孟德尔两大遗传定律的应用.docx

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孟德尔两大遗传定律的应用

孟德尔两大遗传定律的应用

真题回放

1．（2019·全国卷Ⅲ，6）假设在特定环境中，某种动物基因型为BB和Bb的受精卵均可发育成个体，基因型为bb的受精卵全部死亡。

现有基因型均为Bb的该动物1000对（每对含有1个父本和1个母本），在这种环境中，若每对亲本只形成一个受精卵，则理论上该群体的子一代中BB、Bb、bb个体的数目依次为（　A　）

A．250、500、0B．250、500、250

C．500、250、0D．750、250、0

[解析]　基因型为Bb的个体产生的配子种类及比例为B∶b＝1∶1，若两亲本的基因型都为Bb，则产生的受精卵的基因型及比例为BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，则理论上1000个受精卵发育形成的个体中BB、Bb、bb个体的数目依次为250、500、250，而在该特定环境中，基因型为bb的受精卵全部死亡，故A项正确。

2．（2019·全国卷Ⅲ，32）玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。

玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。

回答下列问题。

（1）在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子通常表现的性状是_显性性状__。

（2）现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒，若要用这两种玉米子粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果。

_思路及预期结果　①两种玉米分别自交，若某些玉米自交后，子代出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。

②两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子进行杂交，F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。

③让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交，如果F1都表现一种性状，则用F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。

④让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交，如果F1表现两种性状，且表现为1∶1的性状分离比，则可验证分离定律。

__

[解析]　

（1）在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子同时具有显性基因和隐性基因，显性基因表达后会掩盖隐性性状或抑制隐性基因的表达，所以杂合子通常表现出的性状为显性性状。

（2）由于自然条件下玉米中表现为显性性状的个体存在纯合子和杂合子，所以可以通过杂合子自交或测交的方法来验证基因的分离定律。

①自交法：

自交后代的性状分离比为3∶1，则符合基因的分离定律，性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。

②测交法：

若测交后代的性状分离比为1∶1，则符合基因的分离定律，性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。

结合本题题干提供的实验材料，进行合理设计即可。

3．（2019·全国卷Ⅰ，32）某实验室保存有野生型和一些突变型果蝇。

果蝇的部分隐性突变基因及其在染色体上的位置如图所示。

回答下列问题。

（1）同学甲用翅外展粗糙眼果蝇与野生型（正常翅正常眼）纯合子果蝇进行杂交，F2中翅外展正常眼个体出现的概率为_3/16__。

图中所列基因中，不能与翅外展基因进行自由组合的是_紫眼基因__。

（2）同学乙用焦刚毛白眼雄蝇与野生型（直刚毛红眼）纯合子雌蝇进行杂交（正交），则子代雄蝇中焦刚毛个体出现的概率为_0__；若进行反交，子代中白眼个体出现的概率为_1/2__。

（3）为了验证遗传规律，同学丙让白眼黑檀体雄果蝇与野生型（红眼灰体）纯合子雌果蝇进行杂交得到F1，F1相互交配得到F2。

那么，在所得实验结果中，能够验证自由组合定律的F1表现型是_红眼灰体__，F2表现型及其分离比是_红眼灰体∶红眼黑檀体∶白眼灰体∶白眼黑檀体＝9∶3∶3∶1__；验证伴性遗传时应分析的相对性状是_红眼/白眼__，能够验证伴性遗传的F2表现型及其分离比是_红眼雌蝇∶红眼雄蝇∶白眼雄蝇＝2∶1∶1__。

[解析]　

（1）依题意可知，同学甲所用果蝇的基因型为dpdpruru（翅外展粗糙眼）和DpDpRuRu（野生型正常翅正常眼纯合子），两者杂交产生F1，F1的基因型为DpdpRuru，F1相互交配得到F2，F2中翅外展正常眼（dpdpRuRu或dpdpRuru）个体出现的概率为1/4×3/4＝3/16。

图中所列基因中，紫眼基因与翅外展基因在同一条染色体上，不能进行自由组合。

（2）依题意可知，同学乙所用果蝇的基因型为XsnwY（焦刚毛白眼雄果蝇）和XSnWXSnW（野生型直刚毛红眼纯合子雌果蝇），两者杂交（正交），子代雄蝇的基因型全是XSnWY，无焦刚毛个体。

