第三章习题.docx
《第三章习题.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《第三章习题.docx(26页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
第三章习题
习题三多维随机变量及其分布
A组
一、填空题
二、单项选择题
10•设X,Y是相互独立的随机变量,其分布函数分别为Fx(x),FY(y),则min{X,Y}的分布
函数是
注:
Fz(z)=P{Zz}=1-P{min(X,Y)>z}
=1-P{X>z,Y>z}=1-P{X>z}F{Y>z}=1-[1-P{X=1-[1-Fx(z)]{1-Fy(z)]
P{max(X,Y)>0}=
注:
P{max(X,Y)>0}=1-P{max(X,Y)c0}=1-P{X<0,Yc0}
=P{X>0}+P{Y>0}—P{X>0,Y>0}=号
1.一个袋中装有8个球,其中5个红,3个白球,现从中随机抽取两次,每次取一球,考虑两种抽取方法:
(1)不放回取样;
(2)放回取样。
今定义随机变量X,Y如下:
”1,第二次抽出的是红球,
0,第二次抽出的是白球
「1,第一次抽出的是红球,
X=JY=斗
10,第一次抽出的是白球‘
与Y的联合分布律,边缘分布律,并判断X与Y是否独立。
就
(1),
(2)两种情况,写出X
解
(1)由古典概型可知
故X与Y的联合分布律,边缘分布律如下表:
0
1
Pl
0
6/56
15/56
3/8
1
15/56
20/56
5/8
Pj
3/8
5/8
=—,p^pPi1,因此X与Y不相互独立。
56■
因为P1=1,P1=1,P11
88
(2)由古典概型可知
P(X=1,Y=1)=,0P(X=1Y=2)=—
A.,心丫讣譽右
p(X=2YjJA4,W2Y=2)詈一6,
P(x=2,Y=3)哼4
=12,P(X=3,Y=2)=等
=1,P(X=3Y=3)=0
6
故X与Y的联合分布律为:
1
2
3
1
0
1/6
1/12
2
1/6
1/6
1/6
3
1/12
1/6
0
(2)P{X+Y>4}=1-P{X+Yc4}
=1-P{X=1,Y=1}
2
-3
-P{X
=1,Y=2}-P{X=2,Y=1}
11
=1-0---
66
两封信随机地投入编号为10、11的两个信箱内,用X与Y分别表示第一封信和第二封信投入的信
求(X,Y)的联合分布律与联合分布函数。
(X,Y)所有可能取的有序数组为(10,10)、(10,11)、(11,10)及(11,11)。
由古典概型可
3.
箱号码,
解
得
P{X=10,Y=10}=P{X=10,Y=11}=P{X=11Y=10}=P{X=11,Y=11}=-
4
故(X,
其联合分布函数为:
当X<0或y<0时,
F(x,y)=P{X=0
当10
5、225
6—144
C11(5)10
C2肆6)=面
C22
(1)2=丄
6144
2P{X^1,X^2H—
144
1
P{X^2,X^2H--
144
由(Xj,X2)的联合分布律可得Xj的边缘分布律:
F(x,y)=P{X4
当1011时,
F(x,y)=P{X2
当X>11,10F(x,y)=P{X2
当x>11,y>11时,
F(x,y)=P{X4.同时掷两枚硬币和两颗骰子,用X1和X2分别表示出现国徽的硬币数和出现点6的骰子数,试求
(X1,X2)的联合分布律和X1边缘分布律及X2边缘分布律。
解X1>X2所有可能取的数值均为0、1、2,掷硬币和掷骰子是相互独立的,因此由贝努里试验概型可得
p{X17X2=0}=P{X1=0}P{X2=0}=
(1)'(5)-
12
P{Xj=0,X2=1}=P*=0}”P{X2=1}=(—)2
2
12
P{X17X2=1}=P{X1=0}”P{X2=2}七)2
2
类似地可求得
P{X1=1,X2=0}=弓,P{X^1,X^1H-20
144144
Pi”
4球。
设X为白球数,Y为
及X2的边缘分布律:
X2
0
1
2
Pj
25
10
1
36
36
36
5.一袋色球,其中有三个白球,两个红球和三个黑球,现从中随机任取
红球数,求:
(1)(X,Y)的联合分布律;
(2)P{(X,Y)忘D},D={(x,y)x+y<2}
解X的所有可能的取值为0、1、2、3,Y的所有可能的取值为0、1、2。
由古典概型可得
P(X=0Y=0}=P{<)}=0,P{X=0YHRCCC3-?
