学年河南省中原名校即豫南九校高一下学期第一次联考物理试题.docx

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学年河南省中原名校即豫南九校高一下学期第一次联考物理试题

一．选择题（本题共10个小题，每小题5分。

第1～7小题只有一个选项正确，8～10题有多个选项正确。

全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1.下列对运动的认识不正确的是（）

A.亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用时才会运动

B.伽利略认为力不是维持一物体速度的原因

C.牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不是物体运动的原因

D.伽利略根据理想实验推导出，如果没有摩擦，在水平面上的物体一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去

2.关于质点的运动，下列说法中正确的是（）

A.质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零

B.质点速度变化率越大，则加速度越大

C.质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零

D.位移的方向就是质点运动的方向

3.甲、乙两位同学进行百米赛跑，假如把他们的运动近似为匀速直线运动来处理，他们同时从起跑线起跑，经过一段时间后他们的位置如图所示，在下图中分别做出在这段时间内两人运动的位移x、速度v与时间t的关系图象，正确的是（）

4.物体由静止开始做直线运动，则上下两图对应关系正确的是（图中F表示物体所受的合力，a表示物体的加速度，v表示物体的速度）（）

5.某卡车司机在限速60km/h的水平公路上因疲劳驾驶而使汽车与路旁障碍物相撞，处理事故的警察在路旁泥中发现了卡车顶上的一个金属零件，可以判断，这是事故发生时刻该零件从卡车顶上松脱后被水平抛出而陷在泥地里。

警察测得该零件原位置与陷落点的水平距离为10.5m，车顶距泥地的竖直高度为2.45m。

根据这些数据可以为你判断该车是否超速提供必要的证据，在忽略空气阻力的情况下，g取10m/s2。

下列判断正确的是（）

A.金属件做平抛运动，竖直方向做自由落体运动时间为7s

B.若卡车以60km/h的速度匀速行驶，金属零件运动的水平位移应该小于10.5m

C.可以判断此卡车超速

D.可以判断此卡车的速度大小为54km/h

6.运动着的汽车制动后做匀减速直线运动，经3.5s停止，则它在制动开始后的1s内、2s内、3s内通过的位移之比为（）

A.1:

3:

5B.1:

2:

3C.3:

5:

6D.1:

8:

16

7.如图所示，小车沿水平面向右做匀加速直线运动，车上固定的硬杆和水平车面的夹角为θ，杆的顶端固定着一个质量为m的小球，当小车运动的加速度逐渐增大时，杆对小球的作用力（F1至F4变化）的变化图示可能是（）

8.如图所示，两个质量分别为m1=1kg、m2=4kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。

两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则达到稳定状态后，下列说法正确的是（）

A.弹簧秤的示数是25N

B.弹簧秤的示数是25N

C.在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为7m/s2

D.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2

9.如图甲所示，在一端封闭、长约1m的玻璃管内注满清水，水中放置一个蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧。

然后将这个玻璃管迅速倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动。

假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内任意1s上升的距离都是10cm，玻璃管向右匀加速平移，每1s通过的水平位移依次是2.5cm、7.5cm、12.5cm、17.5cm。

图乙中，y表示蜡块竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管运动的水平位移，t=0时蜡块位于坐标原点。

则下列说法正确的是（）

A.蜡块4s内的运动轨迹是如图乙中的抛物线

B.蜡块2s时蜡块在水平方向的速度为0.1m/s

C.玻璃管向右平移的加速度大小为5×10-2m/s2

D.t=2s时蜡块的速度大小为0.2m/s

10.如图所示，质量为m的物体，在沿斜面向上的拉力F作用下，沿放在水平地面上的质量为M的倾角为θ的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，则地面对斜面（）

A.无摩擦力B.有水平向左的摩擦力

C.支持力为（M+m）gD.支持力小于（M+m）g

二、填空题和实验题（本题共2小题，共12分，第11题6分，第12题6分）。

11.在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz交流电源。

（1）设电火花计时器的周期为T，计算F点的瞬时速度vF的公式为vF=；

（2）他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如下表，以A点对应的时刻为t=0，试在下图所示坐标系中合理地选择标度，作出v-t图象，并利用该图象求出物体的加速度

a=m/s2

（3）如果当时电网中交变电流的电压变成210V，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比。

（填“偏大”、“偏小”或“不变”）

12.某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时，加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图所示的a-F图象。

