连接体训练 答案.docx
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连接体训练答案
高中物理组卷-连接体
参考答案与试题解析
一．选择题（共21小题）
1．（2014•河北模拟）物体A放在物体B上，物体B放在光滑的水平面上，已知mA=6kg，mB=2kg，A、B间动摩擦因数μ=0.2，如图所示，现用一水平向右的拉力F作用于物体A上，则下列说法中正确的是（g=10m/s2）（ ）
A．当拉力F＜12N时，A静止不动
B．当拉力F=16N时，A对B的摩擦力等于4N
C．当拉力F＞16N时，A一定相对B滑动
D．无论拉力F多大，A相对B始终静止
【分析】由动摩擦因数可求出最大静摩擦力．对B研究，求出A、B刚要滑动时的加速度，再对整体研究求出此时的拉力．由此根据拉力大小判断A、B是否发生相对滑动．
【解答】解：
A、C、D，当A、B刚要滑动时，静摩擦力达到最大值．设此时它们的加速度为a0，拉力为F0．
根据牛顿第二定律，得
对B：
a0=
=6m/s2
对整体：
F0=（mA+mB）a0=48N
当拉力F≤48N时，AB相对静止，一起向右运动．
当F≤48N时，AB相对静止，F＞48N时，AB发生相对滑动．故A、C、D均错误．
B、当拉力F=16N时，AB相对静止
对整体：
a=
=2m/s2
对B：
f=mBa=4N故B正确．
故选B
【点评】本题是连接体问题，关键是选择研究对象，常常有两种方法：
隔离法和整体法，要灵活选择．
2．（2012•房山区模拟）如图所示，质量为M的木板放在水平桌面上，一个质量为m的物块置于木板上．木板与物块间、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ．现用一水平恒力F向右拉木板，使木板和物块体共同向右做匀加速直线运动，物块与木板保持相对静止．已知重力加速度为g．下列说法正确的是（ ）
A．木板与物块间的摩擦力大小等于0
B．木板与桌面间的摩擦力大小等于F
C．木板与桌面间的摩擦力大小等于μMg
D．木板与桌面间的摩擦力大小等于μ（M+m）g
【分析】木板和物块在力F作用下共同向右做匀加速直线运动可知：
物块m和木板M间是静摩擦力，具体大小由牛顿定律确定；木板与桌面间的摩擦力是滑动摩擦力，大小满足f=μFN，对M受力分析，在竖直方向受力平衡可知，M和桌面间的弹力大小不等于木板的重力．
【解答】解：
A、由题意知，木板和物块共同向右做匀加速直线运动，且物块与木板保持相对静止，可知木板与物块间存在相互作用的静摩擦力，物块在静摩擦力作用下产生向右的加速度，故A错误；
B、因为物块向右加速运动，故物块受到木板向右的摩擦力，根据牛顿第三定律可知，物块对木板有向左的摩擦力，对木板受力分析可知，如果木板与桌面间的摩擦力大小为F方向水平向左，则木板所受合力向左，故不可能向右加速运动，故B错误；
C、因为木板在竖直方向上除了受到重力还受到M向下的压力，由于M在竖直方向上受力平衡可知，桌面对M的支持力大小为FN=（m+M）g，故摩擦力大小为μ（m+M）g，故C错误；
D、因为桌面对木板的支持力为FN=（m+M）g，且木板与桌面间是滑动摩擦力，所以f=μFN=μ（m+M）g，故D正确．
故选D．
【点评】关于滑动摩擦力的计算f=μFN式中FN是接触面间的弹力，而非重力，要注意判断．
3．（2015•利辛县校级一模）如图所示，质量分别为m和M的两物体P和Q叠放在倾角为θ的固定斜面上，P、Q之间的动摩擦因数为μ1，Q与斜面间的动摩擦因数为μ2．当它们从静止开始沿斜面滑下时，两物体始终保持相对静止，则物体P受到的摩擦力大小为（ ）
A．0B．μ1mgcosθC．μ2mgcosθD．（μ1+μ2）mgcosθ
【分析】先对PQ整体受力分析，根据牛顿第二定律求解出加速度，然后隔离出物体P，受力分析后根据牛顿第二定律列式求解出间的静摩擦力．
【解答】解：
对PQ整体受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，如图
