黄浦区高三二模数学Word版附解析可编辑修改word版.docx
《黄浦区高三二模数学Word版附解析可编辑修改word版.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《黄浦区高三二模数学Word版附解析可编辑修改word版.docx(17页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
![黄浦区高三二模数学Word版附解析可编辑修改word版.docx](https://file1.bdocx.com/fileroot1/2022-12/31/c7987f06-f715-4964-ae2c-46ae5a6b066c/c7987f06-f715-4964-ae2c-46ae5a6b066c1.gif)
黄浦区高三二模数学Word版附解析可编辑修改word版
上海市黄浦区2018届高三二模数学试卷
2018.04
一.填空题(本大题共12题,1-6每题4分,7-12每题5分,共54分)
1.已知集合A={1,2,3},B={1,m},若3-m∈A,则非零实数m的数值是
2.不等式|1-x|>1的解集是
3.
若函数f(x)=
是偶函数,则该函数的定义域是
4.已知∆ABC的三内角A、B、C所对的边长分别为a、b、c,若a2=b2+c2-2bcsinA,则内角A的大小是
5.已知向量a在向量b方向上的投影为-2,且|b|=3,则a⋅b=
(结果用数值表示)
6.方程log(3⋅2x+5)-log(4x+1)=0的解x=
7.已知函数f(x)=
2sinx
-cos2x
,则函数f(x)的单调递增区间是
1cosx
8.已知是实系数一元二次方程x2-(2m-1)x+m2+1=0的一个虚数根,且||≤2,则实数m的取值范围是
9.已知某市A社区35岁至45岁的居民有450人,46岁至55岁的居民有750人,56岁至65岁的居民有900人.为了解该社区35岁至65岁居民的身体健康状况,社区负责人采用分层抽样技术抽取若干人进行体检调查,若从46岁至55岁的居民中随机抽取了50人,试问这次抽样调查抽取的人数是人
10.将一枚质地均匀的硬币连续抛掷5次,则恰好有3次出现正面向上的概率是
(结果用数值表示)
n
11.已知数列an是共有k个项的有限数列,且满足an+1an-1
n
(n=2,,k-1),若
a1=24,a2=51,ak=0,则k=
12.已知函数f(x)=ax2+bx+c(0<2a
f
(1)
f(0)-f(-1)
的最小值是
二.选择题(本大题共4题,每题5分,共20分)
13.空间中,“直线m⊥平面”是“直线m与平面内无穷多条直线都垂直”的
()
A.充分非必要条件B.必要非充分条件
C.充要条件D.既非充分也非必要
14.二项式(
+
1)40的展开式中,其中是有理项的项数共有()
A.
4项B.7项C.5项D.6项
⎧x+y≤3
15.实数x、y满足约束条件⎪x≥0,y≥0,则目标函数w=2x+y-3最大值是()
⎪x-y+1≥0
A.0B.1C.-2
D.3
16.在给出的下列命题中,是假命题的是()
A.设O、A、B、C是同一平面上四个不同的点,若OA=m⋅OB+(1-m)⋅OC(m∈R),
则点A、B、C必共线
B.
若向量a和b是平面上的两个不平行的向量,则平面上的任一向量c都可以表示
为c=a+b(、∈R),且表示方法是唯一的
C.已知平面向量OA、OB、OC满足|OA|=|OB|
+∆+=
且OAOBOC0,则ABC是等边三角形
=|OC|=r(r>0),
D.在平面上的所有向量中,不存在这样的四个互不相等的非零向量a、b、c、d,
使得其中任意两个向量的和向量与余下两个向量的和向量相互垂直
三.解答题(本大题共5题,共14+14+14+16+18=76分)
17.在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,AB⊥AD,BC∥AD,BC=1,CD=,
∠CDA=45︒.
(1)画出四棱锥P-ABCD的主视图;
(2)若PA=BC,求直线PB与平面PCD
所成角的大小.(结果用反三角函数值表示)
18.某企业欲做一个介绍企业发展史的铭牌,铭牌的截面形状是如图所示的扇形环面(由扇形OAD挖去扇形OBC后构成的).已知OA=10米,OB=x米,0(1)
求关于x的函数解析式;
(2)记铭牌的截面面积为y,试问x取何值时,y的值最大?
