届四川省自贡市高三上学期第一次诊断性考试理科综合物理试题解析版.docx

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届四川省自贡市高三上学期第一次诊断性考试理科综合物理试题解析版

自贡市普高2019届第一次诊断性考试理科综合能力测试

（物理部分）

二、选择题：

1.校运会跳远比赛时在沙坑里填沙，这样做的目的是可以减小

A.人的触地时间B.人的动量变化率

C.人的动量变化量D.人受到的冲量

【答案】B

【解析】

【详解】跳高比赛时，运动员从与沙坑接触到静止动量的变化量△p相等，由动量定理可知，人受到的合力的冲量I=△p是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延长了人与沙坑的接触时间，t变大，由动量定理得：

△P=Ft，

，△p一定，t越长，动量变化率越小，人受到的合外力越小，越安全；故选B。

2.如图是一质点0时刻从坐标原点出发做直线运动的v-t图象。

关于质点运动的下列说法，正确的是

A.0-2s内的位移与2s-4s内的位移相同

B.0-2s内的加速度与2s-4s内的加速度方向相反

C.4s末再次经过出发点

D.6s末距出发点最远

【答案】C

【解析】

【详解】v-t图像的面积表示物体的位移，可知0-2s内的位移与2s-4s内的位移大小相等方向相反，4s末物体的位移为零，物体再次经过出发点，选项A错误，C正确；v-t图像的斜率等于加速度，则由图像可知，0-2s内的加速度与2s-4s内的加速度方向相同，选项B错误；由图像可知，2s末距出发点最远，选项D错误；故选C.

【点睛】v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角相同则表示加速度相同，图象与坐标轴围成的面积表示位移．

3.如图所示，真空中有两个带等量异种电荷的小球Q1、Q2固定于一等腰三角形ABC两腰的中点，现将一带正电的检验电荷q从B点移动到C点时其电势能增加，则以下判定正确的是

A.Q1是正电荷，Q2是负电荷

B.若将该检验电荷由A点移动到B点，其电势能保持不变

C.检验电荷在B点和C点所受的电场力相同

D.若将该检验电荷由B点移动到C点，将克服电场力做功

【答案】D

【解析】

【详解】带正电的检验电荷q从B点移动到C点时其电势能增加，可知C点电势高于B点，则Q1是负电荷，Q2是正电荷，选项A错误；A点位于等量异种电荷连线的中垂线上，则A点的电势为零，B点电势低于A点，则若将该检验电荷由A点移动到B点，其电势能减小，选项B错误；由对称性可知，检验电荷在B点和C点所受的电场力大小相同，方向不同，选项C错误；带正电的检验电荷q从B点移动到C点时其电势能增加，则将克服电场力做功，选项D正确；故选D.

【点睛】此题关键是知道等量异种电荷的周围电场线的分布规律，知道电场力做正功，电势能减小，克服电场力做功，电势能增加.

4.如图所示，从竖直大圆的A、B两点安置两条长短不同的光滑轨道AC和BC，下端都在大圆上的最低点C点。

相同小球由静止开始、分别从A、B两点沿两条轨道滑到底端，则下列说法中正确的是

A.小球沿两轨道到达底端的速度大小相等

B.小球沿AC运动所用的时间小于沿BC运动所用的时间

C.小球沿两轨道到达底端过程中重力对小球做的功相同

D.小球沿两轨道到达底端过程中的重力的冲量都相同

【答案】D

【解析】

【详解】物体下滑过程只有重力做功，机械能守恒。

对于任一轨道，由机械能守恒定律得mgh=

mv2，得

，h不同，v不同，即物体到达底端的速度大小不等，故A错误；设任一斜面与竖直方向的夹角为α，大圆的直径为d。

由牛顿第二定律可求得，a=gcosα；根据运动学公式x=dcosα=

at2，可得，t=

，与α无关，只与圆弧的半径及重力加速度有关，故下落时间相同，由I=mgt可知，重力的冲量相等，故B错误，D正确；小球下落的竖直高度不同，则沿两轨道到达底端过程中重力对小球做的功不相同，选项C错误；故选D。

【点睛】本题考查机械能守恒定律、牛顿第二定律、运动学公式等规律的应用，在解题时要注意几何关系的应用，知道物体的位移为x=dcosα，加速度是gcosα，而不是gsinα。