若进行反交（XsnwXsnw和XSnWY），子代中白眼个体出现的概率是1/2。

（3）依题意可知，同学丙所用果蝇的基因型为eeXwY（白眼黑檀体雄果蝇）和EEXWXW（野生型红眼灰体纯合子雌果蝇），两者杂交产生F1，F1的基因型为EeXWXw和EeXWY，两对基因能够自由组合，故能够验证自由组合定律的F1的表现型是红眼灰体雌果蝇、红眼灰体雄果蝇。

F2的表现型及其分离比是（3灰体∶1黑檀体）（3红眼∶1白眼），即红眼灰体∶红眼黑檀体∶白眼灰体∶白眼黑檀体＝9∶3∶3∶1。

验证伴性遗传时相应基因在性染色体上，故应分析的相对性状是红眼（XWXW）和白眼（XwY），能够验证伴性遗传的F2的表现型及其分离比是红眼雌果蝇∶红眼雄果蝇∶白眼雄果蝇＝2∶1∶1。

4．（2019·江苏卷，32）杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。

请回答下列问题：

毛色

红毛

棕毛

白毛

基因组成

A_B_

A_bb、aaB_

aabb

（1）棕毛猪的基因型有_4__种。

（2）已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生F2。

①该杂交实验的亲本基因型为_AAbb和aaBB__。

②F1测交，后代表现型及对应比例为_红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1__。

③F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有_4__种（不考虑正反交）。

④F2的棕毛个体中纯合体的比例为_1/3__。

F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为_1/9__。

（3）若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表现为白毛。

基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为_9/64__，白毛个体的比例为_49/64__。

[解析]　

（1）由题表可知，棕毛猪的基因型有4种，即AAbb、Aabb、aaBB和aaBb。

（2）①由两头纯合棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，可知两亲本的基因型为AAbb和aaBB。

②F1的基因型为AaBb，F1测交后代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，因此其表现型及比例为红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。

③F2中的纯合体有4种基因型，分别为AABB、AAbb、aaBB和aabb，其相互交配能产生棕毛子代的基因型组合有4种，即AAbb×AAbb、aaBB×aaBB、AAbb×aabb、aaBB×aabb。

④由自由组合定律可知，基因型为AaBb的F1雌雄个体交配产生的后代（F2）中，棕色个体中各基因型及所占比例为1/6AAbb、1/6aaBB、1/3Aabb、1/3aaBb，其中纯合子占1/3，F2中棕毛个体相互交配时，只有1/3Aabb×1/3Aabb、1/3aaBb×1/3aaBb、1/3Aabb×1/3aaBb和1/3aaBb×1/3Aabb四种杂交组合会产生白色个体，那么白毛个体所占的比例为1/3×1/3×1/4×4＝1/9。

（3）基因型为IiAaBb的雌雄个体交配时，子代中红毛个体的基因型为iiA_B_，由于三对基因独立遗传，其所占的比例为1/4×3/4×3/4＝9/64；白毛个体的基因型为I_____和iiaabb，即3/4＋1/4×1/4×1/4＝49/64。

5．（2018·全国卷Ⅲ）下列研究工作中由我国科学家完成的是（　D　）

A．以豌豆为材料发现性状遗传规律的实验

B．用小球藻发现光合作用暗反应途径的实验

C．证明DNA是遗传物质的肺炎双球菌转化实验

D．首例具有生物活性的结晶牛胰岛素的人工合成

[解析]　A错：

奥地利科学家孟德尔以豌豆为材料进行遗传学实验，发现了性状遗传规律。

B错：

美国科学家卡尔文等用小球藻进行实验，探明了CO2中的碳在光合作用中转化成有机物中碳的途径。

C错：

证明DNA是遗传物质的肺炎双球菌转化实验是由美国科学家艾弗里及其同事完成的。

D对：

1965年，我国科学家在世界上第一次用人工方法合成了具有生物活性的结晶牛胰岛素，开辟了人工合成蛋白质的时代。

6．（2017·全国Ⅲ）已知某种昆虫的有眼（A）与无眼（a）、正常刚毛（B）与小刚毛（b）、正常翅（E）与斑翅（e）这三对相对性状各受一对等位基因控制。

现有三个纯合品系：

①aaBBEE、②AAbbEE和③AABBee。

假定不发生染色体变异和染色体变换，回答下列问题：

（1）若A/a、B/b、E/e这三对等位基因都位于常染色体上，请以上述品系为材料，设计实验来确定这三对等位基因是否分别位于三对染色体上。

（要求：

写出实验思路、预期实验结果、得出结论）

（2）假设A/a、B/b这两对等位基因都位于X染色体上，请以上述品系为材料，设计实验对这一假设进行验证。

（要求：

写出实验思路、预期实验结果、得出结论）

[答案]　

