高考全国卷理综选择题满分冲刺训练34解析版.docx
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高考全国卷理综选择题满分冲刺训练34解析版
2020年高考全国卷理综选择题满分冲刺训练（34）
可能用到的相对原子质量：
H1 C12 N14 O16 S32Fe56Zn65
一、选择题：
本大题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列有关线粒体的叙述，错误的是（）
A.有氧呼吸的三个阶段都是在线粒体中进行的
B.线粒体是人体细胞呼吸产生二氧化碳的场所
C.人体细胞生命活动需要的能量大部分来自线粒体
D.长期长跑训练可以增加人体肌细胞中的线粒体数量
【答案】A
【解析】线粒体是细胞有氧呼吸的主要场所，线粒体内进行有氧呼吸的第二、三阶段，线粒体是细胞的动力车间。
【详解】有氧呼吸的第一阶段在细胞质基质中进行，A错误；人体细胞呼吸产生二氧化碳在有氧呼吸的第二阶段，在线粒体基质中进行，B正确；线粒体是细胞有氧呼吸的主要场所，进行有氧呼吸的第二、三阶段，在有氧呼吸的第三阶段产生大量的能量，人体细胞生命活动需要的能量大部分来自线粒体，C正确；结构和功能相适应，长期长跑训练可以增加人体肌细胞中的线粒体数量，D正确。
【点睛】本题考查了线粒体的功能，有氧呼吸的过程，意在考查考生的识记和理解内容，属于基础题。
2.下列关于细胞生命历程的描述，错误的是
A.蛙的红细胞在无丝分裂时不出现纺锤丝和染色体的变化
B.由于细胞代谢受损或中断引起的细胞死亡称为细胞凋亡
C.成年动物体内仍保留着少数具有分裂和分化能力的干细胞
D.大量病例分析表明，细胞癌变是多个基因突变累积效应的结果
【答案】B
【解析】1、无丝分裂的特点：
（1）核膜和核仁都不消失；
（2）没有染色体的出现和染色体复制的规律性变化；（3）染色质、DNA也要进行复制，并且细胞要增大。
2、细胞凋亡是由基因决定的，属于正常的生命现象，对生物体有利；细胞坏死是由外界环境因素引起的，是不正常的细胞死亡，对生物体有害。
3、细胞癌变的根本原因是原癌基因和抑癌基因发生基因突变，其中原癌基因负责调节细胞周期，控制细胞生长和分裂的过程，抑癌基因主要是阻止细胞不正常的增殖。
【详解】蛙的红细胞在无丝分裂时不出现纺锤丝和染色体的变化，A正确；由于细胞代谢受损或中断引起的细胞死亡称为细胞坏死，B错误；成年动物体内仍保留着少数具有分裂和分化能力的干细胞，如造血干细胞，C正确；大量病例分析表明，细胞癌变是多个基因突变累积效应的结果，D正确。
故选B。
【点睛】本题考查了细胞生命历程的有关知识，要求考生识记无丝分裂的概念、特点及意义；识记细胞凋亡的概念及实例，掌握细胞凋亡和细胞坏死的区别，能结合所学的知识准确判断各选项。
3.病毒和细菌与人类健康密切相关。
下列有关病毒和细菌的叙述，正确的是
A.组成成分都只有蛋白质和核酸
B.遗传信息传递的规律是相同的
C.都有可能引起人体产生细胞免疫进而被消灭
D.表面的蛋白质可以刺激T细胞产生并分泌抗体
【答案】C
【解析】
【分析】
生物病毒是一类个体微小，结构简单，只含单一核酸（DNA或RNA），必须在活细胞内寄生并以复制方式增殖的非细胞型微生物。
病毒和胞内细菌可引起机体的体液免疫和细胞免疫，其中浆细胞可合成并分泌抗体，抗体可与内环境中的抗原结合，阻止病原体的传播。
【详解】细菌的组成成分除了蛋白质和核酸，还有脂质、糖类等物质，A错误；病毒与细菌中遗传信息传递的规律是不相同的，如HIV存在逆转录过程，而正常的细菌细胞中不会发生逆转录过程，B错误；病毒与胞内寄生细菌都有可能引起人体产生细胞免疫进而被消灭，C正确；只有浆细胞能产生抗体，D错误。
故选C。