5.如图是发射的一颗人造卫星在绕地球轨道上的几次变轨图，轨道I是圆轨道，轨道Ⅱ和轨道Ⅲ是依次在P点变轨后的椭圆轨道。

下列说法正确的是

A.卫星在轨道I上的运行速度大于7.9km/s

B.卫星在轨道Ⅱ上运动时，在P点和Q点的速度大小相等

C.卫星在轨道I上运动到P点时的加速度等于卫星在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度

D.卫星从轨道I的P点加速进入轨道Ⅱ后机械能增加

【答案】CD

【解析】

【详解】第一宇宙速度v1=7.9km/s是近地卫星的最大速度，是圆轨道卫星最大的环绕速度，根据半径越大，线速度越小，故卫星在轨道I上运行时的速度一定小于7.9km/s，故A错误；根据开普勒第二定律可知，卫星在轨道Ⅱ上运动时，P点为近地点，则在P点的速度大小大于在Q点速度的大小，选项B错误；根据

可知，卫星在轨道I上运动到P点时的加速度等于卫星在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度，选项C正确；卫星从轨道I的P点加速进入轨道Ⅱ后机械能增加，选项D正确；故选CD.

【点睛】考查卫星运动规律，明确近地点与远地点的速度，加速度的大小关系，知道物体做离心和向心运动的条件，熟练运用开普勒三定律进行判断。

6.如图示所示的电路中，R1、R2为定值电阻，R3为可变电阻，C为电容器，电源电动势为E，内阻为r，电压表与电流表均为理想电表。

在可变电阻R3的滑片由a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是

A.电流表的示数减小B.电压表的示数减小

C.电容器的电荷量逐渐减少D.电源的输出功率一定增大

【答案】BC

【解析】

【详解】可变电阻R3的滑片由a端向b端滑动的过程中，R3的阻值减小，总电阻减小，总电流变大，即电流表的示数变大，电源内阻及R1上的电压变大，可知电压表示数减小，选项A错误，B正确；电容器两端的电压变小，可知电容器带电量变小，选项C正确；因不明确电源内阻与外电阻的关系，则不能确定电源输出功率的变化，选项D错误；故选BC.

【点睛】本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：

电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，先分析总电阻的变化、再分析总电流的变化、內电压的变化、路端电压的变化。

7.如图的矩形虚线框abcd所在的区域内存在着沿a指向b方向的匀强电场，ab=L，bc=2L，有一电荷量为q的正点电荷（重力不计）从a点沿ad方向以速度v0垂直于电场射入，恰好从虚线框的c点射出，下列说法正确的是

A.射出速度方向与bc夹角为θ=45°

B.粒子电势能减少mv02

C.粒子离开c点时的动能为

mv02

D.匀强电场的场强为

【答案】AD

【解析】

【详解】粒子沿ad方向做匀速运动，沿ab方向做匀加速运动，则2L=v0t；L=

at2，解得

，

；则射出速度方向与bc夹角为

，则θ=450，选项A正确；电场力对粒子做正功，电势能减小了

，选项B错误；粒子离开c点时的动能为

，选项C错误；由

，解得

，选项D正确；故选AD.

8.如图所示，在倾角θ=37°固定斜面体的底端附近固定一挡板，一质量不计的弹簧下端固定在挡板上，弹簧自然伸长时其上端位于斜面体上的O点处质量分别为mA=4.0kg、mB=1.0kg的物块A和B用一质量不计的细绳连接，跨过固定在斜面体顶端的光滑定滑轮，开始物块A位于斜面体上的M处，物块B悬空，现将物块A和B由静止释放，物块A沿斜面下清，当物块A将弹簧压缩到N点时，物块A、B的速度减为零。

已知MO=1.0m，ON=0.5m，物块A与斜面体之间的动摩擦因数为μ=0.25，重力加速度取g=10m/s2，sin37°=0.6，整个过程细绳始终没有松弛。

则下列说法正确的是

A.物块A在与弹簧接触前的加速度大小为1.2m/s2

B.物块A在与弹簧接触前的加速度大小为1.5m/s2

C.物块A位于N点时，弹簧所储存的弹性势能为9J

D.物块A位于N点时，弹簧所储存的弹性势能为21J

【答案】AC

【解析】

【详解】对AB整体，由牛顿第二定律可得：

，解得a=1.2m/s2，选项A正确，B错误；由能量关系可知，物块A位于N点时，弹簧所储存的弹性势能为

，解得EP=9J，选项C正确，D错误；故选AC.