（1）选择①×②、②×③、①×③三个杂交组合，分别得到F1和F2，若各杂交组合的F2中均出现四种表现型，且比例为9∶3∶3∶1，则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上；若出现其他结果，则可确定这三对等位基因不是分别位于三对染色体上。

（2）选择①×②杂交组合进行正反交，观察F1中雄性个体的表现型。

若正交得到的F1中雄性个体与反交得到的F1中雄性个体有眼/无眼、正常刚毛/小刚毛这两对相对性状的表现均不同，则证明这两对等位基因都位于X染色体上。

[解析]　

（1）实验思路：

要确定三对等位基因是否分别位于三对染色体上，根据实验材料，可将其拆分为判定每两对等位基因是否位于两对染色体上，如利用①和②杂交，得到F1，再让F1雌雄个体自由交配，观察F2的表现型及比例来判定基因A/a和B/b是否位于两对染色体上。

同理用②和③杂交判定基因E/e和B/b是否位于两对染色体上，用①和③杂交判定基因E/e和A/a是否位于两对染色体上。

（2）要验证A/a和B/b这两对等位基因都位于X染色体上，可通过①aaBBEE、②AAbbEE两种实验材料，利用正反交实验，观察F1雄性个体中刚毛和眼两对性状，如果正交♀①EEXaBXaB×♂②EEXAbY→F1∶♀全部为有眼正常刚毛正常翅，♀全部为无眼正常刚毛正常翅。

反交♂①EEXaBY×♀②EEXAbXAb→F1：

♀全部为有眼正常刚毛正常翅，♂全部为有眼小刚毛正常翅。

则A/a、B/b这两对等位基因都位于X染色体上。

核心拓展

1．理清基因分离定律和自由组合定律的关系及相关比例（填图）

2．辨明性状分离比出现偏离的原因

（1）具有一对相对性状的杂合子自交：

Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa

①2∶1⇒_显性纯合致死__，即AA个体不存活。

②全为显性⇒_隐性纯合致死__，即aa个体不存活。

③1∶2∶1⇒_不完全显性__，即AA、Aa、aa的表现型各不相同。

（2）两对相对性状的遗传现象：

①自由组合定律的异常分离比：

F1：

AaBb

F2，正常情况下，F2的性状分离比为9∶3∶3∶1，异常情况下：

②基因完全连锁现象：

题型突破

题型1　孟德尔遗传实验的科学方法及遗传基本概念的应用

1．（2018·江苏卷）一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合3∶1性状分离比的情况是（　C　）

A．显性基因相对于隐性基因为完全显性

B．子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等，雄配子中也相等

C．子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异

D．统计时子二代3种基因型个体的存活率相等

[解析]　C错：

子一代产生的雄配子中2种类型配子的活力有差异，会使两种类型配子比例偏离1∶1，从而导致子二代不符合3∶1的性状分离比。

基因分离定律解题策略

（1）分离定律试题的类型

（2）基因型的确定技巧（相关基因用A、a表示）

①隐性突破法：

若子代出现隐性性状，则其基因型一定为aa，其中一个来自父本，另一个来自母本。

②后代分离比推断法

若后代分离比为显性∶隐性＝3∶1，则亲本基因型为Aa和Aa，即：

Aa×Aa→3A_∶1aa。

若后代分离比为显性∶隐性＝1∶1，则双亲一定是测交类型，即：

Aa×aa→1Aa∶1aa。

若后代只有显性性状，则亲本至少有一方是显性纯合子，即：

AA×Aa或AA×AA或AA×aa。

（3）四步曲写基因型

→

→

→填空

题型2　生物显隐性判断及亲子代基因型、表现型的推理　　　及相关计算

2．（2016·全国卷Ⅲ）用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。

若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。

根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是（　D　）

A．F2中白花植株都是纯合体

B．F2中红花植株的基因型有2种

C．控制红花与白花的基因在一对同源染色体上

D．F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多

[解析]　由F2中红花∶白花＝272∶212≈9∶7，F1测交子代中红花∶白花≈1∶3，可以推测出红花与白花这对相对性状受位于两对同源染色体上的两对等位基因控制（假设为A、a和B、b），C项错误；结合上述分析可知基因型A_B_表现为红花，其他基因型表现为白花。