【点睛】本题考查病毒的相关知识，要求考生识记病毒的结构，明确病毒没有细胞结构，再结合所学的知识准确判断各选项。
4.下列与种群数量相关的叙述，错误的是
A.种群的数量变化可能导致种群基因频率的改变
B.传染病的流行程度会随种群密度的增大而增大
C.在种群数量增长的“S”型曲线中，其增长速率随种群密度的增大而降低
D.采用每天定时抽样检测的方法，可研究水体中微生物种群数量的变化规律
【答案】C
【解析】
【分析】
种群的特征包括种群密度、出生率和死亡率、迁入率和迁出率、年龄组成和性别比例．其中，种群密度是种群最基本的数量特征；出生率和死亡率对种群数量起着决定性作用；年龄组成可以预测一个种群数量发展的变化趋势。
在理想条件下，种群数量呈“J”型增长，而在自然生态系统中，由于环境阻力的存在，种群增长曲线最终呈“S”型。
【详解】种群的数量变化如增加或减少可能导致种群基因频率的改变，A正确；传染病的流行程度会随种群密度的增大而增大，B正确；在种群数量增长的“S”型曲线中，其增长速率随种群密度的增大而表现为先增加后降低，C错误；采用每天定时抽样检测的方法，可研究水体中微生物种群数量的变化规律，D正确。
5.下列关于染色体和基因的叙述，正确的是
A.染色体结构的易位在光学显微镜下不可见
B.染色体组的整倍性变化会导致新基因产生
C.减数分裂过程中不会发生染色单体的基因重组
D.同一染色体上的多个基因可以控制同一性状
【答案】D
【解析】
【分析】
基因是有遗传效应的DNA片段，是决定生物性状的遗传物质的结构和功能单位；染色体的主要成分是DNA和蛋白质，染色体是DNA的主要载体，每个染色体上有一个或两个DNA分子；每个DNA分子含多个基因，每个基因中含有许多脱氧核苷酸。
【详解】易位属于染色体结构变异，而染色体变异在光学显微镜下可观察到，A错误；染色体组的整倍性变化会导致基因数目增多，但是不会产生新基因，B错误；减数第一次分裂前期的四分体时期，同源染色体的非姐妹染色单体之间发生的交叉互换属于基因重组，C错误；基因与性状之间并不是一一对应的关系，同一染色体上的多个基因可以控制同一性状，D正确。
6.为研究mRNA与其翻译出的蛋白质是否存在数量上的相关性，科学家进行了如下实验：
取10000个同种细胞随机平均分为两组，分别测定了细胞中mRNA和蛋白质的数量，并根据细胞中mRNA和蛋白质数量的不同对细胞分别计数，构建数学模型。
其实验结果最可能的是
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】
【分析】
基因通过转录和翻译控制蛋白质的合成，其中转录以DNA的一条链为模板合成RNA，翻译以mRNA为模板合成蛋白质。
【详解】根据翻译的概念可知翻译是以mRNA为模板合成蛋白质的过程，因此mRNA的形成先于蛋白质的合成；在不同的细胞中基因是选择性表达的，即不同的细胞中表达的基因是不同的，则每一个细胞中转录产生的mRNA的数量是有限的；而同一个mRNA可以同时与多个核糖体结合，同时合成多个相同的蛋白质，因此同一个细胞中合成的蛋白质的量要远远多于mRNA的数量，故选B。
7.化学与生产生活密切相关，下列说法错误的是
A.二氧化硫能够杀死会将酒变成醋的酵母菌
B.二氧化碳可以作为温室大棚里的气态肥料
C.可以用熟石灰鉴别所有的氮肥和钾肥
D.蔗糖、淀粉、纤维素都属于糖类物质
【答案】C
【解析】
【详解】A．二氧化硫可以用作防腐剂，能够杀死会将酒变成醋的酵母菌，故A正确；
B．二氧化碳能引起温室效应，也是植物发生光合作用的原料之一，因此二氧化碳可以作为温室大棚里的气态肥料，故B正确；
C．氢氧化钙与钾肥无现象，氢氧化钙和铵态氮肥混合会产生刺激性气味的氨气，但并不是所有的氮肥，如硝酸盐（除硝酸铵外），不能用熟石灰鉴别所有的氮肥和钾肥，故C错误；