9.某实验小组在测木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图所示的装置，图中长木板水平固定，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行。

（1）实验过程中，电火花打点计时器应接在___________（选填“直流”或“交流”）电源上。

（2）已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块与长木板间的动摩擦因数μ＝__________。

（3）图为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出。

从纸带上测出x1＝2.10cm，x2＝3.62cm，x5＝8.12cm，x6＝9.60cm。

则木块加速度大小a＝__________m/s2（保留两位有效数字）。

【答案】

（1）.

（1）交流；

（2）.

（2）

；（3）.（3）1.5m/s2

【解析】

【详解】

（1）电火花打点计时器应接在交流电源上。

（2）对砝码：

mg-T=ma；对木块：

T-μMg=Ma，解得

；

（3）因T=0.1s，则x46-x02=2a（2T）2，

解得

10.某同学做“测量金属丝电阻率”的实验。

（1）首先，他用螺旋测微器在被测金属丝上的三个不同位置各测一次直径，并求出其平均值作为金属丝的直径d。

其中某次测量如图1所示，这次测量对应位置金属导线的直径为__________mm。

（2）然后他测量了金属丝的电阻。

实验中使用的器材有：

a金属丝（长度x0为1.0m，电阻约5Ω～6Ω）

b.直流电源（45V，内阻不计）

c.电流表（200mA，内阻约1.0Ω）

d.电压表（3V，内阻约3kΩ）

e.滑动变阻器（50Ω，1.5A）

f.定值电阻R1（5.0Ω，1.5A）

g.定值电阻R2（10.0Ω，1.0A）

h定值电阻R3（100.0Ω，1.0A）

i.开关，导线若干

该同学实验时的电路图如图2所示，且在实验中两块电表的读数都能接近满偏值，定值电阻应该选__________（选填“R1”、“R2”或“R3”）；

该同学根据测量时电流表的读数Ⅰ、电压表的读数U描绘的U-I图象如图3所示，根据图象可以求得金属丝的电阻为：

Rx=__________Ω（结果保留两位有效数字）。

设法保持金属丝的温度不变，而逐渐减小上述金属丝接入电路的长度x（初始长度为x），并且让电压表的示数保持不变时，下列图象中正确反映了金属丝电阻消耗的功率P随x变化规律的是__________。

【答案】

（1）.

（1）1.697；

（2）.

（2）R2（3）.5.3；（4）.B

【解析】

【详解】

（1）固定刻度的读数为：

1.5mm，可动刻度读数为0.01×19.7mm=0.197mm，所以最终读数为：

1.5mm+0.197mm=1.697mm．

（2）根据欧姆定律得，定值电阻

，故定值电阻应该选R2．在直线选取离原点较远的一点，读出坐标U=2.75V，I=180mA=0.18A，待测电阻

；

流过金属丝的电流：

；金属丝的功率：

P＝I2Rx＝

；R2=Rx时，功率P由最大值，但是由于Rx＜R2，在这一范围内，功率P是单调增函数，故选项B正确．故选B.

【点睛】

（1）决本题的关键是掌握螺旋测微器的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

（2）本题考查理解物理图象的能力．伏安法是测量电阻的基本原理，图象法是处理数据的常用方法，可以减小偶然误差．

11.某汽车在高速公路上行驶的速度为108km/h，司机发现前方有障碍物时，立即采取紧急刹车，其制动过程中的加速度大小为5m/s2，假设司机的反应时间为0.50s，汽车制动过程中做匀变速直线运动。

求：

（1）汽车制动8s后的速度是多少

（2）汽车至少要前行多远才能停下来?