并求出最大值
19.已知动点M(x,y)到点F(2,0)的距离为d1,动点M(x,y)到直线x=3的距离为d2,且
d1=6.
d23
(1)求动点M(x,y)的轨迹C的方程;
(2)过点F作直线l:
y=k(x-2)(k≠0)交曲线C于P、Q两点,若△OPQ的面积
S∆OPQ=
(O是坐标系原点),求直线l的方程.
⎧-2x,-1≤x<0,
⎩
20.已知函数f(x)=⎨x2-1,0≤x≤1.
(1)求函数f(x)的反函数f-1(x);
(2)试问:
函数f(x)的图像上是否存在关于坐标原点对称的点,若存在,求出这些点的
坐标;若不存在,说明理由;
(3)若方程f(x)+21-x2+|f(x)-2
|-2ax-4=0的三个实数根x1、x2、x3满足
x121.定义:
若数列{c}和{d}满足c>0,d>0,且c
=cn+dn
,n∈N*,则称数
nnnnn+1
列{dn}是数列{cn}的“伴随数列”.已知数列{bn}是{an}的伴随数列,解答下列问题:
(1)若b=a(n∈N*),b=,求数列{a}的通项公式a;
nn1nn
(2)若bn+1
=1+bn
an
(n∈N*),b1为常数,求证:
数列
a1
{(bn
an
)2}
是等差数列;
(3)若b=
(n∈N*),数列{a}是等比数列,求a、b的数值.
n+1
n
n11
参考答案
一.填空题
1.2
2.(-∞,0)(2,+∞)
3.[-2,2]
4.
4
5.-6
6.2
3
7.[k-,k+],k∈Z
88
8.(-3,3]
4
9.140
10.5
16
11.50
12.3
二.选择题
13.A14.B15.D16.D
三.解答题
17.解:
视图如下:
(2)根据题意,可算得AB=1,AD=2.
又PA=BC=1,按如图所示建立空间直角坐标系,可得,A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,2,0),P(0,0,1).
于是,有PB(1,0,1),CD(1,1,0),PD(0,2,1).
⎪n⋅CD=0,
⎧-x+y=0,
设平面PCD的法向量为n=(x,y,z),则⎨
⎪⎩n⋅PD=0,
即⎨2y-z=0.
⎩
令z=2,可得y=1,x=1,故平面PCD的一个法向量为n=(1,1,2).
|nPB|3
设直线PB与平面PCD所成角的大小为,则sin=
=.
|n||PB|6
所以直线PB与平面PCD所成角的大小为arcsin3.
6
18.解:
(1)根据题意,可算得弧BC=x⋅(m),弧AD=10(m).
又BA+CD+弧BC+弧CD=30,于是,10-x+10-x+x⋅+10=30,
2x+10
所以,=
x+10
(0(2)依据题意,可知y=S
扇OAD
-S扇OBC
=1⨯102-1x2
22
化简,得y=-x2+5x+50=-(x-5)2+225
24
于是,当x=5(满足条件0(m2).
2max4
答所以当x=5米时铭牌的面积最大,且最大面积为225平方米.
24
19.解:
(1)结合题意,可得d=(x-2)2+y2,d=|x-3|.
12
dx2y2
又1=
d2
,于是,
3
=
|x-3|3
,化简得
+=1.
62
因此,所求动点M(x,y)的轨迹的方程是x2+y2=
62
⎧x2y2
⎨1,
得(1+3k2)x2-12k2x+12k2-6=0.
⎪⎩y=k(x-2),
12k2
12k2-6
设点P(x1,y1)、Q(x2,y2),则x1+x2=1+3k2,x1x2=
1+3k2
,∆>0
于是,弦|PQ|=
=,
|2k|
点O到直线l的距离d=.由S∆OPQ=,
1+k2
1|2k|
21+k2
=,化简得k4-2k2+1=0,
解得k=±1,且满足∆>0,即k=±1都符合题意.
因此,所求直线的方程为x-y-2=0或x+y-2=0.
⎧-2x,-1≤x<0,
⎩
20.解:
(1)f(x)=⎨x2-1,0≤x≤1.