（1）图线不过坐标原点的原因是。

（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量（填“是”或“否”）

（3）由图象求出小车和传感器的总质量为kg。

三、计算题。

（本题共4小题，共38分。

要有必要文字说明，解题步骤，有数值计算的要注明单位。

）

13.（8分）斜面长度为4m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v02的关系图象（即x-v02图象）如图所示。

（1）求滑块下滑的加速度大小。

（2）若滑块下滑的初速度为5.0m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为多长？

14.（8分）两个相同的小球A和B,质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好处于竖直方向，如图所示，如果不考虑小球的大小，两小球处于静止状态，则：

（1）OB绳对小球的拉力为多大？

（2）OA绳对小球的拉力为多大？

（3）作用力F为多大？

15.（10分）如图所示，水平传送带AB长12m，以v0=5m/s的速度匀速运动，运动方向向右，另有一物体以v=10m/s的速度滑上传送带的右端，它与传送带之间的动摩擦因数为0.5（g=10m/s2）

（1）通过计算说明物体能否到达左端A点？

（2）求物体在传送带上运动的时间.

16.（12分）如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一个F=8N的水平推力，当小车向右运动的速度达到v0=1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数

，小车足够长，取g=10m/s2.求：

（1）放小物块后，小物块及小车的加速度各为多大；

（2）经多长时间两者达到相同的速度；

（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？

豫南九校2017—2018学年下期第一次联考

高一物理参考答案

一、选择题（本题共10小题，每小题5分．其中1

7小题给出的选项中只有一项符合题目要求，8

10小题给出的选项中有多项符合题目要求，多选题全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）

1．【答案】A．

【解析】运动是物体的自然属性，并不需要力来维持，选项A错误，B正确；力产生的效果是改变物体的运动状态，即改变速度，而不是物体运动的原因.选项C正确；如果物体不受力，其运动状态不变，即速度不变，选项D正确．

2．【答案】B．

【解析】加速度是速度的变化和所用时间的比值，即a＝

.加速度为零，速度变化也为零，但速度不一定为零，加速度不为零，速度可能为零，故A、C选项错误；质点速度变化率越大，则加速度越大，B选项正确；位移是矢量，是由初始位置指向终止位置的有向线段，如果质点做往复运动或曲线运动，位移的方向与质点运动的方向可能不一致，故D选项错误．

3．【答案】B．

【解析】他们同时从起跑线起跑且均做匀速直线运动，故他们运动的x-t关系图象均是经过原点的倾斜直线，斜率大小代表速度大小；而vt关系图线是平行于横轴的直线，由题图4可知，v乙>v甲，故选项B正确．

4．【答案】C．

【解析】由F＝ma可知加速度a与合外力F同向，且大小成正比，故F-t图象与at图线变化趋势应一致，故选项A、B均错误；当速度与加速度a同向时，物体做加速运动，加速度a是定值时，物体做匀变速直线运动，故选项C正确，D错误．

5．【答案】D．

【解析】金属件做平抛运动，竖直方向做自由落体运动时间为t，由

 ，得时间t=0.7s,若以60km/h的速度行驶，水平位移s=vt=11.67m>10.5m,所以卡车没有超速.或算出卡车实际车速为54km/h，所以D正确。

6．【答案】C．

【解析】画示意图如图所示，把汽车从A→E的末速度为0的匀减速直线运动，逆过来转换为从E→A的初速度为0的匀加速直线运动来等效处理，由于逆过来前后，加速度大小相同，故逆过来前后的运动位移、速度时间均具有对称性．所以知汽车在相等时间内发生的位移之比为1∶3∶5∶…，把时间间隔分为0.5s，所以xDE∶xCD∶xBC∶xAB＝1∶8∶16∶24，所以xAB∶xAC∶xAD＝3∶5∶6.选项C正确．

7．【答案】B．

【解析】小球只受重力和杆的弹力作用．杆的弹力F的竖直分量与重力平衡，水平分量产生加速度，即F竖直＝mg，F水平＝ma，所以B正确．

8．【答案】BC．

【解析】本题考查用整体法、隔离法分析物体受力以及牛顿第二定律的应用．以m1、m2以及弹簧秤为研究对象，则整体向右的加速度a＝

＝2m/s2；再以m1为研究对象，设弹簧的弹力为F，则F1－F＝m1a，得F＝28N，A错误B正确；突然撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，此时m2的加速度a＝

＝7m/s2，C正确；突然撤去F1的瞬间，弹簧的弹力也不变，此时m1的加速度a＝

＝28m/s2，D错误．

9．【答案】ABC.

【解析】A．蜡块在竖直方向做匀速直线运动，在水平方向向右做匀加速直线运动，根据题中的数据画出的轨迹如图所示.