根据牛顿第二定律，有
（m+M）gsinθ﹣μ2（m+M）gcosθ=（M+m）a
解得
a=g（sinθ﹣μ2cosθ）①
再对P物体受力分析，受到重力mg、支持力和沿斜面向上的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有
mgsinθ﹣Ff=ma②
由①②解得
Ff=μ2mgcosθ
故选：
C．
【点评】本题关键是先对整体受力分析，根据牛顿第二定律求解出加速度，然后再隔离出物体P，运用牛顿第二定律求解PQ间的内力．
4．（2011•南京一模）如图所示，两块粘连在一起的物块a和b，质量分别为ma和mb，放在水平的光滑桌面上，现同时给它们施加方向如图所示的力Fa和拉力Fb，已知Fa＞Fb，则a对b的作用力（ ）
A．必为推力B．必为拉力
C．可能为推力，也可能为拉力D．不可能为零
【分析】对整体受力分析，由牛顿第二定律可求得整体的加速度，再用隔离法分析a的合力，分析合力与两分力的关系可得出ab间的力的性质．
【解答】解：
整体水平方向受两推力而做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得：
a=
；
对a由牛顿第二定律可得：
Fa+T=maa
T=﹣Fa+
=﹣
；
若mbFa＞maFb，T为负值，b对a为推力；
若mbFa＜maFb，T为正值，则b对a为拉力；
若mbFa=maFb，T为零；
故选：
C．
【点评】本题考查整体法与隔离法的应用，一般先用整体法求出整体加速度或表达式，再选取其中一个物体进行分析即可求出；本题的难点在于最后对公式的分析．
5．（2015春•诸城市校级期末）如图所示，并排放在水平面上的两物体的质量分别为m1=3kg和m2=2kg，两物体与水平面间的动摩擦因数均为0.6．若用水平推力F=15N向右推m1时，两物体间的相互作用的压力大小为N1；若用大小为F=15N的水平推力向左推m2时，两物体间相互作用的压力大小为N2，则（ ）
A．N1＞N2B．N1＜N2
C．N1=N2D．不能确定N1与N2的大小关系
【分析】先将两物体作为整体分析，则由牛顿第二定律可得出加速度，再分析后一个物体，即可求得两者间的相互推力．
【解答】解：
当用F向右推m1时，由于F＜μm1g=0.6×3×10N=18N，所以推不动m1，则N1=0，
当用力向左推m2时，由于F=15N大于m2所受的最大静摩擦力fm=μm2g=12N，小于整体的滑动摩擦力f=μ（m1+m2）g=30N，所以两物体没有被推动，对m2受力平衡分析可知，N2+fm=F，解得推力N2=3N，故N1＜N2；
故选：
B．
【点评】题考查牛顿第二定律在连接体模型中的应用，注意整体法与隔离法的结合应用，整体法可以求出整体的加速度，若要求内力则必须采用隔离法．
6．（2015•上海一模）如图所示，两车厢的质量相同，其中一个车厢内有一人拉动绳子使两车厢相互靠近．若不计绳子质量及车厢与轨道间的摩擦，下列对于哪个车厢里有人的判断是正确的（ ）
A．绳子的拉力较大的那一端车厢里有人
B．先开始运动的车厢里有人
C．后到达两车中点的车厢里有人
D．不去称量质量无法确定哪个车厢有人
【分析】车厢的质量相同，有人时，人和车厢的总质量大，根据牛顿第三定律和第二定律分析两车加速度大小，运用运动学位移公式，即可判断．
【解答】解：
A、根据牛顿第三定律，两车之间的拉力大小相等．故A错误．
B、有拉力后，两车同时受到拉力，同时开始运动．故B错误．
C、两车之间的拉力大小相等，根据牛顿第二定律，总质量大，加速度小，由x=
，相同时间内位移小，后到达中点．即后到达两车中点的车厢里有人．故C正确．
D、无需称质量，可用C项办法确定哪个车厢有人．故D错误．
故选C．
【点评】本题是牛顿定律和运动学公式结合，定性分析实际物体的运动情况，体现了定律的现实意义．对作用力和反作用力的关系认识要全面准确，如大小相等，方向相反，同时产生，同时消失等等．