亲本基因型为AABB和aabb，F1基因型为AaBb，F2中红花基因型为AABB、AaBB、AABb、AaBb，B项错误；F2中白花基因型为AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，A项错误、D项正确。

3．（2019·全国卷Ⅱ，5）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。

某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。

①让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离

②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶

③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1

④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1

其中能够判定植株甲为杂合子的实验是（　B　）

A．①或②B．①或④

C．②或③D．③或④

[解析]　假设控制羽裂叶和全缘叶的相关基因是A、a。

植株甲（全缘叶）自花传粉后，子代出现性状分离，可说明植株甲是杂合子，①符合题意；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶，不能判定植株甲是杂合子（如AA×Aa），②不符合题意；用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例是1∶1，不能判定全缘叶和羽裂叶的显隐性，若羽裂叶为显性性状（Aa），则植株甲是纯合子（aa），③不符合题意；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例是3∶1，说明全缘叶是显性性状，植株甲和另一全缘叶植株都是杂合子，即Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa，④符合题意。

4．（2019·全国卷Ⅱ，32）某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。

已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。

某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。

实验①：

让绿叶甘蓝（甲）的植株进行自交，子代都是绿叶

实验②：

让甲植株与紫叶甘蓝（乙）植株杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3

回答下列问题。

（1）甘蓝叶色中隐性性状是_绿色__，实验①中甲植株的基因型为_aabb__。

（2）实验②中乙植株的基因型为_AaBb__，子代中有_4__种基因型。

（3）用另一紫叶甘蓝（丙）植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，则丙植株所有可能的基因型是_Aabb、aaBb__；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是_AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb__；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，则丙植株的基因型为_AABB__。

[解析]　

（1）根据实验①②很容易判断甘蓝的绿叶是隐性性状，紫叶是显性性状。

由题干可知，两对基因都为隐性的个体表现为隐性性状，结合实验①可判断出甲植株的基因型是aabb。

（2）根据实验②子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3，可推知乙植株的基因型是AaBb，AaBb×aabb子代中有4种基因型，分别是AaBb、Aabb、aaBb、aabb。

（3）若丙植株与甲植株（aabb）杂交，子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，可推出紫叶丙植株只能产生两种配子，且有一种配子是ab，进而推出丙的基因型是Aabb或aaBb；若丙植株与甲植株杂交子代均为紫叶，说明丙植株产生的配子中只能含一个隐性基因或全是显性基因，可利用分离定律列出丙植株可能的基因型，符合要求的丙植株的基因型是AABB、AABb、AAbb、aaBB、AaBB；若丙植株与甲植株杂交子代均为紫叶，且该子代自交后代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，这是自由组合定律9∶3∶3∶1性状分离比的变形，推出子代紫叶植株的基因型是AaBb，由此推出丙植株的基因型是AABB。

分离定律的应用“方法”归纳

（1）鉴定纯合子、杂合子——自交（植物）、测交（动物）和花粉鉴定法（植物）。

（2）确认显、隐性

①根据子代性状判断

a．具有一对相对性状的亲本杂交→子代只出现一种性状→子代所出现的性状为显性性状。

b．相同性状的亲本杂交→子代出现不同性状→子代所出现的新的性状为隐性性状。

②根据子代性状分离比判断：

具一对相对性状的亲本杂交→F1性状分离比为3∶1→分离比占3/4的性状为显性性状。

（3）提高纯合率——连续自交，如图所示（纯合子比例越来越接近于1）。

题型3　用分离定律解决自由组合定律的相关问题

5．（2019·江淮十校联考）研究人员为探究荞麦主茎颜色和瘦果形状的遗传规律，以两种自交可育的普通荞麦纯种为材料进行杂交实验，结果如下表。

下列分析判断不正确的是（　D　）

亲本

F1表现型

F2表现型及数量

绿茎尖果×绿茎钝果

红茎尖果

红茎尖果271　红茎钝果90

绿茎尖果211　绿茎钝果72

A．这两对相对性状的遗传是由细胞核中遗传物质控制的

B．荞麦的主茎颜色和瘦果形状两对相对性状独立遗传

C．荞麦的尖果与钝果是由一对等位基因控制的相对性状

D．荞麦的绿色茎与红色茎是由一对等位基因控制的相对性状

[解析]　F2植株的两对相对性状未在F1中表现出“母系遗传”的特征，A项正确。

主茎颜色和瘦果形状在F2中呈现出不同的分离比，说明两对性状独立遗传，B项正确。

尖果与钝果在F2中表现出3∶1的分离比，说明该性状由一对等位基因控制，C项正确。

绿色茎与红色茎在F2中未表现出3∶1的分离比（接近于9∶7），说明该性状不是由一对等位基因控制（很可能是由两对等位基因控制），D项错误。

6．（2018·全国卷Ⅲ）某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验，杂交涉及的四对相对性状分别是：

