产生的

B.是大量气体分子频繁地碰撞器壁所产生的

C.是由气体分子间的相互作用力（吸引和排斥）产生的

D.当容器自由下落时将减为零

【答案】B

【解析】试题分析：

气体压强的产生的原因：

大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强．单个分子碰撞器壁的冲力是短暂的，但是大量分子频繁地碰撞器壁，就对器壁产生持续、均匀的压力．所以从分子动理论的观点来看，气体的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力．

故AC错误，B正确；当容器自由下落时，虽然处于失重状态，但分子热运动不会停止，故压强不会减少为零，故D错误．

考点：

气体压强的微观意义．

6.在匀速圆周运动过程中，发生变化的物理量是（　　）

A.周期B.角速度C.线速度D.转速

【答案】C

【解析】在匀速圆周运动过程中，线速度的大小不变，方向不断变化发生，则发生变化的物理量是线速度，周期、角速度和转速都不变，故选C.

7.用绳栓住一个物体，使物体在光滑水平面上作匀速圆周运动。

如果绳突然断了，物体将（）

A.沿半径方向接近圆心B.沿半径方向远离圆心

C.仍维持圆周运动D.沿切线方向作直线运动

【答案】D

【解析】用绳子拉着小球在光滑的水平面上运动，如果绳子突然断了，在水平方向小球将不受力的作用，所以将保持绳子断时的速度方向，即沿切线方向作直线运动做匀速直线运动。

故选D。

点睛：

此题只需要掌握牛顿第一定律：

一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；指静止的物体不受力将保持静止，运动的物体不受力，将保持匀速直线运动状态。

8.一质点绕半径为R的圆匀速运动半周，所需时间为t。

在此过程中该质点的（）

A.位移大小为πR，速率为

B.位移大小为2R，速率为

C.位移大小为πR，速率为

D.位移大小为2R，速率为

【答案】B

【解析】质点沿圆周运动半周，故全程质点的位移为2R；路程为πR，故平均速率为

，B正确

【点睛】平均速率很容易被错认为是平均速度的大小；平均速率等于路程与时间的比值．平均速度是位移与时间的比值

9.地球绕太阳和月球绕地球的运动均可看作匀速圆周运动。

地球绕太阳每秒运动29.79km，一年转一圈；月球绕地球每秒运动1.02km，28天转一圈。

设地球的线速度为v1，角速度为ω1；月球的线速度为v2，角速度为ω2，则（　　）

A.v1＞v2，ω1＞ω2B.v1＜v2，ω1＞ω2

C.v1＞v2，ω1＜ω2D.v1＜v2，ω1＜ω2

【答案】C

【解析】地球绕太阳每秒运动29.79km，月球绕地球每秒运动1.02km，根据线速度定义式v=s/t，所以v1＞v2；地球一年转一圈，月球28天转一圈。

地球公转周期大于月球周期，据角速度与周期的关系ω=2π/T，所以ω1＜ω2。

故选C。

10.如图，A、B分别为两传动轮边缘上的两点，转动过程中皮带不打滑，A、B两点的（）

A.线速度大小相等B.周期相等

C.转速相等D.角速度相等

【答案】A

【解析】靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知A、B两点具有相同的线速度大小，故A正确；根据v=rω，因半径的不同，则两点的角速度不相同；由转速：

n=ω/2π，则转速也不相同。

根据T=2π/ω可知，周期不等，故BCD错误。

故选A。

点睛：

解决本题的关键掌握靠摩擦传动轮子边缘上的点，具有相同的线速度，共轴转动的点，具有相同的角速度．

11.如图所示，小物体A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起作匀速圆周运动，则物体A受力情况是受（）