7．（2008•宁夏）一有固定斜面的小车在水平面上做直线运动．小球通过细绳与车顶相连．小球某时刻正处于图示状态．设斜面对小球的支持力为N，细绳对小球的拉力为T．关于此时刻小球的受力情况，下列说法正确的是（ ）
A．若小车向左运动，N可能为零
B．若小车向左运动，T可能为零
C．若小车向右运动，N不可能为零
D．若小车向右运动，T不可能为零
【分析】对小球受力分析，根据车的运动情况可知小球受拉力及支持力的情况．
【解答】解：
A、若小车向左运动做减速运动，则加速度向右，小球受重力及绳子的拉力可以使小球的加速度与小车相同，故此时N为零，故A正确；
B、若小球向左加速运动，则加速度向左，此时重力与斜面的支持力可以使合力向左，则绳子的拉力为零，故B正确；
同理可知当小球向右时，也可能做加速或减速运动，故加速度也可能向右或向左，故N和T均可以为零，故CD均错误；
故选AB．
【点评】力是改变物体运动状态的原因，故物体的受力与加速度有关，和物体的运动方向无关，故本题应讨论向左加速和减速两种况．
8．（2013秋•进贤县期末）如图所示，A、B两物体的质量分别为m和2m，中间用轻弹簧相连，水平面光滑，在水平推力F作用下，A、B两物体一起以加速度a向右做匀加速直线运动．当突然撤去推力F的瞬间，A、B两物体的加速度大小分别为（ ）
A．0，aB．a，2aC．2a，aD．0，2a
【分析】先以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求出撤去推力F前的加速度，再对B研究求解弹簧的弹力大小．撤去推力F的瞬间，弹簧的弹力没有变化，再根据牛顿第二定律分别求出两个物物体的加速度．
【解答】解：
撤去推力F前，根据牛顿第二定律得：
对整体：
a=
对B：
F弹=2ma=
撤去推力F的瞬间，弹簧的弹力没有变化，其弹力大小仍为F弹=
，则由牛顿第二定律得A、B两物体的加速度大小分别为：
aA=
=
=2a，aB=
=a．
故选C
【点评】本题是瞬时问题，一般先根据牛顿第二定律求出状态变化前弹簧的弹力，抓住状态变化的瞬间，弹簧的弹力没有变化，再分析瞬间两个物体的加速度．
9．（2010•济南一模）质量分别为m和2m的物块、B用轻弹簧相连，设两物块与接触面间的动摩擦因数都相同．当用水平力F作用于B上且两物块在粗糙的水平面上，共同向右加速运动时，弹簧的伸长量为x1，如图甲所示；当用同样大小的力F竖直共同加速提升两物块时，弹簧的伸长量为x2，如图乙所示；当用同样大小的力F沿固定斜面向上拉两物块使之共同加速运动时，弹簧的伸长量为x3，如图丙所示，则x1：
x2：
x3等于（ ）
A．1：
1：
1B．1：
2：
3C．1：
2：
1D．无法确定
【分析】本题是连接体问题，可以先用整体法根据牛顿第二定律求出加速度，用F和m表示，再隔离A研究，求得弹簧的弹力及伸长量，最后得到x1：
x2：
x3．
【解答】解：
甲图，对整体研究，根据牛顿第二定律得，
a1=
对A：
kx1﹣μmg=ma1
解得x1=
乙图，对整体研究，根据牛顿第二定律得，
a2=
对A：
kx2﹣mg=ma2
解得x2=
则
丙图，对整体研究，根据牛顿第二定律得F
a3=
对A：
kx3﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma3
解得x3=
则x1：
x2：
x3=1：
1：
1
故A正确，BCD错误
故选A．
【点评】牛顿定律处理连接体问题时，常常采用隔离法和整体法相结合的方法研究．隔离法选取受力少的物体研究简单．求内力时，必须用隔离法．求整体的加速度可用整体法．
10．（2013•宽甸县校级一模）如图所示，水平面C点以左是光滑的，C点以右是粗糙的，A、B两物体之间用轻质弹簧连接，用水平恒力F拉A，使A、B一起沿光滑水平面做匀加速运动，这时弹簧长度为L1；接着它们先后过C点进入表面粗糙的水平面后，A、B还是一起做匀加速运动，此时弹簧长度为L2．若A、B与粗糙水平面之间的动摩擦因数相同，则下列关系式正确的是（ ）