∴当-1≤x<0时,f(x)=-2x,且0由y=-2x,得x=-1y,互换x与y,可得f-1(x)=-1x(022
当0≤x≤1时,f(x)=x2-1,且-1≤f(x)≤0.
由y=x2-1,得x=
,互换x与y,可得f-1(x)=
1+x(-1≤x≤0).
⎨
⎧-1x,0∴f-1(x)=⎪
⎪⎩
2
1+x,
-1≤x≤0.
(2)函数图像上存在两点关于原点对称.
设点A(x0,y0)(0则f(x)+f(-x)=0,即x2-1+2x=0,
0000
解得x0=-1(x0=--1,舍去),且满足0因此,函数图像上存在点A(
-1,2-22)和B(1-
2,2
-
2)关于原点对称.
(3)考察函数y=
f(x)与函数y=2
的图像,可得
当-1≤x≤-
2时,有f(x)≥2
2
,原方程可化为-4x-2ax-4=0,
解得x=-
2,且由-1≤-2≤-
2,得0≤a≤2
-2.
a+2
a+22
当-22
,原方程可化为4
-2ax-4=0,
化简得(a2+4)x2+4ax=0,
解得x=0,或x=-
4aa2+4
(当0≤a≤2
-2时,-
2<-
2
4aa2+4
<0).
于是,x1
=-2
a+2
x2
=-4aa2+4
x3
=0.
由x-x=2(x-x),得4a
=2(-
4a+
2),解得a=-3±
17.
3221
a2+4
a2+4
a+22
因为a=-3-
2
17<-1,故a=-3-
2
17不符合题意,舍去;
02
-
2,满足条件.因此,所求实数a=-3+17.
2
21.解:
(1)根据题意,有a
>0,b
>0,且a
=an+bn
,n∈N*.
nnn+1
由b=a
(n∈N*),b=
,得a
=an+an=
2,a
=b=
,n∈N*.
nn
所以an=
1
,n∈N*.
n+111
(2)b=1+bn(n∈N*),a
>0,b>0,且a
=an+bn
,n∈N*,
n+1
n
bn
nnn+1
1+abb
∴an+1
=n=n+1,n+1=
an+1
,n∈N*.
⎛b⎫2
⎛b⎫2
⎧⎪⎛b
⎫2⎫⎪
⎛b⎫2
∴çn+1⎪-çn⎪
=1,n∈N*.∴数列⎨çn⎪⎬是首项为ç1⎪
、公差为1的等差数列.
⎝an+1⎭⎝an⎭
⎪⎩⎝an⎭⎪⎭
⎝a1⎭
(3)b=
(n∈N*),a
>0,b
>0,且a
=an+bn
,n∈N*,
n+1
由nnn+1
n
+b≤2,n∈N*,得1nnn+1
{a}是等比数列,且a>0,设公比为r(r>0),则a
=arn-1(n∈N*).
→∞
∴当r>1,即liman→+∞,与1n
n
当0n→∞
矛盾.因此,r>1不成立.
矛盾.因此,0∴r=1,即数列{an}是常数列,于是,an=a1(1∴b=2b(n∈N*).
n+1n
1
b>0,∴b
>
0,数列{b}也是等比数列,设公比为q(q>0),有b
=bqn.
n
∴a=
1
an+1+bn+1
n
,可化为
n+11
n+2
2
n+1
2
n+1
1111111
b2(a2-1)q2n-2abqn+a2(a2-1)=0(1b2(a2-1)>0,2ab≠0,a2(a2-1)>0,∆=4a4b2(2-a2)≥0,
111111111
111111
∴关于x的一元二次方程b2(a2-1)x2-2abx+a2(a2-1)=0有且仅有两个非负实数根.
111111
一方面,qn(n∈N*)是方程b2(a2-1)x2-2abx+a2(a2-1)=0的根;另一方面,
若q≠1(q>0),则无穷多个互不相等的q,q2,q3,q4,,qn,
该二次方程有且仅有两个非负实数根矛盾!
都是该二次方程的根.这与
∴q=1,即数列{b}也是常数列,于是,b
=b,n∈N*.
∴由bn+1=
nn1
(n∈N*),得a=.
=
an
把a=
,代入a
=an+bn
,解得b=
.∴⎧⎪a1=2,
1n+1
1⎨
⎪⎩b12.