A.重力、支持力B.重力、向心力

C.重力、支持力、向心力和摩擦力D.重力、支持力和指向圆心的摩擦力

【答案】D

【解析】试题分析：

物体在水平面上，一定受到重力和支持力作用，物体在转动过程中，有背离圆心的运动趋势，

因此受到指向圆心的静摩擦力，且静摩擦力提供向心力，故ABC错误，D正确．

故选：

D．

12.甲、乙两个做匀速圆周运动的质点，它们的角速度之比为3：

1，线速度比为2：

3，那么，下列说法中正确的是（）

A.它们的半径比是9：

2B.它们的半径比是1：

2

C.它们的周期比为2：

3D.它们的周期比为1：

3

【答案】D

【解析】根据v=rω得，半径r=

，因为角速度之比为3：

1，线速度之比为2：

3，则半径之比为2：

9．故AB错误。

根据T=2π/ω知，角速度之比为3：

1，则周期之比为1：

3．故C错误，D周期。

故选D。

13.如图，O点为弹簧振子的平衡位置，小球在B、C间做无摩擦的往复运动。

在小球从B运动到O的过程中，小球的（）

A.速度不断增大，加速度不断增大

B.速度不断减小，加速度不断增大

C.速度不断增大，加速度不断减小

D.速度不断减小，加速度不断减小

【答案】C

【解析】小球做简谐运动，O点为弹簧振子的平衡位置，系统机械能守恒，在O点弹性势能为零，动能最大；在小球从B点向O点运动的过程中，弹力不断减小，故合力减小，加速度减小，速度增大，即小球做加速度不断减小的加速运动；故选C。

点睛：

本题考查了简谐运动的回复力、速度、加速度与位移的关系，要结合牛顿第二定律的对称性和能量守恒定律进行分析．

14.如图，小球通过弹簧悬挂于天花板上，平衡时，小球停在O点．P点位于O点正下方，

cm．将小球拉至P点并由静止释放，小球在竖直方向上做以O点为对称中心的机械振动，完成10次全振动的时间为10s，则小球的振动周期T和振幅A分别为（　　）

A.

s，

cmB.

s，

cm

C.

s，

cmD.

s，

cm

【答案】A

【解析】据题，将小球拉至P点并由静止释放，则小球离开平衡位置O的最大距离，即振幅A=OP=5cm。

小球完成10次全振动的时间为10s，则完成1次全振动的时间为1s，即周期为1s。

故选A。

点睛：

解决本题的关键要掌握振幅和周期的定义，振动周期T是完成一次全振动的时间．振幅是振子离开平衡位置的最大距离．

15.一列机械波从一种介质进入另一种介质时,有关物理量的情况是（）

A.波速、频率、波长均不变B.波速不变、频率、波长将发生改变

C.频率不变、波速、波长将发生改变D.波速、频率、波长均发生改变

【答案】C

【解析】由于波的频率就等于波源的振动频率，则当一列机械波从一种介质进入另一种介质时，其频率保持不变。

而波速是由介质的性质决定的，波速将发生改变，由波速公式v=λf得知，频率不变时，波长与波速成正比，则波长也发生变化。

故选C。

点睛：

波速、频率、波长是描述波的特有物理量，关键要抓住这些量的决定因素：

频率由波源决定、波速由介质决定，波长由波源和介质共同决定。

16.如图所示是一列沿

轴方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为

．则（　　）

A.波长为2m，周期为0.1s

B.波长为4m，周期为5s

C.波长为2m，周期为10s

D.波长为4m，周期为0.2s

【答案】D

【解析】由波形图可知，波长λ=4m；周期

，故选D.

17.如图，斜面的倾角为θ，用平行于斜面的恒力F拉质量为m的物体，使它沿斜面上升的高度为h。

在此过程中，该恒力对物体所做的功是（）

A.FhB.mghC.FhsinθD.Fh/sinθ

【答案】D

【解析】物体沿斜面上升的高度是h，则沿斜面移动的距离：

L=h/sinθ；所以拉力做的功：

W=FL=Fh/sinθ，故选D。

点睛：

本题主要考查了恒力做功公式得直接应用，要求同学们能正确对物体受力分析，能根据功的公式求解．

18.下列说法正确的是：

（）

A.力对物体不做功，说明物体没有位移.

B.力对物体做功越多，说明物体所受的力越大。

C.把1Kg的物体匀速举高1m，举力做功为1J

D.把重1N的物体匀速举高1m，克服重力做功为1J

【答案】D

【解析】力对物体不做功，可能是力与物体的位移相互垂直；故A错误；力对物体做功越多，说明物体力与位移的乘积大，但物体受到的力不一定大；故B错误；匀速举高时，人对物体的高度为mg；则做功W=mgh=10J；故C错误；把重1N的物体匀速举高1m，W=-mgh=-1J，即克服重力做功1J；故D正确；故选D。