A．L2=L1B．L2＞L1C．L2＜L1D．以上都有可能
【分析】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律研究加速度．以B为研究对象研究弹簧的弹力，再比较弹簧伸长量的大小．
【解答】解：
以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得
光滑水平面运动的加速度a1=
对B：
弹簧的弹力F1=mBa1=
粗糙水平面运动的加速度a2=
=
﹣μg，
对B：
弹簧的弹力F2=μmBg+mBa2=
可见两种情况弹簧弹力相同，弹簧伸长的长度相同，弹簧的长度相同．
故选A
【点评】本题应用牛顿第二定律采用整体法和隔离法结合求解，不能想当然，认为L2＞L1．
11．（2013秋•农安县校级期末）如图所示，在水平面上放着两个木块a和b，质量分别为ma，mb，它们与水平面间的动摩擦因数为μ．两木块之间连接一个劲度系数为k的轻弹簧，弹簧原长为L．对b施加水平向右的拉力F，a，b以相同的速度做匀速直线运动，弹簧的伸长量为x．则下列关系正确的是（ ）
A．弹簧的拉力等于μmag
B．b受的合力为0
C．拉力F为μ（mag+mbg）+kx
D．a、b之间的距离为L+
【分析】当两木块一起匀速运动时，木块a受到重力、弹簧的拉力、地面的支持力和摩擦力而平衡，对a，根据平衡条件求出弹簧的弹力等于摩擦力．
b做匀速运动，处于平衡状态，根据平衡条件b所受的合力为零．对ab整体研究，根据平衡条件可知拉力F等于整体所受的滑动摩擦力．
由胡克定律求出弹簧伸长的长度，再求解两木块之间的距离．
【解答】解：
A、对木块a受力分析如图：
根据平衡条件弹簧的弹力F=μmag，故A正确．
B、根据平衡条件，b做匀速直线运动，则b所受的合力一定为0．故B正确．
C、由于a、b以相同的速度一起做匀速直线运动，所以可以把a、b看成整体研究，整体受重力（ma+mb）g、支持力FN=（ma+mb）g、摩擦力f=μFN、拉力F．
根据平衡条件，F=f=f=μFN=μ（ma+mb）g．故C错误．
D、由胡克定律：
F=kx
整理：
x=
=
所以弹簧的长度为：
L+x=L+
．故D错误．
故选：
AB．
【点评】本题是平衡条件和胡克定律的综合应用，关键是选择研究对象，分析物体的受力情况．
12．（2003•广州一模）如图所示，a、b两个物体，ma=2mb，用细绳连接后放在倾角为θ的光滑斜面上，在下滑的过程中（ ）
A．它们的加速度a=gsinθB．它们的加速度a＜gsinθ
C．细绳的张力为零D．细绳的张力为mgsinθ
【分析】先以整体为研究对象进行分析，可求得整体的加速度；再用隔离法分析绳子的张力．
【解答】解：
A、B、对整体受力分析可知，整体受重力、弹力；将重力沿斜面和垂直于斜面进行分析，则支持力与重力垂直于斜面的分力相平衡，由牛顿第二定律可知：
（mA+mB）gsinθ=（mA+mB）a
解得：
a=gsinθ；故A正确，B错误；
C、D、对B分析，可知B受到的合力F=mBa=mBgsinθ；
F=T+mBgsinθ
故说明细绳的张力T为零；故C正确，D错误；
故选AC．
【点评】本题为简单的连接体问题，注意正确选取研究对象，一般先对整体分析可得出加速度，若分析内力时应采用隔离法进行分析．
13．（2012秋•临潼区校级月考）如图所示，大三角劈C置于粗糙水平面上，小三角劈B置于斜面上，B的上面又放一个小木块A．在A、B一起共同加速下滑的过程中，C静止不动．下列说法正确的是（ ）
A．木块A受到方向向左的摩擦力
B．木块A对B的压力小于A的重力
C．B与C之间的滑动摩擦系数μ＜tanθ
D．水平地面对C没有摩擦力作用
【分析】A、B一起沿斜面向下做匀加速运动，加速度沿斜面向下，将加速度分解为水平和竖直两个方向，根据牛顿第二定律分析木块A受到的摩擦力方向和B对A的支持力与重力关系．对AB整体研究，由牛顿第二定律研究滑动摩擦系数μ．对ABC三个物体整体用牛顿第二定律研究水平地面对C的摩擦力．
【解答】解：