Pfx-OY-ZRCCC3--
Cs70Cs70
P{XT丫讣警唸P{xtytJ|F40,2Y洱等M。
P{X=2YPQCCC^-;9,P{X=2丫=1}=^|53=18,尺x^YPACCC^E
故(X,Y)的联合分布律为
P{(x,丫严
D}={X+Y<2}
1
j=0
P{X=0Y=j}+5:
PfX=1Y=j}+P[X=2Y=0}=—j:
ay2
6•盒内5个晶体管,其中2个次品,3个正品。
每次取出一个进行检验,直到所有的次品都被检验出
所需检验次数,求(X1,X2)的联合分布律。
解X1、X2所有可能取的数值均为1、2、3、4,由乘法公式可得
P{X1=1,X2=1}=P{X1=1}”P{X2=1|X1=1}=2丄=丄
5410
5a2"10
P{X^1,X^2HP{X^1}P{X^2Xr=1}=-
P{X1=1,X2=3}=丄,P{X1=1,X2=4}=丄
1010
a1a111
P{X1=2,X2=1}=P{X1=2}P{X2=1|X1=2}=黃”3=10
11
P{X1=2,X2=2}=—,P{X1=2,X2=3}=—,P[X=2X?
=4}=P©}=0
1010
A2A11
P{X^3,X^1}=P{X1=3}RX2=1|X1=3}=专•?
=-
a2a111
P{X1=3,X2=2}=P{X1=3}卩{X2=2|X1=3}=苛瓷=-
P*=3,X2=3=P㈣=0,PM=3,X2=4}=P{*}=0
1
注意:
关于p{X2=2Xj=3}的解释:
Xj=3表明查出第一个次品时,已有两个正品和一
A,而符合"X2=2"的排列数只
A2
个次品通过检验,这时还剩下一个正品和一个次品,它们的排列数为有一个,故p{X2=2Xj=3}=
a3a11
P{X1=4,X2=1}=P{X^4}卩{X2=1|兀=4}=-A^1=-
P{Xi=4X2=2}=P{^=0,F[Xi=4,X2=3}=P[$n,P{Xi=4X2=4}=P[勺=0
故(Xi,X2)的联合分布律为
数k;
(2)X与Y的边缘概率密度,并判别X与Y是否相互独立;(3)求P{(X,Y)忘D},其中区
域D:
XVyc4—x。
解由已知的概率密度f(X,y)可求得
JJf(x,y)dxdy=
_oC_qC
J:
.l"^2ke^dxdy=2k”2[-ej严=4k
再由概率密度f(x,y)具有的性质:
f_^f(x,y)dxdy=1,得
X的边缘概率密度为
因为当Xv0或X>2时,
f(x,y)=0,有fx(x)=0
-be1坯1*1
而当0兰X兰*时,fx(x)=Jwf(x,y)dy=2J0e^dy=?