19.水平面上的物块在一大小为20N的水平拉力作用下，以2m/s的速度匀速前进10s，则这段时间内拉力做的功W和功率P为（　　）

A.W=400J、P=-40wB.W=-400J、P=-40w

C.W=400J、P=40wD.W=-400J、P=40w

【答案】C

20.下列运动中符合机械能守恒条件的是（　　）

A.物体沿粗糙斜面下滑B.地铁进站时慢慢停下来的过程

C.跳伞运动员从飞机上跳下落地过程D.物体以某初速度冲上一光滑斜面

【答案】D

【解析】物体沿粗糙斜面下滑时，除重力做功外还有阻力做功，机械能不守恒，选项A错误；地铁进站时慢慢停下来的过程，势能不变，动能减小，机械能减小，选项B错误；跳伞运动员从飞机上跳下落地过程中，除重力做功外还有阻力做功，机械能不守恒，选项C错误；物体以某初速度冲上一光滑斜面时，只有重力做功，机械能守恒，选项D正确；故选D.

点睛：

物体机械能守恒的条件是只有重力或者弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况和做功情况，即可判断物体是否是机械能守恒．也可直接看物体的动能和势能之和变化情况。

21.一质量为m的物体，以初速度v沿斜面从底端向上滑行，斜面光滑，以斜面底端所在平面为零势能面，则当滑到h高处时，该物体的机械能一定是（）

A.mghB.

mv2C.

mv2+mghD.

mv2－mgh

【答案】B

【解析】物体上滑的过程中，机械能守恒，所以滑到h高处时具有的机械能等于斜面底端的机械能，则E=

mv2+0．故B正确，ACD错误。

故选B。

点睛：

解决本题的关键知道物体在运动的过程中机械能守恒，求出初位置的机械能即可求解，注意h高处的动能不一定为零，所以选项A是易错项．

22.第一次用水平恒力

作用在物体上，使物体在光滑水平面上移动距离

，

做功为

；第二次用同样的水平恒力

，使物体在粗糙水平面上也移动距离

，

做功为

，则下面判断正确的是（　　）

A.

B.

C.

D.由于其他力未知，故无法判断

和

的关系

【答案】B

【解析】两次水平恒力相等，位移相等，根据W=Fs知，恒力F所做的功相等，即W1=W2，故选B.

23.下列关于功和能的关系判断正确的是（）

A.重力对物体做正功，物体的动能一定增加

B.重力对物体做正功，物体的机械能一定守恒

C.如果物体的重力势能增加，重力对物体一定做负功

D.如果物体的机械能守恒，外力对物体一定不做功

【答案】C

【解析】物体动能的变化等于合外力所做的功，重力做正功，动能不一定增加，故A错误；当物体匀速下落时，重力对物体做正功，动能不变，重力势能减小，机械能减小，即机械能不守恒，故B错误；重力对物体做负功，重力势能增大，故C正确；如果物体的机械能守恒，则除了重力以外的力做的功之和为零，不是外力对物体不做功，故D错误。

故选C。

点睛：

关键要知道：

物体动能的变化等于合外力所做的功，重力以外的力做的功等于机械能的变化量，只有重力做功时，机械能守恒．

24.关于功率的概念，下列说法中正确的是（）

A.功率是描述力对物体做功多少的物理量

B.由P=W/t可知，功率与时间成反比

C.由P=Fv可知只要v越大，那么功率P就一定越大

D.某个力对物体做功越快，它的功率就一定大

【答案】D

【解析】功率是描述做功快慢的物理量，所以A错误。

功率是表示做功的快慢，与时间的长短无关，时间长做的功也不一定多，所以B错误。

由P=Fv可知，当v越大，功率P不一定就越大，选项C错误；功率是描述做功快慢的物理量，故做功越快，功率一定越大，故D正确；故选D。

点睛：

本题就是考查学生对功率概念的理解，知道功率是表示做功的快慢的物理量，做的功多，功率也不一定大。

25.一台电动机的输出功率是10kW，这表明该电动机工作时（）

A.每秒消耗10kw电能B.每秒对外做10kw功

C.每秒消耗10kJ电能D.每秒对外做10kJ功

【答案】D

【解析】试题分析：

电动机输出功率

，正常工作时间

，输出功率

，由于输出功率小于总功率，故消耗的电能将大于每秒对外所做的功；故ABC错误，D正确；

考点：

电功、电功率

【名师点睛】已知电动机输出功率与工作时间，由公式

可以求出电流做的功；熟练应用电功率公式的变形公式即可正确解题，解题时注意单位换算。

26.如图所示，两个互相垂直的力F1和F2作用在同一物体上，使物体运动，物体发生一段位移后，力F1对物体做功为4J，力F2对物体做功为3J，则力F1与F2的合力对物体做功为（）