D．蔗糖属于二糖；淀粉、纤维素属于多糖，故D正确；
8.用下列装置进行实验能达到相应实验目的的是
A.用甲装置配制100mL某浓度NaNO3溶液B.用乙装置分离溴苯和水混合物
C.用丙装置验证质量守恒定律D.用丁装置可以实现防止铁钉生锈
【答案】B
【解析】
【详解】A．配制溶液时，NaNO3固体不能直接放在容量瓶中溶解，故A错误；
B．溴苯的密度大于水，不溶于水，溴苯在下层，故B正确；
C．盐酸与碳酸钠溶液反应放出二氧化碳，反应后容器中物质的总质量减少，不能直接用于验证质量守恒定律，故C错误；
D．作原电池正极或电解池阴极的金属被保护，作原电池负极或电解池阳极的金属加速被腐蚀，该装置中Fe作负极而加速被腐蚀，不能防止铁钉生锈，故D错误；
答案选B。
【点睛】本题的易错点为C，验证质量守恒定律的实验时，选用药品和装置应考虑：
①只有质量没有变化的化学变化才能直接用于验证质量守恒；②如果反应物中有气体参加反应，或生成物中有气体生成，应该选用密闭装置。
9.下列关于有机化合物的说法正确的是
A.C3H6Cl2有4种同分异构体
B.乙烯与Br2的CCl4溶液反应后，混合液分为两层
C.乙醇被氧化一定生成乙醛
D.合成材料会造成巨大的环境压力，应禁止使用
【答案】A
【解析】
【详解】A．分子式为C3H6Cl2的有机物可以看作C3H8中的两个氢原子被两个氯原子取代，两个氯原子取代一个碳上的氢原子有2种：
CH3-CH2-CHCl2、CH3-CCl2-CH3，取代两个碳上的氢有2种：
CH2Cl-CH2-CH2Cl，CH2Cl-CHCl-CH3，共有4种，故A正确；
B．乙烯与溴发生加成反应生成BrCH2-CH2Br，BrCH2-CH2Br易溶于四氯化碳，溶液不分层，故B错误；
C．乙醇发生氧化反应可生成乙醛，也可以生成乙酸，故C错误；
D．虽然大量使用合成材料会污染环境，但是禁止使用是不现实的，应该合理使用，尽量减少污染，故D错误；
10.以石墨负极（C）、LiFePO4正极组成的锂离子电池的工作原理如图所示（实际上正负极材料是紧贴在锂离子导体膜两边的）。
充放电时，Li+在正极材料上脱嵌或嵌入，随之在石墨中发生了LixC6生成与解离。
下列说法正确的是
A.锂离子导电膜应有保护成品电池安全性的作用
B.该电池工作过程中Fe元素化合价没有发生变化
C.放电时，负极材料上的反应为6C+xLi++xe-=LixC6
D.放电时，正极材料上的反应为LiFePO4-xe-=Li1-xFePO4+xLi+
【答案】A
【解析】
【分析】
根据题意描述，放电时，石墨为负极，充电时，石墨为阴极，石墨转化LixC6，得到电子，石墨电极发生还原反应，与题意吻合，据此分析解答。
【详解】根据上述分析，总反应为LiFePO4+6C
Li1-xFePO4+LixC6。
A.为了防止正负极直接相互接触，因此用锂离子导电膜隔开，锂离子导体膜起到保护成品电池安全性的作用，故A正确；
B.根据总反应方程式LiFePO4+6C
Li1-xFePO4+LixC6可知，LiFePO4与Li1-xFePO4中铁元素的化合价一定发生变化，否则不能构成原电池反应，故B错误；
C.放电时，负极发生氧化反应，电极反应式为：
LixC6-xe-=6C+xLi+，故C错误；
D.放电时，Li1-xFePO4在正极上得电子发生还原反应，电极反应为：
Li1-xFePO4+xLi++xe-═LiFePO4，故D错误；
答案选A。
【点睛】本题的难点为电池的正负极的判断，要注意认真审题并大胆猜想。
本题的易错点为B，要注意原电池反应一定属于氧化还原反应。
11.NA表示阿伏加德罗常数的值，则下列说法中正确的是
A.铁丝和3.36LCl2完全反应，转移电子的数目为0.3NA