B.由于玻璃管向右为匀加速平移，根据Δx＝at2可求得加速度，由题中数据可得：

Δx＝5.0cm，相邻时间间隔为1s，则a＝

＝5×10－2m/s2，由运动的独立性可知，竖直方向的速度为vy＝

＝0.1m/s.水平方向做匀加速直线运动，2s时蜡块在水平方向的速度为vx＝at＝0.1m/s，则2s时蜡块的速度：

v＝

＝

m/s.所以D错误。

10．【答案】BD．

【解析】用整体法进行分析，以物体和斜面为研究对象，整体处于平衡状态，共受四个作用力：

两物体的总重力、沿斜面向上的拉力F、地面的支持力、地面的静摩擦力，静摩擦力方向水平向左．因为总重力大小等于地面的支持力与拉力沿竖直方向的分力的合力，所以支持力小于总重力，B、D正确．

11．【答案】

（1）

（2）见解析图　0.40　（3）不变.每空1.5分，总分不得小分。

【解析】

（1）利用“中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度”求F点的速度，可得vF＝

；

（2）用描点法作出v-t图象如图所示，由图线的斜率求出加速度a＝

＝0.40m/s2；

（3）电网中交变电流的电压变化，并不改变电火花计时器的周期，故测量值与实际值相比不变．

12．【答案】

（1）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足　

（2）否（3）1每空2分。

【解析】

（1）a-F图象与横轴交点为（0.1,0），说明施加外力在0.1N之内小车和传感器没有加速度，说明实验前没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足．

（2）因传感器可直接测出小车和传感器受到的拉力，因此不需要保证砂和桶的质量远小于小车和传感器的总质量．

（3）aF图象斜率为

，由图知图象斜率k＝1，则小车和传感器的总质量为1kg.

13．【答案】

（1）2m/s2　

（2）1s.

【解析】

（1）由v

＝2ax推知，图线“斜率”为

，     （2分）

所以滑块下滑的加速度大小a＝2m/s2.        （2分）

（2）由图象可知，当滑块的初速度为4m/s时，滑块刚好滑到斜面最低点．设滑块在斜面上的滑动时间为t，

则x＝v0t－

at2，        （2分）

即：

4＝5t－

×2t2，

解得t＝1s，t＝4s（舍去）．       （2分）

14．【答案】　

（1）mg　

（2）2mg　（3）

mg

【解析】　

（1）因OB绳处于竖直方向，所以B球处于平衡状态，AB绳上的拉力为零，OB绳对小球的拉力FOB＝mg.       （2分）

（2）A球在重力mg、水平拉力F和OA绳的拉力FOA三力作用下平衡，所以OA绳对小球的拉力FOA＝

＝2mg.      （3分）

（3）作用力F＝mgtan60°＝

mg.

        （3分）

15．【答案】　

（1）不能　

（2）4.5s

【解析】

（1）物体滑上传送带运动的加速度大小为a＝μg＝5m/s2，（1分）

故物体从滑上传送带到速度为0滑动的距离为：

x＝

＝

m＝10m<12m，

所以物体不能到达传送带左端A点．        （2分）

（2）物体从滑上传送带到速度为0运动时间为：

t1＝

＝

s＝2s，       （2分）

随后物体向右做匀加速运动到与传送带速度相等所用时间为：

t2＝

＝

s＝1s，        （2分）

此过程中物体向右的位移为x1＝

＝

m＝2.5m， （1分）

然后物体随传送带一起做匀速运动到右端所用时间为：

t3＝

＝

s＝1.5s，       （1分）

故物体在传送带上运动的时间为：

t＝t1＋t2＋t3＝（2＋1＋1.5）s＝4.5s.      （1分）

16．【答案】

（1）2m/s2　0.5m/s2　

（2）1s　（3）2.1m.

【解析】

（1）小物块的加速度am＝μg＝2m/s2，      （1分）

小车的加速度aM＝

＝0.5m/s2.        （2分）

（2）由amt＝v0＋aMt，解得：

t＝1s.        （2分）

（3）从小物块放上小车开始1s内，小物块的位移

s1＝

amt2＝1m，        （2分）

1s末小物块的速度v＝amt＝2m/s     （1分）

在接下来的0.5s内小物块与小车相对静止，一起做加速运动，且加速度

a＝

＝0.8m/s2，        （1分）

这0.5s内小物块的位移s2＝vt1＋

at

＝1.1m，     （2分）

小物块1.5s内通过的总位移s＝s1＋s2＝2.1m.    （1分）