[—e—y]評=§
所以
-be
Y的边缘概率密度为fY(y)=J5f(x,y)dx
因为当y<0时,f(x,y)=0,有fY(y)=0
说12yy
而当y:
>0时,fY(y)=f(X,y)dx=J0edx=e
所以
f('—hyiO
Yy"I0,其他
容易验证f(X,y)=fX(X)fY(y),故X与Y是相互独立的。
而
24_x
P{(X,Y)-D}=Uf(x,y)dxdy=J0dxJx
D
X-4y)
8若(X,Y)的联合概率密度为
fZe"y),xA0,y>0
f(X,y)t0,其他
求:
(1)常数A;
(2)(X,Y)的联合分布函数;(3)求P{0解由已知的概率密度f(X,y)可求得
UUf(X,y)dXd^t
I--(3xH4y)..-r1dx〔鈕「1-4%讼1-由舟
)J0gdxdy=h[—3eb'[—b=石人再由
>0,ya0时,
=(1-e'X)(1-e为
'-3XiX-'-4^y
wqe]0[-4e]0
中、Rl-*)(1-e£y),x>AyA0
F(x,八0,其他
9.随机变量(X,Y)的联合概率密度为
f(x,y)Jk(R7x2+2y2),x2+y2MR2
i0,x+y>R
X2+y2求:
(1)常数k;
(2)P{(X,Y)亡D},其中区域D={(x,y)
解由已知的概率密度f(X,y)可求得
-be-beJ—22
LcLcf(x,y)dxdy=JJk(R-Jx+y)dxdy
x勺2蛋2
2;l
R1213R13
d日f(R-^PdP=2lki[-RP2--P]R=-kiR3
0233
1kiR3=1,
3
兀R3
(R-Jx2+/)dxdy
3
兀R3
2
2兀r31213rr
;d%(R-P)PdP=^2[2RP2-y3]0=m(3R-2r)
10.随机变量(X,Y)服从B上的均匀分布,其中B为x轴,y轴以及直线y=2x+l所围成的三
角形区域。
求联合概率密度及两个边缘概率密度。
11
解由已知,三角形区域
B={(x,y)024
(X,Y)的联合概率密度
_、j4,(x,y)€B
f(x'y^t0,其他
-be
X的边缘概率密度为fx(x)=ff(x,y)dy
,-oC
1
-be2x+
fx(x)=Jf(x,y)dy=f4dy=4(2x+1)
_GC0
因为当x<-5或x>0时,f(x,y)=0,有fx(x)=0
1
而当一一2
所以
I1
fX(x)屮”),”“
i0,其他
Y的边缘概率密度为fY(y)=J"f(x,y)dx
所以
0cy
0,其他
独立。
解由已知的分布函数F(x,y)可求得
xV兀兀
F(+=c,+=c)=ximA(B+arctg—)(C+arctgA)=A(B+—)(C+—)
所以有
兀JI
y"1
又因为
■y\i-Tj--Tj-
F(=T=ximA(B+arctg)(C+arctgy)=A(B-」)(C-」)J产2322
y—尹
又有
A(B
兀兀
2)(c-220
(2)
联立式
(1)和式
(2),即得
JI
2,BP,C
(X,Y)的联合概率密度为
X的边缘概率密度为
Y的边缘概率密度为
容易验证f(x,y)=fX(x)fY(y),故X与Y是相互独立的。
12.设随机变量(X,Y)的联合概率密度为
而当x〉1时,fx(x)=jNf(x,y)dy=(
所以
X>1
fx(X)=*X
[0,其他
-be
Y的边缘概率密度为fY(y)=ff(X,v)dx
因为当y<1时,f(x,y)=0,有fY(y)=O
而当yaI时,fY(y)=Jf(X,y)dx-y=-e^卅一
u1XX
所以
fY(y)尸心
丫5[0,其他
容易验证f(X,y)=fX(x)fY(y),故X与Y是相互独立的。