A、A、B一起沿斜面向下做匀加速运动，加速度沿斜面向下，将加速度分解为水平和竖直两个方向，对A分析受力情况，如图．根据牛顿第二定律分析：
A有水平向左的分加速度，水平方向的摩擦力必定向左．故A正确．
B、根据牛顿第二定律得：
对A：
mAg﹣NA=mAasinα＞0，由B对A的支持力NA＜mAg
由牛顿第二定律得知木块A对B的压力小于A的重力．故B正确．
C、对AB整体研究，受力如左图．由Mgsinα＞μtanα，得到μ＜tanθ．故C正确．
D、对ABC三个物体整体用牛顿第二定律得：
水平方向：
水平地面对C摩擦力fC=macosα≠0，方向水平向左．故D错误．
故选ABC
【点评】本题是连接体问题，要灵活选择研究对象，根据牛顿第二定律由加速度分析物体的受力情况．
14．（2011秋•陕西期中）如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是（ ）
A．小车静止时，F=mgsinθ，方向沿杆向上
B．小车静止时，F=mgcosθ，方向垂直杆向上
C．小车向右以加速度a运动时，一定有F=
D．小车向左以加速度a运动时，
，方向左上方，与竖直方向的夹角为tanα=
【分析】静止时，球受到重力和杆的弹力，由平衡条件分析弹力的大小和方向．当小车有加速度时，重力和弹力的合力产生加速度，根据牛顿第二定律用合成法求解弹力大小和方向．
【解答】解：
A、B，小车静止时，球受到重力和杆的弹力，由平衡条件得F=mg，方向：
竖直向上．故AB错误．
C、小车向右以加速度a运动时，如图1所示，只有当a=gtanθ时，F=
．故C错误．
D、小车向左以加速度a运动时，如图2所示，根据牛顿第二定律知小球的合力水平向左，
，方向左上方，与竖直方向的夹角为tanα=
．故D正确．
故选D．
【点评】本题中轻杆与轻绳的模型不同，绳子对物体只有拉力，一定沿绳子方向，而杆子对物体的弹力不一定沿杆子方向，要根据状态，由牛顿定律分析确定．
15．（2015•阳东县校级模拟）如图，在光滑的水平桌面上有一物体A，通过绳子与物体B相连，假设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可以忽略不计，绳子不可伸长．如果mB=3mA，则物体A的加速度大小等于（ ）
A．3gB．gC．
D．
【分析】因整体的加速度沿绳子方向，故本题应以整体沿绳进行分析，由牛顿第二定律可求得加速度．
【解答】解：
AB连在一起，加速度相同；对整体分析可知整体沿绳方向只受B的拉力，则由牛顿第二定律可知，加速度为：
a=
=
g
故选：
C．
【点评】本题为连接体，注意本题中注意应沿绳子方向进行分析；当然本题也可以对两物体分别受力分析，此时应注意分析绳子的拉力．
16．（2012•菏泽二模）如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平面上，A、B两物体通过细绳相连，并处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）．现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中（ ）
A．水平力F一定变大
B．斜面体所受地面的支持力一定变大
C．物体A所受斜面体的摩擦力一定变大
D．地面对斜面体的摩擦力一定变大
【分析】本题为动态平衡类题目，分别分析B和整体，由共点力的平衡条件可得出各部分力的变化．
【解答】解：
取物体B为研究对象，分析其受力情况如图所示，则有F=mgtanθ，T=
，在将物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，则水平力F和细绳上的拉力T随之变大．故A正确；
对A、B两物体与斜面体这个系统而言，系统处于平衡状态，因拉力F变大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，而竖直方向并没有增加其他力，故斜面体所受地面的支持力不变；故D正确；B错误；