红果（红）与黄果（黄）、子房二室

（二）与多室（多）、圆形果（圆）与长形果（长）、单一花序（单）与复状花序（复）。

实验数据如下表。

组别

杂交组合

F1表现型

F2表现型及个体数

甲

红二×黄多

红二

450红二、160红多、150黄二、50黄多

红多×黄二

红二

460红二、150红多、160黄二、50黄多

乙

圆单×长复

圆单

660圆单、90圆复、90长单、160长复

圆复×长单

圆单

510圆单、240圆复、240长单、10长复

回答下列问题：

（1）根据表中数据可得出的结论是：

控制甲组两对相对性状的基因位于_非同源染色体__上，依据是_F2中两对相对性状表现型的分离比符合9∶3∶3∶1__；控制乙组两对相对性状的基因位于_一对__（填“一对”或“两对”）同源染色体上，依据是_F2中每对相对性状表现型的分离比都符合3∶1，而两对相对性状表现型的分离比不符合9∶3∶3∶1__。

（2）某同学若用“长复”分别与乙组的两个F1进行杂交，结合表中数据分析，其子代的统计结果不符合_1∶1∶1∶1__的比例。

[解析]　

（1）由于表中数据显示，甲组F2的表现型及比例为红二∶红多∶黄二∶黄多≈9∶3∶3∶1，该比例符合基因的自由组合定律的性状分离比，所以控制甲组两对相对性状的基因位于非同源染色体上。

乙组F2的表现型中，每对相对性状表现型的比例都符合3∶1，即圆形果∶长形果＝3∶1，单一花序∶复状花序＝3∶1。

而圆单∶圆复∶长单∶长复不符合9∶3∶3∶1的性状分离比，不符合自由组合定律，所以控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上。

（2）根据乙组的相对性状表现型分离比可知，控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，所以用“长复”（隐性纯合子）分别与乙组的两个F1进行杂交，不会出现测交结果为1∶1∶1∶1的比例。

用分离定律解决自由组合问题

（1）方法：

首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。

在独立遗传的情况下，有几对基因就可分解为几个分离定律问题。

如AaBb×Aabb可分解为如下两个分离定律：

Aa×Aa；Bb×bb。

（2）题型：

①配子类型的问题：

a．具有多对等位基因的个体，在减数分裂时，产生配子种类数是每对基因产生配子种类数的乘积。

b．多对等位基因的个体产生某种配子的概率是每对基因产生相应配子概率的乘积。

②基因型、表现型类型的问题：

a．任何两种基因型的亲本相交，产生的子代基因型或表现型的种类数等于亲本各对基因单独相交所产生相应基因型或表现型种类数的乘积。

b．子代某一基因型或表现型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应基因型或表现型概率的乘积。

题型4　考查特殊遗传分离比的问题

7．（2017·全国卷Ⅱ）若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中，A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。

若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是（　D　）

A．AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd

B．aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD

C．aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd

D．AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd

[解析]　由F2中52＋3＋9＝64可推知，F1产生的雌雄配子各有8种，即可推出F1的基因型为AaBbCc。

A项中AABBDD×aaBBdd→F1：

AaBBDd，或AAbbDD×aabbdd→F1：

AabbDd，F1产生的雌雄配子各有4种，A项错误。

B项中aaBBDD×aabbdd→F1：

aaBbDd，或AAbbDD×aaBBDD→F1：

AaBbDD，F1产生的雌雄配子各有4种，B项错误。

C项中aabbDD×aabbdd→F1：

aabbDd，F1产生的雌雄配子各有2种；AAbbDD×aabbdd→F1：

AabbDd，F1产生的雌雄配子各有4种，C项错误。

D项中AAbbDD×aaBBdd→F1：

AaBbDd，或AABBDD×aabbdd→F1：

AaBbDd，F1产生的雌雄配子各有8种，D项正确。

8．（2018·山西大同质检）玉米是一种雌雄同株植物，其顶部开雄花，中部开雌花。

已知正常株的基因型为B_T_，基因型为bbT_的植株下部雌花序不能正常