13.设随机变量X与丫相互独立,其概率密度分别为
1丄
e3,y30
11上
I—e2X>0
fX(x)詔2e,0,fY(y)詔3
L0,其他I0,其他
求随机变量Z=X+丫的概率密度。
解因为X与Y相互独立,故(X,丫)的联合概率密度为
I14
I—e23x兰0vX0
f(x,y)=fx(x)fY(y)=«6e,,V
i0,其他
为求Z的概率密度,先求其分布函数F(z):
VZ迂R,设D={(x,y)x+yF(z)=P{ZD
若ZcO,则在区域D内,有XvO或ycO,于是f(X,y)=0,从而F(z)=0;若z>0,则
0fx(x)='i0,其他,fY(yT[0,其他
求随机变量z=X+丫的概率密度。
解因为X与Y相互独立,故(X,Y)的联合概率密度为
le^,Of(x,y)=fX(x)fY(y)=‘0,其他,y
为求Z的概率密度,先求其分布函数F(z):
VZ亡R,设D={(x,y)x+y<2},有
F(z)=P{Z若0若z>1,则
z-x
1
F(z)=JJf(x,y)dxdy=JOdxJ0e^dy
D
=J;(1-e2)dx-[x-ep=1+(1-e)e/
"1+(1-e)ed,z>1
F(z)=
«z-1+ed,00,其他
(e-1)e」,z>1
0所以随机变量Z=X+丫的概率密度
f(z)=FTz)={1-e=
j0,其他
因为X与Y相互独立,故(X,Y)的联合概率密度为
为求Z的概率密度,先求其分布函数F(z):
VZ亡R,设D={(x,y)x+y兰z},有
F(z)=P{ZD
由于区域
D=UUD2UD3其中
D1:
一处ex兰z-b,-bcy
D2:
z-bD3:
z+bWxv^,—^vyWz-xW-b
F(z)=JJf(X,y)dxdy=JJf(x,y)dxdy+JJf(x,y)dxdy+JJf(x,y)dxdy
所以随机变量Z=X+Y的概率密度
18.设X,Y是相互独立的随机变量,且它们都服从参数为“2的泊松分布,求证Z=X+Y服
从参数为+K的泊松分布。
解据已知X,Y的分部律分别为
p{X=k}亠e4」(k=0,12lli),P{Y=k}厶(k=0,1,2,川)k!
k!
于是
P{Z=k}=P{X+Y=k}P{X=i,Y=k-i}
iz0
i£i!
(k-i)!
即Z=X+Y服从参数为打+'卜2的泊松分布。
19•设X,Y是相互独立的随机变量,且它们都服从参数为n,P的二项分布,求证Z=X+Y服
从参数为2n,p的二项分布。
证明据已知X,Y的分部律分别为
于是
+Y服从参数为2n,p的二项分布。
P{Xi=0}=0.6求随机变量X=X1X4—X2X3的分布律。
解因为X1,X2,X3,X4相互独立,故可得(X^XJ、(X2,X3)的联合分布律分别为:
设乙=X1X4,Z^X2X3,则乙、乙相互独立,且£“22)的联合分布律为
从而
X=X1X4—X2X3=Zi—z?
的分布律为
X
-1
0
1
P
0.84X0.16
0.842+0.162
0.84X0.16
22.设随机变量匕,0独立同分布,其分布律为
J
1
2
3
P
1/3
1/3
1/3
又设X=max(©,n),Y=min"®,试写出二维随机变量(X,Y)的联合分布律。
解由已知可得(■")的联合分布律:
于是
1
P{x=1,Y=1}=P{max(J")=1,min(tn)=1}=p{£=1,n=1}=_
9
P{X=1,Y=2}=P{max(匕宀)=1,min(=2}=P{^=0
P{X=1,Y=2}=P{max(E,®=1,min(匚①=3}=P{©}=0
P{X=2Y=1}=P{max(J)=2,minGn)=1}=p{t=1]=2}+P{E=2?
=1}=?