A.7JB.5JC.3.5JD.1J

【答案】A

【解析】当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的代数和；

由于力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，所以F1与F2的合力对物体做的总功就为3J+4J=7J，

故选A。

27.如图所示，物体m沿不同的路径Ⅰ和Ⅱ从A滑到B，关于重力所做的功，下列说法正确的是：

（）

A.沿路径Ⅰ和Ⅱ重力做功一样大B.沿路径Ⅱ重力做功较大

C.沿路径Ⅰ重力做功较大D.条件不足不能判断

【答案】A

【解析】因物体下落高度相同，故两种情况下重力做功相同，故A正确，BCD错误。

28.一辆汽车在司机控制下，始终让发动机以额定功率工作，以下说法正确的是（）

A.汽车速度越大，则牵引力越大B.汽车的牵引力始终保持不变

C.汽车只能做匀速运动，不能加速运动D.汽车的速度越小，则牵引力越大

【答案】D

【解析】由功率P=Fv，速度越大，牵引力越小，A错；只有在汽车匀速运动的情况下，牵引力才恒定不变，BC错

29.在一密闭的钢瓶内有一定质量的气体，能反映钢瓶内气体等容变化过程的是图（）

A.AB.BC.CD.D

【答案】B

【解析】A图象反映出体积V在随t变化，故A错误；因体积不变时，V与T成正比，p-T曲线为过原点的直线，故B正确，D错误；C图象反映出体积V在变化，故C错误；故选B。

点睛：

理想气体的P、V、T关系图线经常考查，要牢记图线形状，最好不要死记硬背，根据PV/T=C（常数）理解记忆.

30.如图中，正确表示一定质量理想气体的等温变化过程的图线是图（）。

A.AB.BC.CD.D

【答案】B

【解析】由A图知：

p/T＝C不变，根据气体状态方程pV/T=C，则知V不变，所以气体作等容变化，故A错误；p-V图象中等温线是双曲线的一支，故B是等温变化过程，故B正确；C图中气体发生的是等压变化，故C错误；D图中气体发生的是等容变化，故D错误；故选B。

点睛：

从图象上描述气体状态变化，要明确两坐标轴的含义，可以通过气体状态方程写出两坐标轴代表物理量的函数关系，加深理解，要注意在p-V图象中等温线是双曲线的一支．

31.如图所示，1、2是一定质量的某气体在温度分别是

，

时状态变化的等温线，A、B为线上的两点，表示它们的状态参量分别为

、

和

、

，则由图像可知（　　）

A.

B.

C.t1

【答案】C

【解析】由图示图象可知，气体在体积V相同时，p1＜p2，由理想气体状态方程：

pV/T=C可知，T1＜T2，则：

t1＜t2，故AB错误，C正确；由理想气体状态方程：

pV/T=C可知：

pV=CT，由于C相同而T1＜T2，则p1V1＜p2V2，故D错误；故选C。

点睛：

本题考查了判断气体温度高低、气体压强与体积乘积大小之比，分析清楚图示图象、应用理想气体状态方程即可正确解题．

32.如图，质量相等的两小球A和B，A球自由下落，B球从同一高度沿光滑斜面由静止开始下滑．当它们运动到同一水平面时，速度大小分别为

和

，重力的功率分别为

和

，则（　　）

A.

B.

C.

D.

【答案】B

【解析】AB在下落过程中，只有重力做功，因下降高度相同，重力做功全部转化为动能，由mgh=

mv2，故vA=vB，A的速度竖直向下，B的速度沿斜面向下，由P=mgvsinθ可知，PA＞PB，故B正确；故选B。

点睛：

重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加．瞬时功率是力与速度在力的方向上的速度乘积．

33.如图是一定质量的气体由A状态到B状态变化过程的p-V图线，从图线上可以判断，气体的变化过程中，其温度（）

A.一直降低；B.一直升高；

C.先降低后升高；D.先升高后降低

【答案】D

【解析】根据理想气体状态方程PV/T=C可知，气体的温度与PV乘积成正比，由图像可知，直线上各点的横纵坐标之和一定（均为4），由数学知识可知，当横纵坐标相等时，PV乘积最大,可知从A到B过程中，PV乘积先增大后减小，即该气体的温度先升高后降低；故ABC错误，D正确。

故选D.