在这个过程中尽管绳子张力变大，但是开始时物体A所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定．故C错误；
故选AD．
【点评】对于用绳子连接的物体，可以沿绳子的方向作为整体作出受力分析，则可以简化解题过程．
17．（2012•许昌模拟）如图所示，物体A、B的质量均为m，与接触面的动摩擦因数均为μ，B物体所接触的面是竖直的．跨过滑轮的轻绳分别与接触面平行，且滑轮的质量、滑轮上的摩擦都不计．欲使物体A在水平面上做匀速直线运动（设物体无论沿哪一方向运动均不会与滑轮相碰），则水平力F应为（ ）
A．（1﹣2μ）mgB．（1+2μ）mgC．（1+μ）mgD．（1﹣μ）mg
【分析】由题意可知，物体A可以向左或向右运动，沿绳受力分析，由共点力的平衡条件可求得两种情况下的水平拉力的大小．
【解答】解：
对整体受力分析可知，整体沿绳受B的重力、拉力F及A受到的摩擦力；
若A向左运动，则摩擦力向右，由共点力的平衡条件可知：
F﹣μmg=mg
解得；F=（1+μ）mg；
若A向右运动，则摩擦力的方向向左，则有：
F+μmg=mg
F=（1﹣μ）mg；
故选CD．
【点评】本题沿绳方向的共点力的平衡，解题时应注意审题，明确物体A可能的运动方向，从而求得物体的受到摩擦力的方向．
18．（2011•渑池县校级模拟）如图所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的顶角处，固定一个小的定滑轮，质量分别为m1、m2的物块，用细线相连跨过定滑轮，m1搁置在斜面上．下述正确的是（ ）
A．如果m1、m2均静止，则地面对斜面没有摩檫力
B．如果m1沿斜面向下匀速运动，则地面对斜面有向右的摩檫力
C．如果m1沿斜面向上加速运动，则地面对斜面有向右的摩檫力
D．如果m1沿斜面向下加速运动，则地面对斜面有向右的摩檫力
【分析】如果m1、m2均静止或m1沿斜面向下匀速运动，以m1、m2和斜面组成的整体为研究对象，整体的为合力都为零，根据平衡条件分析地面对斜面的摩擦力情况．如果m1沿斜面向上加速运动，仍以整体为研究对象，将m1的加速度分解为水平和竖直两个方向，根据牛顿第二定律判断地面对斜面的摩擦力方向．
【解答】解：
A、B如果m1、m2均静止或m1沿斜面向下匀速运动，以m1、m2和斜面组成的整体为研究对象，整体的为合力都为零，其受力情况如图1，由平衡条件得知，地面对斜面没有摩擦力．故A正确，B错误．
C、如果m1沿斜面向上加速运动，将m1的加速度分解为水平和竖直两个方向如图2，根据牛顿第二定律可知，整体有水平向右分加速度，则地面对斜面有向右的摩檫力．故C正确．
D、与C项同理可知，如果m1沿斜面向下加速运动，其加速度沿斜面向下，整体有水平向左的分加速度，根据牛顿第二定律得知，地面对斜面有向左的摩檫力．故D错误．
故选AC
【点评】本题对加速度相同和不同的三个物体都采用整体法研究，加速度都为零时，合力为零；加速度不为零时，由牛顿第二定律分析地面的摩擦力方向．
19．（2011•海淀区二模）如图所示，物体A、B的质量分别为mA、mB，且mB＜mA＜2mB．A和B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角θ=30°的斜面上，且细绳平行于斜面．若将斜面倾角θ缓慢增大，在此过程中物体A先保持静止，到达一定角度后又沿斜面下滑，则下列判断正确的是（ ）
A．物体A受到的摩擦力先减小、再增大
B．绳对滑轮的作用力随θ的增大而增大
C．物体A沿斜面下滑后做匀加速运动
D．物体A受斜面的作用力保持不变
【分析】对A受力分析可知，开始时A的重力向下的分力小于B的重力，是由A此时受到的摩擦力方向向下，夹角变大后摩擦力的方向改为向上，最后变成滑动摩擦力，并且滑动摩擦力的大小在一直减小．
【解答】解：
A
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