B.1molNaClO中含有的Cl—数目为NA
C.5mL0.005mol/L的Fe（SCN）3中溶质的微粒数目为2.5×10－7NA
D.18gH2O中含有的电子数为10NA
【答案】D
【解析】
【详解】A.未告知是否为标准状况，无法计算3.36LCl2的物质的量，因此无法确定铁和氯气反应转移的电子数，故A错误；
B.次氯酸钠中不存在氯离子，故B错误；
C.Fe（SCN）3为难电离的物质，5mL0.005mol/L的Fe（SCN）3中溶质的物质的量为0.005L×0.005mol/L=2.5×10－5mol，微粒数目略小于2.5×10－5NA，故C错误；
D.18gH2O的物质的量为1mol，而水为10电子微粒，故1mol水中含10NA个电子，故D正确；
答案选D。
【点睛】本题的易错点为A，使用气体摩尔体积需要注意：
①对象是否为气体；②温度和压强是否为标准状况。
12.短周期元素a、b、c、d的原子序数依次增大，a和b的最外电子数之和等于c和d的最外层电子数之和，这四种元素组成两种盐b2da3和bca2。
在含该两种盐的混合溶液中滴加盐酸，产生白色沉淀的物质的量与盐酸体积的关系如图所示。
下列说法正确的是
A.1mold的氧化物含2mol化学键
B.工业上电解c的氧化物冶炼单质c
C.原子半径：
aD.简单氢化物的沸点：
a【答案】B
【解析】
【分析】
短周期元素a、b、c、d的原子序数依次增大，a和b的最外电子数之和等于c和d的最外层电子数之和，这四种元素组成两种盐b2da3和bca2。
在含该两种盐的混合溶液中滴加盐酸，生成白色沉淀，盐酸过量时部分沉淀溶解，说明生成的沉淀中含有氢氧化铝，因此两种盐的混合溶液中含有偏铝酸盐，如NaAlO2，因此a为O元素，c为Al元素，b为Na元素；根据盐b2da3的形式，结合强酸制弱酸的原理，d酸难溶于水，因此d酸为硅酸，d为Si元素。
据此分析解答。
【详解】根据上述分析，a为O元素，b为Na元素，c为Al元素，d为Si元素。
A.d的氧化物为二氧化硅，1mol二氧化硅中含有4molSi-O键，故A错误；
B.工业上冶炼铝是电解熔融的氧化铝实现的，故B正确；
C.一般而言，电子层数越多，半径越大，电子层数相同，原子序数越大，半径越小，原子半径：
aD.水分子间能够形成氢键，沸点较高，而SiH4不能，因此简单氢化物的沸点：
a＞d，故D错误。
13.常温下，向10mL0.10mol/LCuCl2溶液中滴加0.10mol/LNa2S溶液，滴加过程中－lgc（Cu2+）与Na2S溶液体积（V）的关系如图所示。
下列说法正确的是
A.Ksp（CuS）的数量级为10－21
B.曲线上a点溶液中，c（S2－）•c（Cu2+）>Ksp（CuS）
C.a、b、c三点溶液中，n（H+）和n（OH－）的积最小的为b点
D.c点溶液中：
c（Na+）>c（Cl－）>c（S2－）>c（OH－）>c（H+）
【答案】D
【解析】
【分析】
向10mL0.1mol/LCuCl2溶液中滴加0.1mol/L的Na2S溶液，发生反应：
Cu2++S2-⇌CuS↓，Cu2+单独存在或S2-单独存在均会水解，水解促进水的电离，结合图象分析解答。
【详解】A．该温度下，平衡时c（Cu2+）=c（S2-）=10-17.7mol/L，则Ksp（CuS）=c（Cu2+）c（S2-）=10-17.7mol/L×10-17.7mol/L=10-35.4，则Ksp（CuS）的数量级为10-36，故A错误；
B．沉淀溶解平衡常数Ksp（CuS）只与温度有关，并且Ksp（CuS）=10-35.4，很小，所以随着Na2S溶液的滴加，溶液中c（Cu2+）减小、-lgc（Cu2+）增大，二者关系始终满足c（S2-）•c（Cu2+）=定值=Ksp（CuS），故B错误；