34.如图为自行车链条的传动装置，A是踏脚板，B、C分别是大轮和小轮边缘上的一点，它们作圆周运动时的半径之比为3∶2∶1，则A、B、C三点绕圆心运动的线速度为vA、vB、vC；角速度之比ωA、ωB、ωC。

则它们的关系为（）

A.vA:

vB:

vC=3:

2:

2ωA:

ωB:

ωC=1:

1:

2

B.vA:

vB:

vC=3:

2:

1ωA:

ωB:

ωC=1:

2:

3

C.vA:

vB:

vC=2:

2:

3ωA:

ωB:

ωC=1:

1:

2

D.vA:

vB:

vC=1:

1:

2ωA:

ωB:

ωC=3:

2:

2

【答案】A

【解析】大轮与小轮是同缘传动，边缘点线速度相等，故：

vB=vC；由于rB=2rC，根据公式v=ωr，有：

ωB：

ωC=1：

2；大轮与脚踏板是同轴传动，角速度相等，故：

ωA：

ωB=1：

1；由于rA：

rB=3：

2，根据公式v=ωr，有：

vA：

vB=3：

2；综上，有：

vA：

vB：

vC=3：

2：

2；ωA：

ωB：

ωC=1：

1：

2；故选A。

点睛：

本题关键抓住同缘传动边缘上的点线速度相等、同轴传动角速度相同以及线速度与角速度关系公式v=ωr列式求解．

35.如图所示A、B是两列波在同一种介质中传播时在某时刻某范围的波形图，通过对两列波的图像提供的信息分析后可以得出以下结论（）

A.A、B两列波的波长之比是3:

2；

B.A、B两列波的波速之比是2:

1；

C.A、B两列波的频率之比是1:

2；

D.A波源起振时先向下运动，B波源起振时先向上运动。

【答案】C

【解析】设每小格长为l，则

，得λA＝8l；

得λB＝4l，所以A、B两列波的波长之比2：

1，故A错误；因为是同一介质，波速相同，所以A、B两列波的波速之比为1：

1，故B错误；根据v=λf，得f＝v/λ，频率与波长成反比，A、B两列波的频率之比1：

2，故C正确；由波形图不知道波最前面的质点的位置和振动方向，所以无法判断起振方向，故D错误；故选C。

点睛：

解决本题知道，波速由介质决定，波长、频率和波速之间的关系v=λf，波源的起振方向是波刚开始振动的方向，与波最前端的质点起振方向相同．

二、填空题

36.如图，在上端有活塞的厚玻璃管底部，放一小块硝化棉，用手很快地向下压缩，管内的硝化棉会燃烧．在这下压过程中，厚玻璃管中气体的体积减小，压强_______，温度_______．

【答案】

（1）.变大；

（2）.升高；

【解析】压缩玻璃筒内的空气，气体的压强变大，机械能转化为筒内空气的内能，空气的内能增加，温度升高，当达到棉花的燃点后，棉花会燃烧；

点睛：

做功可以使内能与机械能之间进行转化：

对气体做功，气体内能会增加；气体对外做功，气体内能会减少，做功可以使内能与机械能之间进行转化。

37.如图为“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系”实验装置图．图中，实验器材A是_______．所研究的对象是_______；

【答案】

（1）.压强传感器；

（2）.注射器中封闭的一定质量气体；

【解析】该实验的目的是验证玻意耳定律，即用针筒封闭一定质量的气体，在温度不变的条件下，研究其压强和体积的关系，所以实验所使用的传感器是压强传感器；所研究的对象是注射器中封闭的一定质量气体．

38.如图，“用DIS研究机械能守恒定律”的实验装置。

将实验装置中的光电门传感器接入数据采集器，分别测出摆锤在A、B、C、D四点的瞬时速度，从而求得摆锤在这些位置的动能，同时实验中摆锤在A、B、C、D四点高度为0.150m、0.100m、0.050m、0.000m，已由计算机默认，不必输入，求得摆锤在这些位置的重力势能，进而研究势能和动能转化时的规律。

用光电门传感器测量瞬时速度的原理是极短时间内的_________接近瞬时速度；实验中每次静止释放摆锤的高度应_________（选填“相同”“不同”）。

【答案】

（1）.平均速度；

（2）.相同；

【解析】用光电门传感器测量瞬时速度的原理是极短时间内的平均速度接近瞬时速度；实验中每次静止释放摆锤的高度应相同。

三．计算题

39.质量为2kg的小球从离地3米高处以2m/s的初速度水平