9
P{X=2,Y=2}=P{max(E,n)=2,min(J*)=2}=P{E=2,n=2}=丄
9
P{X=2,Y=3}=P{max(匕4)=2,min(E,n)=3}=P{^=0
2
P{X=3Y=1}=P{maxGn)=3,minGS)=1}=P{L=11=3}+尺©=3卩=1}=-
9
2
P{X=3Y=2}=P{max(©n)=3,min^n)=2}=Rt=2,n=3}+P代=3】=2}=-
9
P{X=3Y=3}=P{max(qn)=3,minG*)=3}=P[E=3卩=3}J
9
所以(X,Y)的联合分布律:
解设X1>X2、X3分别为三个元件的寿命(无故障工作的时间),则T=min{X1,X2,X3},
依题设Xj的概率密度为
而相应的分布函数为
.x
Fid)"1-eNx>0
x
x=1—e7)
L0,其他
(当X〉0时,有Fi(x)=Te%x—e
」0Z
因为X1>X2、X3相互独立,当t》0时,有
F(t)=P{Tt}=1-P{min(Xi,X2,X3)At}
=1-P{XiAt,X2>t,X3At}
=1-P{XiAt厂P{X2At}P{X3At}=1—[1_P{Xi=1—[1—F1(t)]{1-F2(t)]■[^F3(t)]
t3t
=1-(e约3=1-e人
所以T的分布函数为
厂jt
FuJ—e"t〉0
I0,其他
24.假设随机变量丫服从参数为几=1的指数分布,随机变量
Xk
0,若丫兰k
11,若丫>k
若k=1,2,求(X1,X2)的联合分布率和边缘分布率。
解据已知,有
f丫(y)T爲0
X1-
d1
[1,若丫>1
P,若丫<2
[1,若丫2
PVXj=0,X2=0}=P{Y<1,丫<2}=P{Y<1}=*e—ydy=1-e」
P{Xi=0,X2=1}=P{Y<1Y>2}=P{4}=0
2
P{X1=1,X2=0}=P{Y〉1丫<2}=P{1cY<2}=Le」dy=e-*-e工
P{Xi=1,X2=1}=P{Y〉1Y>2}=P{Y>2}
◎dy=e,
0
1
0
-1
1-e
0
1
」_2
e-e
_2e
X2的边缘分布律分别为:
X1
0
1
P
1-e°
-4e
X2
0
1
P
1-e^
e
设随机变量X与丫相互独立,
X-N(0,1):
,Y~N(0,
而Xi、
求Z
25.
故(XjX2)的联合分布律为
=JX2+丫2的分布函数
与概率密度。
解据已知,有
x2
1
e2(二二fe2(二5<母)
因为X与Y相互独立,故(X,Y)的联合概率密度为
1
f(x,y)=fx(x)fY(y)=——e2
为求Z的概率密度,先求其分布函数F(Z):
VZ亡R,设
D={(x,y)Jx?
+y2=0
F(z)=P{Z当zcO时,F(z)=P{Z当z>0时,
F(z)=JJf(x,y)dxdy
D
x+
2dxdy
2兀z丄:
2」叫2rdr
•0
丄2
"2兀
2i[—eWe
~2
所以Z=Jx2+Y2分布函数为
而概率密度为
5的指数分布;首先开动其中一台,
T的概率密度f(t)。
26.两台同样自动记录仪,每台无故障工作的时间都服从参数为
当其发生故障工作时停用而另一台自动开动。
试求两台记录仪无故障工作的总时间
解设X、Y分别为两台记录仪无故障工作的时间,则T=X+Y,依题设有
1冷c£/\j_e5,X>0fx(x)詔5
10,x<0
1Wcf、J—e5,y>0,fY(y)=«5
I0,y"
fx(x)fY(t-x)dx
因为X与Y相互独立,当tA0时,利用卷积公式,有
坯t
f(t)=LfX(X)fY(t—X)dx=J0
x
-5
1
)dx=——e
_t
"5
所以T的概率密度
r1上
£/*\!
—te5,t>0
f(t)={25
丨0,t兰0