C．温度不变，Kw=c（H+）c（OH－）不变，则n（H+）n（OH－）=KwV2，说明溶液的体积越小，n（H+）n（OH－）越小，因此n（H+）和n（OH－）的积最小的为a点，故C错误；
D．c点时溶质为浓度之比2∶1的NaCl和Na2S混合溶液，Na2S是弱酸强碱盐，水解使溶液显碱性，所以c点溶液中：
c（Na+）＞c（Cl-）＞c（S2-）＞c（OH-）＞c（H+），故D正确。
二、选择题（本卷共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）
14.在下面所说的物体运动情况中，不可能出现的是（）.
A.物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零
B.物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大
C.运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零
D.作变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度也减小
【答案】D
【解析】
试题分析：
物体在某时刻运动速度很大，而加速度可能为零，比如匀速直线运动．故A正确．物体在某时刻运动速度很小，而加速度可能很大，比如火箭刚点火时．故B正确．运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度可能不为零，比如物体竖直上抛到最高点时，速度为零，加速度不为零．故C正确．作变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度仍在增大，不可能减小．故D错误．故选ABC.
考点：
加速度和速度
15.测定某辆轿车在平路上起动时的加速度（轿车起动时的运动可近似看作匀加速运动），某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片，如图所示。
如果拍摄时每隔2s曝光一次，轿车车身总长为4.5ｍ，那么这辆轿车的加速度大约为：
（）
A.1m/s2B.2m/s2
C.3m/s2D.4m/s2
【答案】B
【解析】
【详解】汽车长度
米，在图中占三格，所以一格代表
米。
有图象可以看到题目给出了连续相等时间间隔内的位移，第一段位移有8格，则位移为
。
第二段位移有
格，则位移为
；由连续相等时间间隔内的位移之差等于
，得：
，
，解得：
。
故选B。
【点睛】匀变速直线运动规律很多，要求能根据具体题目选择合适的表达式解题。
所以建议把常见题型归类掌握，此题属于给出连续相等时间间隔内的位移，也可是不连续的时间段，比如：
同一匀加速直线运动中，已知第n秒内的位移
，第m秒内的位移
，则：
所以要灵活掌握此类题。
16.我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时，内部显示屏上显示了从水面开始下潜到返回水面过程中的速度图象，如图所示．以下判断正确的是（）
A.6min～8min内，深潜器的加速度最大
B.4min～6min内，深潜器停在深度为60m处
C.3min～4min内，深潜器的加速度方向向上
D.6min～10min内，深潜器的加速度不变
【答案】C
【解析】
【详解】A、v-t图象的斜率表示加速度，则知0-1min内和3-4min内深潜器的加速度最大，故A错误；
B、v-t图象和横坐标围成的面积表示位移大小，0-4min内位移大小为：
，4-6min内静止不动，则4min～6min内，深潜器停在深度为360m;故B错误.