【答案】

（1）0

（2）105m

【解析】

【详解】

（1）选取初速度方向为正方向，有：

v0=108km/h=30m/s，由vt=v0+at得汽车的制动时间为：

，则汽车制动8s后的速度是0；

（2）在反应时间内汽车的位移：

x1=v0t0=15m；

汽车的制动距离为：

．

则汽车至少要前行15m+90m=105m才能停下来．

【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，注意汽车在反应时间内做匀速直线运动．

12.如图所示，电荷量为+q，质量为m的小球用一根长为L的绝缘细绳悬挂于O点，所在的整个空间存在水平向右的匀强电场，已知重力加速度为g。

现将悬线拉直使小球从与O点等高的A点静止释放，当小球运动到O点正下方的B点时速度的大小为v=

。

求：

（1）该电场的场强E的大小；

（2）小球刚到达B点时绳的拉力；

（3）若到达B点后绳子突然断裂，断裂时小球以原速度抛出，则小球再次经过O点正下方时与O点的距离是多少?

【答案】

（1）

（2）2mg；（3）9L

【解析】

【详解】

（1）由A到B根据动能定理：

，

解得

（2）在B点，由牛顿第二定律：

解得T=2mg

（3）绳子断裂后，小球水平方向向左先做减速运动，后反向加速；竖直方向做自由落体运动，回到B点正下方，则：

解得h=9L

【点睛】此题关键是第3问的解答，要知道小球参与水平方向的匀变速运动和竖直方向的自由落体运动，两个运动的时间相等.

【物理一选修3-3】

13.下列说法正确的是__________

A.温度反映了热运动的剧烈程度，两个系统达到热平衡时，两系统的温度一定相等

B.在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果

C.悬浮在液体中的微粒越大，布朗运动就越明显

D.已知气体的摩尔质量和密度，可算出该气体分子的体积

E.分子间距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置

【答案】ABE

【解析】

【详解】温度反映了热运动的剧烈程度，两个系统达到热平衡时，两系统的温度一定相等，选项A正确；在围绕地球飞行的宇宙飞船中，物体处于完全失重状态，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果，选项B正确；悬浮在液体中的微粒越小，布朗运动就越明显，选项C错误；已知气体的摩尔质量和密度，可算出该气体分子运动占据的空间的体积，不能求解一个分子的体积，选项D错误；根据分子势能曲线可知，分子间距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置，选项E正确；故选ABE.

14.如图所示，足够长密闭气缸直立于水平面上，活塞将气缸分成两部分，上部为真空，下部封有一定量的气体，活塞和缸的顶部连有一轻弹簧，如果活塞处于气缸底部，弹簧刚好处于原长在图示位置气体的长度L1=0.2m，此时弹簧的弹力等于活塞重力的0.8倍。

忽略活塞与缸壁间的摩擦。

现保持缸内气体温度不变，将气缸水平放置，求缸内气体的长度L2。

【答案】

【解析】

试题分析：

对活塞根据力的平衡可以得到:

则：

，

，

根据波马定律：

，即：

解得：

。

考点：

理想气体的状态方程；封闭气体压强

【名师点睛】本题考查了求气体压强，分析清楚气体状态变化过程，求出气体状态参量，应用玻意耳定律即可正确解题。

【物理—选修3-4（模拟）】

15.根据你所学的物理知识，判断下列说法正确的是__________

A.伽利略认为物体受力越大则速度就越大

B.牛顿发现了万有引力定律，但没有测定万有引力常量

C.小船渡河时，渡河时间与水流速度无关

D.升降式电梯内的人在电梯上行刚启动时有超重现象

E.升降式电梯内的人在电梯下行刚要停止时有失重现象

【答案】BCD

【解析】

【详解】伽利略认为物体受力越大则速度的变化率就越大，速度不一定大，选项A错误；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测定了万有引力常量，选项B正确；小船渡河时，渡河时间只与船沿河对岸的速度有关，与水流速度无关，选项C正确；升降式电梯内的人在电梯上行刚启动时，因加速度向上，则有超重现象，选项D正确；升降式电梯内的人在电梯下行刚要停止时，因加速度向上，则有超重现象，选项E错误；故选BCD.

16.如图所示，水平传送带长L=5m，以速度v=2m/s沿图示方向匀速运动现将一质量为1kg的小物块轻轻地放上传送带的左端，已知小物块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.2，g=10m/s2。

求：

①物块从左端传送到右端需要的时间

②物体在传送带上因摩擦而产生的热量

【答案】①3s②2J

【解析】

【详解】①物体在传送带上开始做加速运动，共速后做匀速运动，开始的加速度为

；

加速的时间

加速的位移：

；

匀速的时间：

则物块从左端传送到右端需要的时间t=t1+t2=3s；

②物体在传送带上因摩擦而产生的热量：