C、3-4min内，减速下降，则加速度向上，故C正确；
D、8min前后，深潜器的加速度方向是不同的，加速度是变化的，故D错误；
17.在恒力F作用下，a、b两物体一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，则关于它们受力情况的说法正确的是（）
A.a一定受到4个力
B.b可能受到4个力
C.a与墙壁之间一定有弹力和摩擦力
D.a与b之间不一定有摩擦力
【答案】A
【解析】
【详解】B、D、对物体b受力分析，b受重力、斜面的支持力和摩擦力的作用而处于平衡，故b受3个力；故B，D均错误.
A、C、对物体a、b整体受力分析，受重力、恒力F，由于水平方向墙壁对a没有支持力，否则整体不会平衡，墙壁对a没有支持力，也就没有摩擦力；所以物体a受重力、恒力F、物体b对其的压力和静摩擦力，共受4个力；故A正确，C错误；
18.测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（ ）
A.20m/s2B.10m/s2
C.5m/s2D.无法确定
【答案】B
【解析】
【详解】设超声波往返的时间为2t，在反射前车的运动时间和反射后车的运动时间相等，因为车做初速度为零的匀加速直线运动，设反射前和反射后的位移分别为x1、x2，则有x1∶x2＝1∶3，x1＋x2＝355m－335m＝20m，解得x1＝5m。
则反射点距B的距离为s＝335m＋15m＝350m，所以
。
由
得加速度a≈10m/s2，选项B正确。
19.某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2。
5s内物体的
A.路程为65m
B.位移大小为25m，方向向上
C.速度改变量的大小为10m/s
D.平均速度大小为13m/s，方向向上
【答案】AB
【解析】
初速度30m/s，只需要3s即可上升到最高点，位移为h1=302/20m=45m，再自由落体2s时间，下降高度为h2=0.5×10×22m=20m，故路程为65m，A对；此时离地面高25m，位移方向竖直向上，B对；此时速度为v=10×2m/s=20m/s，速度该变量为50m/s，C错；平均速度为25m/5s=5m/s，D错。
20.一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其
的图象如图所示，则（）
A.质点做匀加速直线运动，加速度为1.0m/s2
B.质点在1s末速度为1.5m/s
C.质点在第1s内的平均速度0.75m/s
D.质点做匀速直线运动，速度为0.5m/s
【答案】AB
【解析】
【详解】A、D、由图得：
，根据
，得：
，对比可得：
，则加速度为a=2×0.5=1m/s2，由图知质点的加速度不变，说明质点做匀加速直线运动，故A正确，D错误.
B、质点的初速度v0=0.5m/s，在1s末速度为v=v0+at=0.5+1=1.5m/s；故B正确.
C、质点在第1s内的平均速度
，故C错误.
21.已知两个共点力F1和F2不共线，若F1的大小和方向保持不变，F2的方向也保持不变，仅增大F2的大小．在F2逐渐增大的过程中，关于合力F的大小，下列说法正确的是（）
A.若F1和F2的夹角为锐角，F一定不断变大
B.若F1和F2的夹角为锐角，F有可能先变小后变大
C.若F1和F2的夹角为钝角，F有可能先变小后变大
D.若F1和F2的夹角为钝角，F有可能一直变大
【答案】ACD
【解析】
试题分析：
若夹角θ的范围为：
，根据平行四边形定则作图如下：
从图像可知，合力一定增大，A对，B错；
若θ为钝角，根据平行四边形定则作图如下：
从图像可知，合力有可能先减小后增加，存在相等的可能；若
合力一定增加，C、D对。
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